2017-2018學年高考物理二輪復習 第7板塊 選考模塊教學案

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1、1第第 7 7 板塊板塊 選考模塊選考模塊第 29 講|熱學選修 33?？純热輰W法指導分子大小的估算；對分子動理論內容的理解；物態(tài)變化中的能量問題；氣體實驗定律的理解和計算；理想氣體狀態(tài)方程的應用；固、液、氣三態(tài)的微觀解釋和理解；熱力學定律的理解和簡單計算；用油膜法估測分子大小等內容。選修 33 內容瑣碎、考查點多，復習中應以四塊知識(分子動理論，從微觀角度分析固體、液體、氣體的性質，氣體實驗定律，熱力學定律)為主干，梳理出知識點，進行理解性記憶。一、分子動理論、內能及熱力學定律基礎保分類考點全練題點1(2018 屆高三江西五市八校聯考)下列說法中正確的是()A布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒

2、的無規(guī)則運動B氣體的溫度升高，每個氣體分子運動的速率都增加C一定量 100 的水變成 100 的水蒸氣，其分子之間的勢能增加D只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低E空調機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內送到溫度較高的室外，所以制冷機的工作不遵守熱力學第二定律解析：選 ACD布朗運動是指液體或氣體中懸浮微粒的無規(guī)則運動，故 A 正確；溫度是分子平均動能的標志，氣體溫度升高，分子的平均動能增加，其中有些分子的速率增加，但也有些分子的速率會減小，只是分子的平均速率增加，故 B 錯誤；一定量 100 的水變成100 的水蒸氣，溫度沒有變化，分子的平均動能不變，但是在這個過程

3、中要吸熱，內能增加，所以分子之間的勢能必定增加，故 C 正確；溫度是分子平均動能的標志，只要能減弱氣體分子熱運動的劇烈程度，氣體的溫度就可以降低，故 D 正確；空調機作為制冷機使用時，將熱量從溫度較低的室內送到溫度較高的室外，產生了其他影響，即消耗了電能，所以不違背熱力學第二定律，故 E 錯誤。2(2013全國卷)兩個相距較遠的分子僅在分子力作用下由靜止開始運動，直至不再靠近。在此過程中，下列說法正確的是()A分子力先增大，后一直減小B分子力先做正功，后做負功C分子動能先增大，后減小D分子勢能先增大，后減小E分子勢能和動能之和不變2解析：選 BCE分子力應先增大，后減小，再增大，所以 A 選項

4、錯；分子力先為引力，做正功，再為斥力，做負功，B 選項正確；根據動能定理可知分子動能先增大后減小，分子勢能先減小后增大，分子動能和分子勢能之和保持不變，所以 C、E 選項正確，D 錯誤。3下列說法中正確的是()A氣體放出熱量，其分子的平均動能可能增大B布朗運動不是液體分子的運動，但它可以說明分子在永不停息地做無規(guī)則運動C當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大D第二類永動機不違反能量守恒定律，但違反了熱力學第一定律E某氣體的摩爾體積為V，每個分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數可表示為NAVV0解析：選 ABC氣體放出熱量，若外界對氣體做功，溫度升高，其分子的平均動能增

5、大，故 A 正確； 布朗運動不是液體分子的運動， 但它可以說明液體分子在永不停息地做無規(guī)則運動， 故 B 正確； 當分子力表現為斥力時， 分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大，故 C 正確；第二類永動機不違反能量守恒定律，但違反了熱力學第二定律，故 D 錯誤；某固體或液體的摩爾體積為V，每個分子的體積為V0，則阿伏加德羅常數可表示為NAVV0，而氣體此式不成立，故 E 錯誤。4(2017隨州調考)下列說法正確的是()A顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無規(guī)則運動，這反映了液體分子運動的無規(guī)則性B分子間的相互作用力隨著分子間距離的增大，一定先減小后增大C分子勢能隨著分子間距離的增大，

6、可能先減小后增大D在真空、高溫條件下，可以利用分子擴散向半導體材料摻入其他元素E當溫度升高時，物體內每一個分子熱運動的速率一定都增大解析：選 ACD布朗運動是固體顆粒在液體中的運動，反應液體分子的運動，故顯微鏡下觀察到墨水中的小炭粒在不停地做無規(guī)則運動， 這反映了液體分子運動的無規(guī)則性， 故選項 A 正確；分子間的相互作用力隨著分子間距離由很小逐漸增大，當r光線在玻璃磚內會發(fā)生三次全反射，最后由G點射出，如圖乙所示。由反射定律和幾何關系得乙OGOC32R射到G點的光有一部分被反射，沿原路返回到達C點射出。答案(1) 2R(2)見解析通法點撥1折射率：光從真空射入某種介質，入射角的正弦與折射角的

7、正弦之比叫做介質的折射率，公式為nsin1sin2。實驗和研究證明，某種介質的折射率等于光在真空中的傳播速度c跟光在這種介質中的傳播速度v之比，即ncv。2臨界角：折射角等于 90時的入射角，稱為臨界角。當光從折射率為n的某種介質射向真空(空氣)時發(fā)生全反射的臨界角為C，則 sinC1n。363全反射的條件(1)光從光密介質射向光疏介質。(2)入射角大于或等于臨界角。4光的色散問題(1)在同一介質中，不同頻率的光的折射率不同，頻率越高，折射率越大。(2)可由ncv，n0可知，光的頻率越高，在介質中的波速越小，波長越小。集訓沖關1.(2017襄陽模擬)如圖所示為半圓形的玻璃磚，C為AB的中點，O

8、O為過C點的AB面的垂線。a、b兩束不同頻率的單色可見細光束垂直AB邊從空氣射入玻璃磚，且兩束光在AB面上的入射點到C點的距離相等，兩束光折射后相交于圖中的P點，以下判斷正確的是()A在半圓形的玻璃磚中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度Ba光的頻率大于b光的頻率C兩種色光分別通過同一雙縫干涉裝置形成的干涉條紋，相鄰亮條紋的間距a光的較大D若a、b兩束光從同一介質射入真空中，a光發(fā)生全反射時的臨界角大于b光發(fā)生全反射時的臨界角Eb光比a光更容易發(fā)生衍射現象解析：選 ACD由折射光路可知，b光的折射率大于a光，則根據ncv可知，在半圓形的玻璃磚中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度，選項 A 正確；

9、a光的頻率小于b光的頻率， 選項 B 錯誤； 因a光的波長大于b光， 故a光比b光更容易發(fā)生衍射現象， 選項 E 錯誤；根據xLd， 則兩種色光分別通過同一雙縫干涉裝置形成的干涉條紋， 相鄰亮條紋的間距a光的較大，選項 C 正確；根據 sinC1n可知，若a、b兩束光從同一介質射入真空中，a光發(fā)生全反射的臨界角大于b光發(fā)生全反射的臨界角，選項 D 正確。2(2018 屆高三衡水四校聯考)如圖所示，將一等腰直角棱鏡ABC截去棱角ADE，使其截面DE平行于底面BC，可制成“道威棱鏡”，這樣就減小了棱鏡的重量和雜散的內部反射。已知棱鏡玻璃的折射率n 2，棱邊長LAC3 3 cm，LAD3 cm，一束

10、平行于底邊BC的單色光從BD邊上的M點射入棱鏡，求：37(1)光線進入“道威棱鏡”時的折射角；(2)通過計算判斷光線能否從BC邊射出；(3)光線在棱鏡中傳播所用的時間。解析：(1)由折射定律nsin 45sinr，解得r30。(2)由臨界角公式 sinC1n，得C45如圖所示，光線到達BC邊時，入射角75C，將發(fā)生全反射，所以光線不能從BC邊射出。(3)光在棱鏡中的傳播速度vcn31082m/s3 22108m/s由幾何關系可知ACD30，CD2LAD6 cm，光在介質中的路程sCD6 cm0.06 m。所用時間tsv2 21010s。答案：(1)30(2)見解析(3)2 21010s四、光的

11、波動性電磁波相對論基礎保分類考點全練題點1.(2016天津高考)如圖是a、b兩光分別經過同一雙縫干涉裝置后在屏上形成的干涉圖樣，則()A在同種均勻介質中，a光的傳播速度比b光的大B從同種介質射入真空發(fā)生全反射時a光臨界角大C照射在同一金屬板上發(fā)生光電效應時，a光的飽和電流大D若兩光均由氫原子能級躍遷產生，產生a光的能級能量差大38解析：選 D雙縫干涉中相鄰兩個亮條紋或暗條紋的中心間距xld，同一雙縫干涉裝置中l(wèi)、d相同，故a光的波長比b光的波長短，在同種均勻介質中，a光的折射率比b光的大，由vcn知，a光的傳播速度比b光的小，選項 A 錯誤；由 sinC1n知，從同種介質射入真空發(fā)生全反射時，

12、a光的臨界角小，選項 B 錯誤；當光照射在金屬板上發(fā)生光電效應時，產生的飽和電流的大小與光的強度有關，光的強度未知，選項 C 錯誤；氫原子能級躍遷時的能量差Eh，產生的光頻率越大，對應的能級能量差越大，選項 D 正確。2以下說法中正確的是()A對于同一障礙物，波長越大的光波越容易繞過去B白光通過三棱鏡在屏上出現彩色條紋是光的一種干涉現象C紅光由空氣進入水中，波長變長、顏色不變D用透明的標準樣板和單色光檢查平面的平整度是利用了光的干涉E不管光源與觀察者是否存在相對運動，觀察者觀察到的光速是不變的解析： 選 ADE波長越長的光越容易發(fā)生衍射現象， 故越容易繞過障礙物， 所以 A 正確；白光通過三棱

13、鏡在屏上出現彩色條紋是光的一種折射現象， 所以 B 錯誤； 紅光由空氣進入水中，頻率不變，故顏色不變，傳播速度減小，故波長變短，所以 C 錯誤；用透明的標準樣板和單色光檢查平面的平整度是利用了光的干涉，即薄膜干涉，所以 D 正確；根據狹義相對性原理，不管光源與觀察者是否存在相對運動，觀察者觀察到的光速是不變的，故 E 正確。3(2016全國卷)關于電磁波，下列說法正確的是()A電磁波在真空中的傳播速度與電磁波的頻率無關B周期性變化的電場和磁場可以相互激發(fā)，形成電磁波C電磁波在真空中自由傳播時，其傳播方向與電場強度、磁感應強度均垂直D利用電磁波傳遞信號可以實現無線通信，但電磁波不能通過電纜、光纜

14、傳輸E電磁波可以由電磁振蕩產生，若波源的電磁振蕩停止，空間的電磁波隨即消失解析：選 ABC電磁波在真空中的傳播速度等于光速，與電磁波的頻率無關，選項 A 正確； 周期性變化的電場和磁場可以相互激發(fā)，形成電磁波，選項 B 正確；電磁波傳播方向與電場強度、磁感應強度均垂直，選項 C 正確；電磁波可以通過光纜傳輸，選項 D 錯誤；電磁波波源的電磁振蕩停止， 波源不再產生新的電磁波， 但空間中已產生的電磁波仍可繼續(xù)傳播，選項 E 錯誤。4下列說法正確的是()A擺鐘偏快時可縮短擺長進行校準B火車鳴笛向我們駛來時，我們聽到的笛聲頻率將比聲源發(fā)出的頻率高C拍攝玻璃櫥窗內的物品時，往往在鏡頭前加一個偏振片以增

15、加透射光的強度39D地面附近有一高速水平飛過的火箭，地面上的人觀察到的火箭長度要比火箭上的人觀察到的短一些E光從水中射入玻璃中，發(fā)現光線偏向法線，則光在玻璃中傳播速度一定小于在水中的傳播速度解析：選 BDE擺鐘偏快，說明周期偏小，要讓周期變大，則可將擺長調長進行校準，選項 A 錯誤；根據多普勒效應，火車向我們駛來的時候，聽到的頻率高于聲源發(fā)出的頻率，選項 B 正確；加偏振片的目的是減弱櫥窗玻璃的反射光，選項 C 錯誤；對一高速水平飛過的火箭，地面上的人觀察到火箭沿著速度方向的長度比火箭上的人觀察到的短一些，選項 D正確；光從水中射入玻璃中，發(fā)現光線偏向法線，則玻璃的折射率大，根據公式vcn可知

16、，光在玻璃中傳播速度一定小于在水中的傳播速度，選項 E 正確。5(2017貴陽一中月考)下列說法正確的是()A如果振源停止振動，在介質中傳播的波立即消失B用單色平行光照射單縫，縫寬不變，光的波長越長，衍射現象越顯著C太陽光經過偏振片后，光強度減弱，且和醫(yī)院“B 超”中的超聲波傳播速度相同D麥克斯韋關于電磁場的兩個基本觀點是：變化的電場產生磁場和變化的磁場產生電場E如果測量到來自遙遠星系上某些元素發(fā)出的光波波長比地球上這些元素靜止時發(fā)出的波長長，這說明該星系正在遠離我們而去解析：選 BDE振源停止振動時，由于慣性，其他振動質點并不立即停止振動，所以在介質中傳播的波并不立即停止， 故 A 錯誤；

17、單色平行光照射單縫， 縫寬不變， 光的波長越長，則衍射現象越顯著， 故 B 正確； 太陽光中的可見光是電磁波的一種， 電磁波的速度等于光速，醫(yī)院“B 超”中的超聲波屬于機械波，傳播速度不同，故 C 錯誤；由麥克斯韋的電磁理論，變化的電場產生磁場，同樣，變化的磁場產生電場，故 D 正確；如果測量到來自遙遠星系上某些元素發(fā)出的光波波長比地球上這些元素靜止時發(fā)出的波長長，則由cf，知接收的頻率變小，根據多普勒效應，可知該星系正在遠離我們而去，故 E 正確。全能備考1機械波和光波都能發(fā)生干涉、衍射、多普勒效應等現象，是波特有的現象。偏振現象是橫波的特有現象。要觀察到穩(wěn)定的干涉現象和明顯的衍射現象需要一

18、定的條件。2機械波的干涉圖樣中，實線和實線的交點、虛線和虛線的交點及其連線為振動加強處；實線和虛線的交點及其連線處為振動減弱處。振動加強點有時位移也為零，只是振幅為兩列波的振幅之和，顯得振動劇烈。3光的雙縫干涉條紋間距xld40(1)l、d相同時，x，可見光中的紅光條紋間距最大，紫光最小。(2)間隔均勻，亮度均勻，中央為亮條紋。(3)如用白光做實驗，中間為白色，兩邊為由紫到紅的彩色。4光的干涉現象：薄膜干涉(油膜、空氣膜、增透膜、牛頓環(huán))；光的衍射現象：圓孔衍射、泊松亮斑。5狹義相對論的重要結論(1)在任何慣性系中觀察光速均為c。(2)相對觀測者運動的物體長度變短。(3)相對觀測者運動的時鐘變

19、慢。專題強訓提能1(1)一振動周期為T，位于x0 處的波源從平衡位置開始沿y軸正方向做簡諧運動，該波源產生的簡諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為v，關于在x3vT2處的質點P，下列說法正確的是_。A質點P振動周期為T，速度的最大值為vB若某時刻質點P的速度方向沿y軸負方向，則該時刻波源速度方向沿y軸正方向C質點P開始振動的方向沿y軸正方向D當P開始振動后，若某時刻波源在波峰，則質點P一定在波谷E當P開始振動后，若某時刻波源在波谷，則質點P也一定在波谷(2)如圖所示，某種透明材料做成的三棱鏡，其橫截面是邊長為a的等邊三角形，現用一束寬度為a的單色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到該三棱鏡的AB

20、及AC面上，結果所有從AB、AC面入射的光線進入后恰好全部直接到達BC面。求：()該材料對此平行光束的折射率；()這些直接到達BC面的光線從BC面折射而出后，如果照射到一塊平行于BC面的屏上形成光斑，則當屏到BC面的距離d滿足什么條件時，此光斑分為兩條？解析：(1)質點P振動周期與波源振動周期相同，也為T，但其振動速度與波速不同，故 A 錯誤。x3vT232，P與波源是反相點，若某時刻質點P的速度方向沿y軸負方向，則該時刻波源速度方向沿y軸正方向，故 B 正確。根據波的特點：簡諧波傳播過程中，質點的起振方向都與波源的起振方向相同，故質點P開始振動的方向沿y軸正方向，故 C 正確。P與波源是反相

21、點，故若某時刻波源在波峰，則質點P一定在波谷，故 D 正確，E 錯誤。(2)()由于對稱性，我們考慮從AB面入射的光線，這些光線在棱鏡中是平行于AC面的，由對稱性和幾何知識可得，光線進入AB面時的入射角和折射角分別為：60，4130則材料的折射率為nsinsin 3。()如圖O為BC中點，緊靠B點從BC面射出的光線與直線AO交于D，由圖可知：當光屏放在D點右側時，根據對稱性，光屏上形成兩條光斑。由幾何關系有ODa2tan36a所以當光屏到BC距離d超過36a時，光斑分為兩條。答案：(1)BCD(2)() 3()d36a2(2018 屆高三青島八校聯考)(1)關于波的現象，下列說法正確的有_。A

22、當波從一種介質進入另一種介質時，頻率不會發(fā)生變化B光波從空氣中進入水中后，更容易發(fā)生衍射C波源沿直線勻速靠近一靜止接收者，則接收者接收到波信號的頻率會比波源頻率低D不論機械波、電磁波，都滿足vf，式中三個參量依次為波速、波長、頻率E電磁波具有偏振現象(2)如圖所示，AOB是由某種透明物質制成的14圓柱體橫截面(O為圓心)， 折射率為 2， 今有一束平行光以 45的入射角射向柱體的OA平面，這些光線中有一部分不能從柱體的AB面上射出，設凡射到OB面的光線全部被吸收，不考慮OA面的反射，求圓柱體AB面上能射出光線的部分占AB表面的幾分之幾。解析：(1)波在傳播過程中波速和波長會變化，始終不變的量是

23、頻率，A 正確；光從空氣中進入水中后，波長減小，更不容易發(fā)生衍射，B 錯誤；根據多普勒效應可知，當波源與接收者之間的相對距離減小時，接收者接收到波信號的頻率升高，C 錯誤；公式vf適用任何波，D 正確；電磁波是橫波，橫波具有偏振現象，E 正確。(2)從O點射入的光線，設折射角為，根據折射定律，有：nsin 45sin，解得：30設從某位置P點入射的光線，折射到AB弧面上的Q點時，在Q點的入射角恰等于臨界角C，有：sinC1n42代入數據得：C45PQO中，18090C15所以能射出光線區(qū)域對應的圓心角9045能射出光線的部分占AB面的比例為459012。答案：(1)ADE(2)123.(1)某

24、同學利用平行玻璃磚測量玻璃的折射率，按插針法步驟正確操作， 借助刻度尺完成了光路圖。 該同學有圓規(guī)， 卻沒有量角器，他就以O點為圓心，15.00 cm 為半徑畫圓，分別交入射光線于A點，交直線OO的延長線于C點， 分別過A、C點作法線NN的垂線交NN于B、D點，如圖所示。用刻度尺測得AB9.00 cm，CD6.00 cm，則玻璃的折射率n_(請用已知線段表示)，代入數據求得n_。若玻璃磚前后兩面并不平行， 按正確實驗操作， 則他測出的折射率_(填“會”或“不會”)受到影響。(2)如圖所示，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，圖中的實線和虛線分別是該波在t0.02 s 和t0.08 s 時刻的波形圖。

25、()在t0.02 s 時，求x0.9 m 處質點的振動方向及該波的最大周期；()若波傳播的周期為T，且 8Tt9T，求該波傳播的波速大小。解析：(1)由題圖可得 sinAOBABOA，sinDOCCDOC，OAOC，根據折射定律得nsinAOBsinDOCABCD9.006.001.5。由于在確定玻璃中的折射光線的位置時與前后兩面是否平行無關，所以只要操作正確，折射率的測量就不會受玻璃磚的形狀的影響。(2)()該波沿x軸正方向傳播，根據前一質點帶動后一質點振動的原理，t0.02 s時，x0.9 m 處的質點向y軸負方向振動。由題意有34Tmaxtt解得Tmax0.08 s。()若 8Tt9T，

26、則依題意有tt634T43解得T0.089s由題圖可知該波的波長1.2 m，則波速vT135 m/s。答案：(1)ABCD1.5不會(2)()沿y軸負方向0.08 s()135 m/s4(2017全國卷)(1)如圖(a)，在xy平面內有兩個沿z方向做簡諧振動的點波源S1(0,4)和S2(0， 2)。 兩波源的振動圖線分別如圖(b)和圖(c)所示。 兩列波的波速均為 1.00m/s。兩列波從波源傳播到點A(8，2)的路程差為_ m，兩列波引起的點B(4,1)處質點的振動相互_(填“加強”或“減弱”)，點C(0,0.5)處質點的振動相互_(填“加強”或“減弱”)。(2)如圖，一玻璃工件的上半部是半

27、徑為R的半球體，O點為球心；下半部是半徑為R、高為 2R的圓柱體，圓柱體底面鍍有反射膜。有一平行于中心軸OC的光線從半球面射入，該光線與OC之間的距離為 0.6R。已知最后從半球面射出的光線恰好與入射光線平行(不考慮多次反射)。求該玻璃的折射率。解析： (1)點波源S1(0,4)的振動形式傳播到點A(8， 2)的路程為L110 m， 點波源S2(0，2)的振動形式傳播到點A(8，2)的路程為L28 m，兩列波從波源傳播到點A(8，2)的路程差為LL1L22 m。由于兩列波的波源到點B(4,1)的路程相等，路程差為零，且t0 時兩列波的波源的振動方向相反，所以兩列波到達點B時振動方向相反，引起點

28、B處質點的振動相互減弱；由振動圖線可知，波動周期為T2 s，波長vT2 m。由于兩列波的波源到點C(0,0.5)的路程分別為 3.5 m 和 2.5 m，路程差為 1 m，而t0 時兩列波的波源的振動方向相反， 所以兩列波到達點C時振動方向相同， 引起點C處質點的振動相互加強。(2)如圖， 根據光路的對稱性和光路可逆性， 與入射光線相對于OC軸對稱的出射光線一定與入射光線平行。這樣，從半球面射入的折射光線，將從圓柱體底面中心C點反射。設光線在半球面的入射角為i，折射角為r。由折射定律有44sininsinr由正弦定理有sinr2RsinirR由幾何關系，入射點的法線與OC的夾角為i。由題設條件

29、和幾何關系有siniLR式中L是入射光線與OC的距離。由式和題給數據得sinr6205由式和題給數據得n 2.051.43。答案：(1)2減弱加強(2)1.435(2017全國卷)(1)如圖，一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，實線為t0 時的波形圖，虛線為t0.5 s 時的波形圖。已知該簡諧波的周期大于 0.5 s。關于該簡諧波，下列說法正確的是_。A波長為 2 mB波速為 6 m/sC頻率為 1.5 HzDt1 s 時，x1 m 處的質點處于波峰Et2 s 時，x2 m 處的質點經過平衡位置(2)如圖，一半徑為R的玻璃半球，O點是半球的球心，虛線OO表示光軸(過球心O與半球底面垂直的直線)。已知

30、玻璃的折射率為 1.5。現有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光線能從球面射出(不考慮被半球的內表面反射后的光線)。求()從球面射出的光線對應的入射光線與光軸距離的最大值；()距光軸R3的入射光線經球面折射后與光軸的交點到O點的距離。解析：(1)由圖像可知簡諧橫波的波長為4 m，A 項錯誤；波沿x軸正向傳播，t0.5 s34T，可得周期T23s、頻率f1T1.5 Hz，波速vT6 m/s，B、C 項正確；t450 時刻，x1 m 處的質點在波峰，經過 1 s32T，一定在波谷，D 項錯誤；t0 時刻，x2 m 處的質點在平衡位置，經過 2 s3T，質點一定經過平衡位置，E 項正確。(2)(

31、)如圖，從底面上A處射入的光線，在球面上發(fā)生折射時的入射角為i，當i等于全反射臨界角ic時，對應入射光線到光軸的距離最大，設最大距離為l。iic設n是玻璃的折射率，由全反射臨界角的定義有nsinic1由幾何關系有sinilR聯立式并利用題給條件，得l23R。()設與光軸相距R3的光線在球面B點發(fā)生折射時的入射角和折射角分別為i1和r1，由折射定律有nsini1sinr1設折射光線與光軸的交點為C，在OBC中，由正弦定理有sinCRsin180r1OC由幾何關系有Cr1i1sini113聯立式及題給條件得OC32 2 35R2.74R。答案：(1)BCE(2)()23R()2.74R教師備選題1

32、.(2015全國卷)(1)如圖，一束光沿半徑方向射向一塊半圓柱形玻璃磚，在玻璃磚底面上的入射角為，經折射后射出a、b兩束光線。則_。A在玻璃中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度46B在真空中，a光的波長小于b光的波長C玻璃磚對a光的折射率小于對b光的折射率D若改變光束的入射方向使角逐漸變大，則折射光線a首先消失E分別用a、b光在同一個雙縫干涉實驗裝置上做實驗，a光的干涉條紋間距大于b光的干涉條紋間距(2)平衡位置位于原點O的波源發(fā)出的簡諧橫波在均勻介質中沿水平x軸傳播，P、Q為x軸上的兩個點(均位于x軸正向)，P與O的距離為 35 cm，此距離介于一倍波長與二倍波長之間。已知波源自t0 時由平

33、衡位置開始向上振動，周期T1 s，振幅A5 cm。當波傳到P點時，波源恰好處于波峰位置；此后再經過 5 s，平衡位置在Q處的質點第一次處于波峰位置。求：()P、Q間的距離；()從t0 開始到平衡位置在Q處的質點第一次處于波峰位置時，波源在振動過程中通過的路程。解析：(1)通過光路圖可看出，折射后a光的偏折程度大于b光的偏折程度，玻璃磚對a光的折射率大于對b光的折射率，選項 C 錯誤。a光的頻率大于b光的頻率，波長小于b光的波長，選項 B 正確。由ncv知，在玻璃中，a光的傳播速度小于b光的傳播速度，選項A 正確。入射角增大時，折射率大的光線首先發(fā)生全反射，a光首先消失，選項 D 正確。做雙縫干

34、涉實驗時，根據xLd得a光的干涉條紋間距小于b光的干涉條紋間距，選項 E錯誤。(2)()由題意，O、P兩點間的距離與波長之間滿足OP54波速v與波長的關系為vT在t5 s 的時間間隔內，波傳播的路程為vt。由題意有vtPQ4式中，PQ為P、Q間的距離。由式和題給數據，得PQ133 cm。()Q處的質點第一次處于波峰位置時，波源運動的時間為t1t54T47波源從平衡位置開始運動，每經過T4，波源運動的路程為A。由題給條件得t125T4故t1時間內，波源運動的路程為s25A125 cm。答案：(1)ABD(2)()133 cm()125 cm2(1)下列說法中正確的是_。A遙控器發(fā)出的紅外線脈沖信

35、號可以用來遙控電視機、錄像機和空調機B觀察者相對于振動頻率一定的聲源運動時，接收到聲波的頻率小于聲源頻率C狹義相對論認為真空中光源的運動會影響光的傳播速度D光的偏振現象說明光是一種橫波E兩列頻率相同的機械波相遇時，在相遇區(qū)可能會出現穩(wěn)定干涉現象(2)一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，某時刻的波形圖如圖所示，從該時刻開始計時。()若質點P(坐標為x3.2 m)經 0.4 s 第一次回到初始位置，求該機械波的波速和周期；()若質點Q(坐標為x5 m)在 0.5 s 內通過的路程為(105 2)cm，求該機械波的波速和周期。解析：(1)遙控器是利用其所發(fā)出的紅外線脈沖信號來遙控電視機、錄像機和空調機的，

36、A 正確；聲源與觀察者相互靠近時，觀察者接收到的頻率大于聲源頻率，B 錯誤；狹義相對論的基本假設是：在不同的慣性參考系中真空中的光速是不變的； 在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是等價的，C 錯誤；偏振是橫波的特有現象，光的偏振現象說明光是一種橫波，D 正確；只有頻率相同的兩列機械波相遇，才能出現穩(wěn)定干涉現象，E 正確。(2)()由于波向右傳播，當P點經 0.4 s 第一次回到初始位置，一定是x0 處的振動狀態(tài)傳播到P點，則該機械波波速為：vxt3.200.4m/s8 m/s由波形圖可知，波長8 m則Tv88s1 s。()由波動圖像可知，此時Q點的縱坐標為y522 cm，當其通過的路程為(1

37、05 2)cm 時，一定是x1 m 處的質點振動狀態(tài)傳播到Q點，則該機械波波速為：48vxt510.5m/s12 m/s則Tv812s23s。答案：(1)ADE(2)()8 m/s1 s()12 m/s23s3(2018 屆高三衡水中學調研)(1)一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，圖甲是波傳播到x5 m 的M點的波形圖，圖乙是質點N(x3 m)從此時刻開始計時的振動圖像，Q是位于x10 m 處的質點。下列說法正確的是_。A這列波的波長是 4 mB這列波的傳播速度是 1.25 m/sCM點以后的各質點開始振動時的方向都沿y方向D質點Q經過 8 s 時，第一次到達波峰E在 016 s 內，質點Q經過的

38、路程為 11 m(2)如圖丙所示，MN為豎直放置的光屏，光屏的左側有半徑為R、折射率為 3的透明半球體，O為球心，軸線OA垂直于光屏，O至光屏的距離OA3 32R。一細束單色光垂直射向半球體的平面，在平面的入射點為B，OB12R，求：()光線從透明半球體射出時，出射光線偏離原方向的角度。()光線在光屏上形成的光斑到A點的距離。解析：(1)由題圖知，該波的波長為 4 m，周期為 4 s，因此波速vT1 m/s，故 A正確，B 錯誤；由于波沿x正方向傳播，由同側法知M點的起振方向沿y軸的負方向，根據各質點的起振方向一致知，M點以后的各質點開始振動時的方向都沿y軸的負方向， C 正確；質點Q第一次到

39、達波峰所需的時間tsv1021s8 s，D 正確；由于經過 5 s，Q才開始振動，再經過 11 s，質點O經過的路程為x11 sT4A1.1 m，E 錯誤。(2)()如圖所示，由折射定律，有nsinsini 349其中i30，解得60所以出射光線偏離原方向603030。()由幾何知識，有CDR，OD 3R所以AD32R，所以AEADtanR2。答案：(1)ACD(2)()30()R24(2017全國卷)(1)在雙縫干涉實驗中，用綠色激光照射在雙縫上，在縫后的屏幕上顯示出干涉圖樣。若要增大干涉圖樣中兩相鄰亮條紋的間距，可選用的方法是_。A改用紅色激光B改用藍色激光C減小雙縫間距D將屏幕向遠離雙縫

40、的位置移動E將光源向遠離雙縫的位置移動(2)一直桶狀容器的高為 2l， 底面是邊長為l的正方形； 容器內裝滿某種透明液體，過容器中心軸DD、垂直于左右兩側面的剖面圖如圖所示。容器右側內壁涂有反光材料，其他內壁涂有吸光材料。在剖面的左下角處有一點光源，已知由液體上表面的D點射出的兩束光線相互垂直，求該液體的折射率。解析：(1)由xld可知，改用波長更長的激光照射在雙縫上，相鄰亮條紋的間距x增大，A 項正確，B 項錯誤；減小雙縫間距d，相鄰亮條紋的間距x增大，C 項正確；將屏幕向遠離雙縫的位置移動，增大了屏幕與雙縫的距離l，相鄰亮條紋的間距x增大，D 項正確；相鄰亮條紋的間距與光源到雙縫的距離無關

41、，E 項錯誤。(2)設從光源發(fā)出直接射到D點的光線的入射角為i1，折射角為r1。在剖面內作光源相對于反光壁的鏡像對稱點C，連接C、D，交反光壁于E點，由光源射向E點的光線，反射后沿ED射向D點。光線在D點的入射角為i2，折射角為r2，如圖所示。設液體的折射率為n，由折射定律有nsini1sinr1nsini2sinr2由題意知50r1r290聯立式得n21sin2i1sin2i2由幾何關系可知sini1l24l2l24117sini232l4l29l2435聯立式得n1.55。答案：(1)ACD(2)1.55考前仿真押題練(一)(限時：60 分鐘滿分：110 分)一、選擇題(本題共 8 小題，

42、每小題 6 分。在每小題給出的四個選項中，第 15 題只有一項符合題目要求，第 68 題有多項符合題目要求。全部選對的得 6 分，選對但不全的得3 分，有選錯的得 0 分)1在物理學發(fā)展史上，許多科學家通過恰當地運用科學研究方法，超越了當時研究條件的局限性，取得了輝煌的研究成果。下列表述符合物理學史事實的是()A牛頓由斜面實驗通過邏輯推理得出了自由落體運動的規(guī)律B庫侖利用庫侖扭秤巧妙地實現了對電荷間的作用力與電荷量的關系研究C法拉第發(fā)現載流導線對小磁針的作用，揭示了電現象與磁現象之間存在的聯系D安培用電場線和磁感線形象地描述電場和磁場，促進了電磁現象的研究解析：選 B伽利略通過斜面實驗發(fā)現了自

43、由落體運動的規(guī)律，故 A 項錯；庫侖利用庫侖扭秤實驗實現了對電荷間的作用力與電荷量的關系的研究， 故 B 項正確； 奧斯特發(fā)現了載流導線對小磁針的作用，揭示了電現象與磁現象之間存在的聯系，故 C 項錯； 電場線和磁感線都是法拉第引入的，故 D 項錯。2.甲、乙兩輛汽車在一條平直的單行道上同向行駛，乙在前，甲在后。t0 時刻，兩車同時剎車，結果發(fā)生了碰撞。如圖所示為51兩車剎車后不會相撞的vt圖像，下列說法正確的是()A兩車剎車時的距離一定小于 90 mB兩車剎車時的距離一定等于 112.5 mC兩車一定是在t20 s 之前的某時刻發(fā)生相撞的D兩車一定是在t20 s 之后的某時刻發(fā)生相撞的解析：

44、 選 C當兩車速度相同時相距最小， 由vt圖像可知最小距離為12(2515)20m100 m，由于兩車相撞，所以剎車時的距離小于 100 m，故 A、B 項錯誤；兩車速度相同時相距最小，若此時不相撞那以后也不會相撞，所以兩車一定是在 20 s 之前的某時刻發(fā)生相撞的，故 C 項正確，D 項錯誤。3.如圖所示，質量為m的小球用細線拴住放在光滑斜面上，斜面足夠長，傾角為的斜面體置于光滑水平面上，用水平力F推斜面體使斜面體緩慢地向左移動，小球沿斜面緩慢升高。當線拉力最小時，推力F等于()AmgsinB.12mgsinCmgsin 2D.12mgsin 2解析：選 D隔離小球受力分析，畫出受力動態(tài)矢量

45、圖，如圖所示。當細線與斜面平行時，細線拉力最小，對小球和斜面體整體分析受力，在水平面內由平衡條件可得：FFTcosmgsincos12mgsin2，D 項正確。4為了實現人類登陸火星的夢想，我國宇航員王躍和俄羅斯宇航員一起進行了“模擬登火星”的實驗活動， 假設火星半徑與地球半徑之比為 1 2， 火星質量與地球質量之比為 19。已知地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，萬有引力常量為G，忽略自轉的影響，則()A火星表面與地球表面的重力加速度之比為 29B火星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為 23C火星的密度為g3GRD若王躍以相同初速度在火星表面與地球表面能豎直跳起的最大高度之比為 9

46、2解析：選 B由GMmR2mg可得：gGMR2，由于火星半徑與地球半徑之比為 12，火星質量與地球質量之比為 19，則火星表面的重力加速度是地球表面重力加速度的49，即為49g，52故 A 項錯； 由GMmR2mv2R得：vGMR， 則火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的23倍，故 B 項正確； 設火星質量為M， 由萬有引力等于重力可得：GMmR2mg， 解得：MgR29G，密度為：MV2g3GR，故 C 項錯；王躍以v0在地球上起跳時，根據豎直上拋的運動規(guī)律可知跳起的最大高度是：hv022g，由于火星表面的重力加速度是49g，王躍以相同的初速度在火星上起跳時，可跳的最大高度h94h，故 D

47、 項錯。5.如圖，水平桌面上固定有一半徑為R的光滑金屬細圓環(huán)，環(huán)面水平，圓環(huán)總電阻為r； 空間有一勻強磁場， 磁感應強度大小為B， 方向豎直向下；一長度為 2R、電阻可忽略的導體棒AC置于圓環(huán)左側并與環(huán)相切，切點為棒的中點。 一拉力作用于棒中點使其以恒定加速度a從靜止開始向右運動，運動過程中棒與圓環(huán)接觸良好。下列說法正確的是()A棒運動過程中產生的感應電流在棒中由A流向CB棒通過整個圓環(huán)所用的時間為2RaC棒經過環(huán)心時流過棒的電流為4BR2aRrD棒經過環(huán)心時所受安培力的大小為16B2R22aRr解析：選 D導體棒AC切割磁感線產生的感應電流的方向由右手定則可知由C流向A，故 A 項錯；由于棒

48、以恒定加速度a從靜止開始向右運動，則有 2R12at2，解得t2Ra，故 B 項錯；棒經過環(huán)心時的速度v 2aR，有效切割長度L2R，回路中總電阻Rr4，由IUR及UBLv，得此時棒中的電流為8BR2aRr，故 C 項錯；棒經過環(huán)心時所受安培力的大小FBIL16B2R22aRr，故 D 項正確。6如圖所示的陰極射線管，無偏轉電場時，電子束加速后打到熒屏中央形成亮斑。如果只逐漸增大M1、M2之間的電勢差，則()53A在熒屏上的亮斑向上移動B在熒屏上的亮斑向下移動C偏轉電場對電子做的功增大D偏轉電場的電場強度減小解析：選 AC由于電子帶負電，在偏轉電場中受到電場力的作用向正極板偏轉，故 A項正確誤

49、，B 項錯誤；電子在偏轉電場中向正極板偏轉的過程中，電場力做正功，且隨著偏轉電壓的增大電場力做功增大，故 C 項正確，D 項錯誤。7.無限長通電直導線在周圍某一點產生的磁場的磁感應強度B的大小與電流成正比，與導線到這一點的距離成反比，即BkIr(式中k為常數)。如圖所示，兩根相距L的無限長直導線分別通有電流I和 3I。在兩根導線的連線上有a、b兩點，a點為兩根直導線連線的中點，b點距導線I的距離為L。下列說法正確的是()Aa點和b點的磁感應強度方向相同Ba點和b點的磁感應強度方向相反Ca點和b點的磁感應強度大小之比為 81Da點和b點的磁感應強度大小之比為 161解析： 選 ADa點與b點的磁

50、感應強度應為兩條通電直導線分別在兩點產生磁場的磁感應強度的合成，由安培定則及公式BkIr可得，Ba8kIL，方向豎直向下，BbkI2L，方向豎直向下，所以a點與b點的磁感應強度大小之比為 161，綜上可知，A、D 項正確。8.如圖所示， 邊長為L、 匝數為N， 電阻不計的正方形線圈abcd在磁感應強度為B的勻強磁場中繞轉軸OO轉動，軸OO垂直于磁感線，在線圈外接一含有理想變壓器的電路，變壓器原、副線圈的匝數分別為n1和n2。保持線圈以恒定角速度轉動，下列判斷正確的是()A在圖示位置時線框中磁通量為零，感應電動勢最大B當可變電阻R的滑片P向上滑動時，電壓表 V2的示數變大C電壓表 V1示數等于N

51、BL2D變壓器的輸入與輸出功率之比為 11解析：選 AD在題圖所示位置時線圈與磁感線平行，線框中磁通量為零，感應電動勢最大，故 A 項正確；此時感應電動勢的最大值為NBL2，有效值為NBL22，即電壓表 V1示數等于NBL22，故 C 項錯；當可變電阻R的滑片P向上滑動時，R的有效阻值增大，但由于副54線圈的電壓不變，內阻不計，所以電壓表 V2的示數不變，故 C 項錯；由于變壓器是理想的，所以輸入與輸出功率之比為 11，故 D 項正確。二、非選擇題(共 47 分)9(6 分)某同學用探究動能定理的裝置測滑塊的質量M。如圖甲所示，在水平氣墊導軌上靠近定滑輪處固定一個光電門。 讓一帶有遮光片的滑塊

52、自某一位置由靜止釋放， 計時器可以顯示出遮光片通過光電門的時間t(t非常小)，同時用米尺測出釋放點到光電門的距離s。(1)該同學用螺旋測微器測出遮光片的寬度d，如圖乙所示，則d_ mm。(2)實驗中多次改變釋放點，測出多組數據，描點連線，做出的圖像為一條傾斜直線，如圖丙所示。圖像的縱坐標s表示釋放點到光電門的距離，則橫坐標表示的是_。AtBt2C.1tD.1t2(3)已知鉤碼的質量為m，圖丙中圖線的斜率為k，重力加速度為g。根據實驗測得的數據，寫出滑塊質量的表達式M_。(用字母表示)解析： (1)螺旋測微器的固定刻度讀數為 1.5 mm， 可動刻度讀數為 0.0138.0 mm0.380mm，

53、則最終讀數為 1.880 mm。(2)滑塊通過光電門的瞬時速度vdt，根據動能定理得，mgs12(Mm)v212(Mm)d2t2，則sMmd22mg1t2，因為圖線為線性關系圖線，可知橫坐標表示1t2。故選 D。(3)由sMmd22mg1t2知，圖線的斜率kMmd22mg，解得滑塊質量M2kmgd2m。答案：(1)1.880(2)D(3)2kmgd2m10(9 分)物理實驗小組的同學們拆下一報廢摩托車的指示燈 L1(12 V,3 W)和轉向燈L2(12 V,24 W)、L3(12 V,24 W)，并進行研究。(1)某同學將歐姆表的選擇開關調至“1”擋，測指示燈 L1的電阻，指針指示如圖甲所示，

54、可知指示燈的電阻為_ 。55(2)根據指示燈的參數，可計算指示燈的電阻RU2P48 。計算結果與(1)中的測量結果相差比較大， 請分析原因： _。(3)實驗小組的同學想描繪出轉向燈 L2的伏安特性曲線，現給出器材：蓄電池E(電動勢為 12 V，內阻不計)；電流表 A(量程 0.6 A，內阻約為 1 ；量程 3.0 A，內阻約為 0.2 );電壓表 V(量程 3.0 V，內阻約為 30 k；量程 15 V，內阻約為 60 k)；滑動變阻器R(015 )；開關、導線若干。如圖乙所示是已連好的部分電路。請用筆畫線代替導線，將實物電路圖補充完整。解析：(1)由圖可知，指針示數為 30，擋位為1 擋，故

55、讀數為：301 30 。(2)由題意可知，燈泡電阻在工作時較大，原因是指示燈正常工作時，溫度比較高，金屬絲的電阻率大，故電阻要比不工作時大得多。(3)要描繪小燈泡的伏安特性曲線應采用滑動變阻器分壓接法；燈泡的額定電壓為 12 V，則電壓表量程應選擇 15 V 量程；由于轉向燈 L2的電阻RU2P6 ，RRA60.230;RVR60 000610 000; 因此RRARVR；故說明應采用電流表外接法；故連接的實物圖如圖所示。答案：(1)30(2)指示燈正常工作時，溫度比較高，金屬絲的電阻率大，故電阻要比不工作時大得多(3)見解析圖11.(12 分)光滑矩形斜面GHNM的傾角為， 在其上放置一矩形

56、金屬線框ABCD，AB邊的邊長為l1，BC邊的邊長為l2，線框的電阻為R，質量為m，斜面上矩形OPHG區(qū)域內存在勻強磁場，方向垂直于斜面向上，磁感應強度為B0，如果線框在恒力F作用下從靜止開始運動(開始時刻，CD與NM重合)，已知線框進入磁場最初一段時間是勻速的，且線框的AB邊始終平行于MN，重力加速度為g，求：(1)線框進入磁場前的加速度大小；(2)線框進入磁場時勻速運動的速度大?。?6(3)線框進入磁場過程中產生的焦耳熱。解析：(1)對進入磁場前的線框受力分析，根據牛頓第二定律得Fmgsinma解得線框進入磁場前的加速度大小aFmgsinm。(2)由題意知，線框進入磁場最初一段時間內的合力

57、為零，則FmgsinB02l12vR解得線框進入磁場時勻速運動的速度大小為vFmgsinRB02l12。(3)線框進入磁場過程中產生的焦耳熱QI2RtB0l1vR2Rl2v(Fmgsin)l2。答案：(1)Fmgsinm(2)FmgsinRB02l12(3)(Fmgsin)l212 (20 分)如圖甲所示， 一電動遙控小車停在水平地面上， 水平車板離地高度為h0.2m，小車質量M3 kg，質量m1 kg 的小物塊(可視為質點)靜置于車板上某處A，物塊與車板間的動摩擦因數0.1?，F使小車由靜止開始向右行駛，當運動時間t11.6 s 時物塊從車板上滑落。 已知小車的速度v隨時間t變化的規(guī)律如圖乙所

58、示， 小車受到地面的摩擦阻力是小車對地面壓力的110，不計空氣阻力，取重力加速度g10 m/s2。求：(1)物塊從離開車尾B到落地過程所用的時間t以及物塊滑落前受到的滑動摩擦力的功率最大值P；(2)物塊落地時落地點到車尾B的水平距離s0；(3)02 s 時間內小車的牽引力做的功W。解析：(1)物塊從車板上滑落后做平拋運動，則有h12g(t)2得t2hg0.2 s57物塊滑落前受到的滑動摩擦力大小fmg1 N根據牛頓第二定律得物塊的加速度大小a1fm1 m/s2當運動時間t11.6 s 時物塊的速度v1a1t1得v11.6 m/s由于v12 m/s，所以物塊在車板上受到滑動摩擦力而一直加速，物塊

59、滑落前受到的滑動摩擦力的功率最大值Pfv1得P1.6 W。(2)物塊滑落后前進的距離s1v1t由題圖乙得t1.6 s 時小車的速率v22 m/s物塊滑落后小車前進的距離sv2t落地點到車尾B的水平距離s0ss1得s00.08 m。(3)01 s 時間內，由題圖乙得小車的加速度大小為a221m/s22 m/s2根據牛頓第二定律得F1fk(Mm)gMa2，其中k110解得F111 N小車的位移大小s21221 m1 m11.6 s 時間內，牽引力F2k(Mm)gf5 N由題圖乙得小車的位移大小s220.6 m1.2 m162 s 時間內，牽引力F3kMg3 N由題圖乙得小車的位移大小s220.4

60、m0.8 m02 s 時間內小車的牽引力做的功為WF1s2F2s2F3s219.4 J。答案：(1)0.2 s1.6 W(2)0.08 m(3)19.4 J三、 選考題(共 15 分， 請從給出的 2 道題中任選一題作答， 多答則按所答的第一題評分)58物理選修 33(15 分)13(1)(5 分) 下列說法正確的是_。A液體表面層中分子間的距離比液體內部分子間的距離大B當分子間的距離減小時，分子間作用力的合力也減小，分子勢能增大C布朗運動就是液體分子的無規(guī)則運動D熱量可以從低溫物體傳到高溫物體E一定質量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱(2)(10 分)如圖所示，用一個

61、絕熱活塞將絕熱容器平均分成A、B兩部分，用控制閥 K 固定活塞，開始時A、B兩部分氣體的溫度都是20 ，壓強都是 1.0105Pa，保持A體積不變，給電熱絲通電，使氣體A的溫度升高到 60 ，求：()氣體A的壓強是多少？()保持氣體A的溫度不變，拔出控制閥 K，活塞將向右移動壓縮氣體B，平衡后氣體B的體積被壓縮 0.05 倍，氣體B的溫度是多少？解析：(1)表面張力產生的原因是由于表面層中分子間的距離比液體內部分子間的距離大，故 A 正確；當分子間的距離減小時，分子間作用力可能先增大后減小，故 B 錯誤；布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動，是液體分子熱運動的體現，故 C 錯誤；熱量

62、不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，在特定條件下熱量會由低溫物體傳遞給高溫物體，如電冰箱中熱量會由低溫物體傳遞給高溫物體，故 D 正確；一定質量的理想氣體，如果壓強不變，體積增大，由pVTC可知溫度升高，則內能增加，根據熱力學第一定律得知氣體一定吸熱，故 E 正確；故選 A、D、E。(2)()對A部分氣體，在加熱的過程中發(fā)生等容變化，根據查理定律可得：p0T0p1T1解得：p1p0T1T01.010527360273201.14105Pa。()拔出控制閥 K，活塞將向右移動壓縮氣體B。平衡后，氣體A發(fā)生等溫變化，根據玻意耳定律有：p1Vp2(V0.05V)氣體B的壓縮過程，根據理想氣體狀態(tài)方程

63、有：p0VT0p2V0.05VT2根據活塞受力平衡有p2p2代入數據聯立解得：T2302.2 K，即t2T227329.2 。59答案：(1)ADE(2)()1.14105Pa()29.2 物理選修 34(15 分)14 (1)(5 分) 一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波在t0 時刻的波形如圖所示， 質點P的x坐標為 3 m。已知任意振動質點連續(xù) 2 次經過平衡位置的時間間隔為 0.4 s。下列說法正確的是_。A波速為 1 m/sB波的頻率為 1.25 HzCx坐標為 15 m 的質點在t0.6 s 時恰好位于波峰Dx坐標為 22 m 的質點在t0.2 s 時恰好位于波峰E當質點P位于波峰時，x

64、坐標為 17 m 的質點恰好位于波谷(2)(10 分)如圖所示，一束截面為圓形(半徑R1 m)的平行紫光垂直射向一半徑也為R的玻璃半球的平面，經折射后在屏幕S上形成一個圓形亮區(qū)。屏幕S至球心距離為D( 21)m，不考慮光的干涉和衍射，試問：()若玻璃半球對紫色光的折射率為n 2，請你求出圓形亮區(qū)的半徑；()若將題干中紫光改為白光，在屏幕S上形成的圓形亮區(qū)的邊緣是什么顏色？解析：(1)任意振動質點連續(xù) 2 次經過平衡位置的時間間隔為 0.4 s，則該波的周期為T20.4 s0.8 s。由題圖可知，該波的波長是4 m，所以波速：vT40.8s5 m/s，故 A 錯誤；該波的周期是T0.8 s，則頻

65、率：f1T10.8Hz1.25 Hz，故 B 正確；x坐標為 15 m 的質點到P點的距離為：x115 m3 m12 m3，所以x坐標為 15 m 的質點與P點的振動情況始終相同。P質點經過t0.6 s34T時間恰好經過平衡位置，所以x坐標為 15 m 的質點在t0.6 s 時恰好位于平衡位置，故 C 錯誤；x坐標為 22 m 的質點到x2 質點的距離為：x222 m2 m20 m5，所以x坐標為 22 m 的質點與x2 m 的質點的振動始終相同。t0 時刻x2 m 的質點向上振動，經過t0.2 s14T時間恰好到達波峰，所以x坐標為 22 m 的質點在t0.2 s 時恰好位于波峰位置，故 D

66、 正確；x坐標為17 m 的質點到P點的距離為：x317 m3 m14 m312，所以x坐標為 17 m 的質點與P點的振動情況始終相反，當質點P位于波峰時，x坐標為 17 m 的質點恰好位于波谷，故 E正確。故選 B、D、E。60(2)()如圖， 紫光剛要發(fā)生全反射時的臨界光線射在屏幕S上的點E，E點到亮區(qū)中心G的距離r就是所求最大半徑。設紫光臨界角為C，由全反射的知識可知：sinC1n由幾何知識可知：ABRsinCRn。OBRcosCRn21nBFABtanCRn n21GFD(OBBF)DnRn21又GEABGFFB所以有：rmGEGFFBABD n21nR，代入數據得：rm1 m。()將題干中紫光改為白光，在屏幕S上形成的圓形亮區(qū)的邊緣是紫色。因為當平行光從玻璃中射向空氣時，由于紫光的折射率最大，臨界角最小，所以首先發(fā)生全反射，因此出射光線與屏幕的交點最遠。故圓形亮區(qū)的最外側是紫光。答案：(1)BDE(2)()1 m()紫光考前仿真押題練(二)(限時：60 分鐘滿分：110 分)一、選擇題(本題共 8 小題，每小題 6 分。在每小題給出的四個選項中，第 15 題只有一項符合題目