2019高考物理一輪復習 第九章 磁場 第69講 帶電粒子在圓形邊界磁場中的運動加練半小時 教科版

《2019高考物理一輪復習 第九章 磁場 第69講 帶電粒子在圓形邊界磁場中的運動加練半小時 教科版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019高考物理一輪復習 第九章 磁場 第69講 帶電粒子在圓形邊界磁場中的運動加練半小時 教科版（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第69講 帶電粒子在圓形邊界磁場中的運動 [方法點撥]　(1)帶電粒子進入圓形邊界磁場，一般需要連接磁場圓圓心與兩圓交點(入射點與出射點)連線，軌跡圓圓心與兩交點連線；(2)軌跡圓半徑與磁場圓半徑相等時會有磁聚焦現(xiàn)象；(3)沿磁場圓半徑方向入射的粒子，將沿半徑方向出射． 1．如圖1所示圓形區(qū)域內，有垂直于紙面方向的勻強磁場．一束質量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率，沿著相同的方向，對準圓心O射入勻強磁場，又都從該磁場中射出．這些粒子在磁場中的運動時間有的較長，有的較短．若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用，則在磁場中運動的帶電粒子(　　) 圖1 A．速率越大的運動時間越

2、長 B．運動時間越長的周期越大 C．速率越小的速度方向變化的角度越小 D．運動時間越長的半徑越小 2．(2018·四川德陽三校聯(lián)合測試)如圖2所示，半徑為R的圓是一圓柱形勻強磁場區(qū)域的橫截面(紙面)，磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向外，一電荷量為q、質量為m的負離子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區(qū)域，射入點與ab的距離為.已知離子射出磁場與射入磁場時運動方向間的夾角為60°，則離子的速率為(不計重力)(　　) 圖2 A. B. C. D. 3．如圖3所示，空間有一圓柱形勻強磁場區(qū)域，O點為圓心，磁場方向垂直于紙面向外．一帶正電的粒子從A點沿圖示箭頭方向以速率v射入磁場，

3、θ＝30°，粒子在紙面內運動，經(jīng)過時間t離開磁場時速度方向與半徑OA垂直．不計粒子重力．若粒子速率變?yōu)椋渌麠l件不變，粒子在圓柱形磁場中運動的時間為(　　) 圖3 A.B．tC.D．2t 4．(多選)(2017·湖南懷化二模)如圖4所示，豎直平面內一半徑為R的圓形區(qū)域內有磁感應強度為B的勻強磁場，方向垂直紙面向外．一束質量為m、電荷量為q的帶正電粒子沿平行于直徑MN的方向進入勻強磁場，粒子的速度大小不同，重力不計，入射點P到直徑MN的距離為h(h

4、子速度為 C．若h＝，粒子從P點經(jīng)磁場到M點的時間是 D．當粒子軌道半徑r＝R時，粒子從圓形磁場區(qū)域最低點射出 5．(多選)(2018·福建蒲田八中暑假考)如圖5所示，勻強磁場分布在半徑為R的圓形區(qū)域MON內，Q為半徑ON上的一點且OQ＝R，P點為邊界上一點，且PQ與MO平行．現(xiàn)有兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場(不計粒子重力及粒子間的相互作用)，其中粒子1從M點正對圓心射入，恰從N點射出，粒子2從P點沿PQ射入，下列說法正確的是(　　) 圖5 A．粒子2一定從N點射出磁場 B．粒子2在P、N之間某點射出磁場 C．粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為3∶2 D．

5、粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為2∶1 6．(多選)(2017·河南鄭州、平頂山、濮陽二模)如圖6所示，半徑為R的圓形區(qū)域內有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度為B.M為磁場邊界上一點，有無數(shù)個帶電荷量為＋q、質量為m的相同粒子(不計重力)在紙面內向各個方向以相同的速率通過M點進入磁場，這些粒子射出邊界的位置均處于邊界的某一段圓弧上，這段圓弧的弧長是圓周長的.下列說法中正確的是(　　) 圖6 A．粒子從M點進入磁場時的速率為v＝ B．粒子從M點進入磁場時的速率為v＝ C．若將磁感應強度的大小增加到B，則粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼? D．若將磁感應強度的大小增加到B，則

6、粒子射出邊界的圓弧長度變?yōu)樵瓉淼? 7．(多選)(2017·河北衡水中學七調)如圖7所示是一個半徑為R的豎直圓形磁場區(qū)域，磁感應強度大小為B，磁感應強度方向垂直紙面向內．有一個粒子源在圓上的A點不停地發(fā)射出速率相同的帶正電的粒子，帶電粒子的質量均為m，運動的半徑為r，在磁場中的軌跡所對應的圓心角為α.以下說法正確的是(　　) 圖7 A．若r＝2R，則粒子在磁場中運動的最長時間為 B．若r＝2R，粒子沿著與半徑方向成45°角斜向下射入磁場，則有關系tan＝成立 C．若r＝R，粒子沿著磁場的半徑方向射入，則粒子在磁場中的運動時間為 D．若r＝R，粒子沿著與半徑方向成60°角斜向下射入

7、磁場，則圓心角α為150° 8．(2017·河北石家莊第二次質檢)如圖8所示，圓心為O、半徑為R的圓形磁場區(qū)域中存在垂直紙面向外的勻強磁場，以圓心O為坐標原點建立坐標系，在y＝－3R處有一垂直y軸的固定絕緣擋板，一質量為m、帶電荷量為＋q的粒子，與x軸成60°角從M點(－R,0)以初速度v0斜向上射入磁場區(qū)域，經(jīng)磁場偏轉后由N點離開磁場(N點未畫出)恰好垂直打在擋板上，粒子與擋板碰撞后原速率彈回，再次進入磁場，最后離開磁場．不計粒子的重力，求： 圖8 (1)磁感應強度B的大?。? (2)N點的坐標； (3)粒子從M點進入磁場到最終離開磁場區(qū)域運動的總時間． 答案精析

8、 1．D 2．D　[設離子在勻強磁場中運動軌跡的半徑為r，速率為v.根據(jù)題述，離子射出磁場與射入磁場時速度方向之間的夾角為60°，可知離子運動軌跡所對的圓心角為60°，由幾何關系知rsin30°＝R.由qvB＝m，解得v＝，選項D正確．] 3．C　[粒子以速率v垂直O(jiān)A方向射出磁場，由幾何關系可知，粒子運動的軌跡半徑為r＝R＝，粒子在磁場中運動軌跡所對應的圓心角等于粒子速度的偏轉角，即；當粒子速率變?yōu)闀r，粒子運動的軌跡半徑減為，如圖所示，粒子偏轉角為π，由粒子在磁場中運動時間t與軌跡所對應的圓心角成正比和勻速圓周運動周期T＝可知，粒子減速后在磁場中運動時間為1.5t，C項正確．] 4

9、．ABD　[粒子出射方向與入射方向相反，在磁場中走了半周，其半徑r1＝h，由牛頓第二定律得：qv1B＝m，解得：v1＝，選項A正確；粒子從M點射出，其運動軌跡如圖，在△MQO1中，r＝(R－)2＋(h－r2)2 解得：r2＝，由牛頓第二定律得：qv2B＝m，解得：v2＝，選項B正確；若h＝，sin∠POQ＝＝，解得：∠POQ＝，由幾何關系 得粒子在磁場中偏轉所對應的圓心角為α＝π，粒子做圓周運動的周期：T＝，粒子的運動時間：t＝T＝，選項C錯誤；當粒子軌道半徑r＝R時，其做勻速圓周運動的軌跡如圖所示，圓心為O′，分別連接兩圓心與兩交點，則恰好形成一個菱形，由于PO′∥OJ，所以粒子

10、從最低點J點射出，選項D正確．] 5．AD　[如圖所示，粒子1從M點正對圓心射入，恰從N點射出，根據(jù)洛倫茲力指向圓心，和MN的中 垂線過圓心，可確定圓心為O1，半徑為R.兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場，粒子運動的半徑相同．粒子2從P點沿PQ射入，根據(jù)洛倫茲力指向圓心，圓心O2應在P點上方R處，連接O2P、ON、OP、O2N，O2PON為菱形，O2N大小為R，所以粒子2一定從N點射出磁場，A正確，B錯誤．∠MO1N＝90°，∠PO2N＝∠POQ，cos∠POQ＝＝，所以∠PO2N＝∠POQ＝45°.兩個完全相同的帶電粒子以相同的速度射入磁場，粒子運動的周期相同．粒子運動時間與

11、運動軌跡所對的圓心角成正比，所以粒子1與粒子2在磁場中的運行時間之比為2∶1，C錯誤，D正確．] 6．AC 7．BD　[若r＝2R，粒子在磁場中運動時間最長時，磁場區(qū)域的直徑是軌跡的一條弦，作出軌跡如圖甲所示，因為r＝2R，圓心角θ＝60°，粒子在磁場中運動的最長時間tmax＝T＝·＝，故A錯誤． 若r＝2R，粒子沿著與半徑方向成45°角斜向下射入磁場，如圖乙，根據(jù)幾何關系，有tan＝＝＝，故B正確．若r＝R，粒子沿著磁場的半徑方向射入，粒子運動軌跡如圖丙所示，圓心角90°，粒子在磁場中運動的時間t＝T＝·＝，故C錯誤．若r＝R，粒子沿著與半徑方向成60°角斜向下射入磁場，軌跡如圖丁

12、所示，圖中軌跡圓心與磁場圓心以及入射點和出射點構成菱形，圓心角為150°，故D正確．] 8．(1)　(2)　(3) 解析　(1)設粒子在磁場中運動軌跡的半徑為r，根據(jù)題設條件畫出粒子的運動軌跡如圖： 由幾何關系可以得到：r＝R， 由洛倫茲力提供向心力：qv0B＝m，得到：B＝. (2)由圖幾何關系可以得到：x＝Rsin60°＝R， y＝－Rcos60°＝－R. N點坐標為(R，－R)． (3)粒子在磁場中運動的周期T＝，由幾何知識得到粒子在磁場中運動軌跡的圓心角共為180°，粒子在磁場中運動時間：t1＝，粒子在磁場外做勻速直線運動，從出磁場到再次進磁場的時間為：t2＝，其中s＝3R－R，粒子從M點進入磁場到最終離開磁場區(qū)域運動的總時間t＝t1＋t2，聯(lián)立解得t＝. 8