中考數(shù)學專題復習卷 三角形(含解析)
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1、中考數(shù)學專題復習卷 三角形(含解析) 一、選擇題 1.在直角三角形中,若勾為3,股為4,則弦為(?? ) A.?5???????????????????????????????????????????B.?6???????????????????????????????????????????C.?7???????????????????????????????????????????D.?8 【答案】A 【解析】 :∵在直角三角形中,勾為3,股為4, ∴弦為 故答案為:A. 【分析】根據(jù)在直角三角形中,勾是最短的直角邊,股是長的直角邊,弦是斜邊,
2、知道勾和股利用勾股定理,即可得出答案。
2.在?ABCD中,對角線AC,BD相交于點O,AC=8,BD=10,那么BC的取值范圍是(? ??)
A.8 3、°,則∠BCD的度數(shù)為(? ?)
A.?80°?????????????????????????????????????B.?100°?????????????????????????????????????C.?120°?????????????????????????????????????D.?140°
【答案】B
【解析】 如圖,延長BC交AD于點E,
∵∠BCD=∠D+∠DEC,∠DEC=∠A+∠B,
∴∠BCD=∠A+∠B+∠D,
∵∠A=50°,∠B=20°,∠D=30°,
∴∠BCD=50°+20°+30°=100°,
故答案為:B.
【分析】延長 4、BC交AD于點E,根據(jù)三角形的一個外角等于和它不相鄰的兩個內(nèi)角的和可得∠BCD=∠D+∠DEC,∠DEC=∠A+∠B,所以∠BCD=∠A+∠B+∠D,由已知可得∠BCD=50°+20°+30°=100°。
4.如圖,BE∥AF,點D是AB上一點,且DC⊥BE于點C,若∠A=35°,則∠ADC的度數(shù)( ??)
A.?105°????????????????????????????????????B.?115°????????????????????????????????????C.?125°????????????????????????????????????D.?135°
【答案 5、】C
【解析】 :∵BE∥AF,∴∠B=∠A=35°.∵DC⊥BE,∴∠DCB=90°,∴∠ADC=90°+35°=125°.故答案為:C.【分析】由平行線的性質(zhì)可得∠B=∠A=35°,根據(jù)三角形的一個外角等于和它不相鄰的兩個內(nèi)角的和可得∠ADC=90°+35°=125°。
5.如圖,在Rt ABC中,∠ACB=900,BC=2.將 ABC繞頂點C逆時針旋轉(zhuǎn)得到△ ,使點B’落在AC邊上.設(shè)M是 的中點,連接BM,CM, BCM的面積為(?? )
A.?1???????????????????????????????????????????B.?2???????????????? 6、???????????????????????????C.?3???????????????????????????????????????????D.?4
【答案】A
【解析】 :過點M作MD⊥AB于點D
∴∠MDA=90°
∵M是 B′C′ 的中點
∴A'M=A′B′
∵△ ABC繞頂點C逆時針旋轉(zhuǎn)得到△A ′B ′C ′
∴BC=BC=2,∠ACB=∠ACB=90°=∠MDA
∴MD∥AC
∴
∴MD=1
∴S△BCM=BCMD=×2×1=1
故答案為;A
【分析】過點M作MD⊥A ' B于點D,根據(jù)旋轉(zhuǎn)的性質(zhì),可證得BC=B 'C=2,∠ACB=∠A 7、' CB ' =90°=∠MDA ',再根據(jù)平行線分線段成比例及線段中點的定義,可得線段成比例,求出MD的長,然后利用三角形的面積公式,求解即可。
6.如圖, ABC中,正方形DEFG的頂點D,G分別在AB,AC上,頂點E,F(xiàn)在BC上.若△ADG、△BED、△CFG的面積分別是1、3、1,則正方形的邊長為(?? )
A.????????????????????????????????????????B.????????????????????????????????????????C.?2???????????????????????????????????????D.?2
【答案 8、】C
【解析】 :過A作AM⊥BC于M,交DG于N,
設(shè)正方形DEFG的邊長是a,AN=b,
∵四邊形DEFG是正方形,
∴DG=GF=EF=DE=MN=a,DG∥BC,
∵S△ADG=1,S△BDE=3,S△FCG=1,
∴S△ADG=ab=1,即a=
S△BDE=BE?a=3,S△FCG=CF?a=1,
∴BE=3b,CF=b,
∴BC=3b+a+b=4b+a,AM=a+b
∴BCAM=(4b+a)(a+b)=4b2+5ab+a2
∴S△ADG+S△BED+S△CFG=1+3+1=5
∴ab=2,
∵S正方形DEFG=S△ABC?(S△ADG+S△BDE+ 9、S△CFG)=a2
BCAM-5=a2
(4b2+5ab+a2)-5=a2
∵ab=2
(4b2+10+a2)-5=a2
∴a=2b(取正),
∴2b2=2
解之:b=1(取正)
∴a=2×1=2
即正方形的邊長是2,【分析】過A作AM⊥BC于M,交DG于N,設(shè)正方形DEFG的邊長是a,AN=b,根據(jù)已知及三角形的面積公式,可得出ab=2,用含b的代數(shù)式分別表示出BE、CF、AM、BC的長,再根據(jù)S正方形DEFG=S△ABC?(S△ADG+S△BDE+S△CFG)=a2 , 得出a=2b,結(jié)合ab=2,求出a、b的值即可求解。
7.如圖,點P為⊙O外一點,PA為⊙0的切線 10、,A為切點,PO交⊙0于點B,∠P=30°,OB=3,則線段BP的長為(?? ).
A.?3??????????????????????????????????????????B.???????????????????????????????????????????C.?6??????????????????????????????????????????D.?9
【答案】A
【解析】 :連接OA
∵PA為⊙0的切線
∴OA⊥AP
∴∠OAP=90°
∵∠P=30°
∴OP=OB+BP=2OA=2OB=6
∴BP=3
故答案為:A
【分析】已知圓的切線。因此連 11、半徑OA,可證得△OAP是直角三角形,利用30°角所對的直角邊等于斜邊的一半,就可求出BP的長。
8.如圖,等腰△ABC中,AB=AC,∠B=40°,AC邊的垂直平分線交BC于點E,連接AE,則∠BAE的度數(shù)是(?? )
A.?45°???????????????????????????????????????B.?50°???????????????????????????????????????C.?55°???????????????????????????????????????D.?60°
【答案】D
【解析】 ∵AB=AC,∠B=40°,
∴∠B=∠C=40°,
12、
∴∠BAC=180°﹣∠B﹣∠C=100°,
又∵AC邊的垂直平分線交BC于點E,
∴AE=CE,
∴∠CAE=∠C=40°,
∴∠BAE=∠BAC﹣∠CAE=60°.
故答案為:D.
【分析】由等腰三角形的性質(zhì)可得∠B=∠C=40°,根據(jù)三角形的內(nèi)角和定理得∠BAC=180°﹣∠B﹣∠C=100°,根據(jù)線段的垂直平分線的性質(zhì)可得AE=CE,所以由等腰三角形的性質(zhì)可得∠CAE=∠C=40°,所以∠BAE=∠BAC﹣∠CAE=60°.
9.在矩形ABCD中,AC,BD相交于O,AE⊥BD于E,OF⊥AD于F,若BE:ED=1:3,OF=3cm,則BD的長是(?? )cm. 13、
A.?6??????????????????????????????????????????B.?8??????????????????????????????????????????C.?10??????????????????????????????????????????D.?12
【答案】D
【解析】 ∵ABCD是矩形,
∴BO=OD=OA.
∵BE:ED=1:3,
∴BE=EO.
又AE⊥BD,
∴OB=OA=AB.
∴∠ABD=60°.
∴∠FDO=30°
∵OF⊥AD,OF=3,
∴OD=6.
∴BD=2?OD=12.故答案為:D. 14、
【分析】先證得三角形ABO為等邊三角形,從而解得∠BAO=60o,即∠ODA=∠OAD=30o,進而解直角三角形OFD求得OD=6,即可求得BD=12.
10.如圖,點D在△ABC的邊AB的延長線上,DE∥BC,若∠A=35°,∠C=24°,則∠D的度數(shù)是(?? )。
A.?24°???????????????????????????????????????B.?59°???????????????????????????????????????C.?60°???????????????????????????????????????D.?69°
【答案】B
【解析】 :∵ 15、∠A=35°,∠C=24°,∴∠DBC=∠A+∠C=35°+24°=59°,
又∵DE∥BC,
∴∠D=∠DBC=59°.
故答案為:B.
【分析】根據(jù)三角形外角性質(zhì)得∠DBC=∠A+∠C,再由平行線性質(zhì)得∠D=∠DBC.
11.如圖,等邊三角形 邊長是定值,點 是它的外心,過點 任意作一條直線分別交 , 于點 , ,將 沿直線 折疊,得到 ,若 , 分別交 于點 , ,連接 , ,則下列判斷錯誤的是(?? )
A.????????????????????????????????????????????????B.?的周長是一個定值
C.?四邊形 的面積是一個定值?????? 16、????????????????D.?四邊形 的面積是一個定值
【答案】D
【解析】 :A、連結(jié)OA、OC,
∵點O是等邊三角形ABC的外心,
∴AO平分∠BAC,
∴點O到AB、AC的距離相等,
由折疊得:DO平分∠BDB',
∴點O到AB、DB'的距離相等,
∴點O到DB'、AC的距離相等,
∴FO平分∠DFG,
∠DFO=∠OFG=(∠FAD+∠ADF),
由折疊得:∠BDE=∠ODF=(∠DAF+∠AFD),
∴∠OFD+∠ODF=(∠FAD+∠ADF+∠DAF+∠AFD)=120°,
∴∠DOF=60°,
同理可得∠EOG=60°,
∴∠FOG= 17、60°=∠DOF=∠EOG,
∴△DOF≌△GOF≌△GOE
∴OD=OG,OE=OF,
∠OGF=∠ODF=∠ODB,∠OFG=∠OEG=∠OEB,
∴△OAD≌△OCG,△OAF≌△OCE,
∴AD=CG,AF=CE,
∴△ADF≌△CGE.
故A不符合題意;
B、∵△DOF≌△GOF≌△GOE,
∴DF=GF=GE,
∴△ADF≌△B'GF≌△CGE,
∴B'G=AD,
∴△B'FG的周長-FG+B'F+B'G=FG+AF+CG=AC(定值),
故B不符合題意;
C、S四邊形FOEC=S△OCF+S△OCE=S△OCF+S△OAF=S△AOC=S△ABC(定值 18、),
故C不符合題意;
D、S四邊形OGB'F=S△OFG+S△B'GF=S△OFD+S△ADF=S四邊形OFAD=S△OAD+S△OAF=S△OCG+S△OAF=S△OAC-S△OFG,
過點O作OH⊥AC于H,
∴S△OFG=,
由于OH是定值,F(xiàn)G變化,故△OFG的面積變化,從而四邊形OGB'F的面積也變化。
故D符合題意。
故答案為:D【分析】A、根據(jù)等邊三角形ABC的外心的性質(zhì)可知,AO平分∠BAC,根據(jù)角平分線的定理和逆定理得:FO平分∠DFG,由外角的性質(zhì)可證明∠DOF=60°,同理可得∠EOG=60°,∠FOG=60°=∠DOF=∠EOG,可證明△DOF≌△GOF 19、≌△GOE,△OAD≌△OCG,△OAF≌△OCE,可得AD=CG,AF=CE,從而得△ADF≌△CGE;
B、根據(jù)△DOF≌△GOF≌△GOE,得DF=GF=GE,所以△ADF≌△B'GF≌△CGE,可得結(jié)論;
C、根據(jù)S四邊形FOEC=S△OCF+S△OCE , 依次換成面積相等的三角形,可得結(jié)論為:S△AOC=S△ABC(定值),據(jù)此判斷;
D、方法同C,將S四邊形OGB'F=S△OAC-S△OFG,根據(jù)S△OFG=·FG·OH,FG變化,故△OFG的面積變化,從而四邊形OGB'F的面積也變化,據(jù)此判斷;
12.如圖,在 中, , .以點 為圓心,適當長為半徑畫弧,交 于點 , 20、交 于點 ,再分別以點 , 為圓心,大于 的長為半徑畫弧,兩弧相交于點 ,射線 交 的延長線于點 ,則 的長是(?? )
A.
B.1
C.
D.?
【答案】B
【解析】 :由射線CN的尺規(guī)作圖的方法可知CN是∠BCD的平分線,則∠BCN=∠DCN.在□ABCD中,AB∥CD,∴∠E=∠DCN=∠BCN,
∴BE=BC=3,
∴AE=BE-AB=3-2=1.
故答案為:B.
【分析】首先由尺規(guī)作圖的步驟可知這是作∠BCD的角平分線CN;由平行四邊形的性質(zhì)可得AB∥CD,則∠E=∠DCN=∠BCN,由“等角對等邊”可知△BCE是等腰三角形即可求得AE的長度.
二、填 21、空題
13.若一個等腰三角形的頂角等于50°,則它的底角等于________.
【答案】65°
【解析】 :∵等腰三角形的頂角等于50°,∴它的底角為:(180°-50°)÷2=65°.
故答案為:65°.
【分析】根據(jù)等腰三角形的性質(zhì)和三角形的內(nèi)角和即可得出答案.
14.在△ABC中, AB=AC,∠BAC=100°,點D在BC邊上,連接AD,若△ABD為直角三角形,則∠ADC的度數(shù)為________.
【答案】90o或130o
【解析】 :∵AB=AC,∠BAC=100°
∴∠C=∠B=(180°-100°)÷2=40°
如圖1,
當Rt 22、△ABD的∠CAD=90°時
∠ADB=∠C+∠CAD=40°+90°=130°;
如圖2,
Rt△ABD中∠ADB=90°
故答案為:90°或130°
【分析】根據(jù)等邊對等角及三角形的內(nèi)角和定理,可求出∠C的度數(shù),再分情況討論:當Rt△ABD的∠CAD=90°時,利用三角形外角的性質(zhì)可求出∠ADB的度數(shù);Rt△ABD中∠ADB=90°;即可求解。
15.如圖,在邊長為4的等邊 中, , 分別為 , 的中點, 于點 , 為 的中點,連接 ,則 的長為________.
【答案】
【解析】 連接DE,
∵D、E分別是AB、BC的中點,
∴DE∥AC,DE= AC
23、
∵ΔABC是等邊三角形,且BC=4
∴∠DEB=60°,DE=2
∵EF⊥AC,∠C=60°,EC=2
∴∠FEC=30°,EF=
∴∠DEG=180°-60°-30°=90°
∵G是EF的中點,
∴EG= .
?在RtΔDEG中,DG= ?
故答案為: .
【分析】連接DE,根據(jù)三角形的中位線定理得出DE∥AC,DE=?AC,根據(jù)等邊三角形的性質(zhì)由ΔABC是等邊三角形得出∠DEB=60°,DE=2,根據(jù)含30o直角三角形的邊之間的關(guān)系,及中點定義得出EF的長,進而判斷出ΔDEG是直角三角形,根據(jù)勾股定理得出DG的長。
16.如圖,四邊形ABCD為菱形,E為對角線BD延 24、長線上一點,BD=4,DE=1,∠BAE=45°,則AB長為 ________.
【答案】
【解析】 :連接AO交BD于O,作BM⊥AE于M,交AC于N.
∵∠BAE=45°,∠BMA=90°,∴∠MAB=∠MBA=45°,∴AM=BM,
∵四邊形ABCD是菱形,∴AC⊥BD,∠AOE=90°,設(shè)AM=BM=b,ME=a,
∵∠E=∠E,∠AOE=∠BME=90°,∴△AOE∽△BME,∴ = ,∴ = ,
∴a2+ab=15???? ①
又∵a2+b2=25??? ②
①×5﹣②×3得到:2a2+5ab﹣3b2=0,∴(a+3b)(2a﹣b)=0,
∴b=2a代入② 25、得到a= ,∴b=2 ,∵AB= AM=2 .故答案為2 .
【分析】連接AO交BD于O,作BM⊥AE于M,交AC于N.根據(jù)三角形的內(nèi)角和判斷出∠MAB=∠MBA=45°,根據(jù)等邊對等角得出AM=BM,根據(jù)菱形的性質(zhì)得出AC⊥BD,∠AOE=90°,設(shè)AM=BM=b,ME=a,然后判斷出△AOE∽△BME,根據(jù)相似三角形對應邊成比例得出 O E∶ E M = A E∶ B E,從而得出關(guān)于a,b的方程,a2+ab=15???? ①,根據(jù)勾股定理得出a2+b2=25??? ②,①×5﹣②×3得到:2a2+5ab﹣3b2=0,求解得出,a,b的值,根據(jù)等腰直角三角形邊之間的關(guān)系由AB=?A 26、M得出答案。
17.如圖,在△ABC中,點D,E分別是BC,AC的中點,AB=8,則DE的長為________。
【答案】4
【解析】 :∵點D,E分別是BC,AC的中點
∴DE是△ABC的中位線
∴DE=AB=×8=4
故答案為:4
【分析】根據(jù)已知可得出DE是△ABC的中位線,再根據(jù)中位線定理,可求出DE的長。
18.如圖,Rt△ABC中,∠B=90°,AB=3cm,AC=5cm,將△ABC折疊,使點C與A重合,得折痕DE,則△ABE的周長等于________cm.
【答案】7
【解析】 :依題可得:AE=CE,
在Rt△ABC中,
∵AB=3cm, 27、AC=5cm,
∴BC=4,
∴C△ABE=AB+BE+EA=AB+BE+EC=AB+BC=3+4=7,
故答案為:7.
【分析】根據(jù)折疊的性質(zhì)可知AE=CE,在Rt△ABC中,根據(jù)勾股定理可求得BC長,再根據(jù)三角形周長即可求得答案.
19.如圖,在正方形 中, ,點 , 分別在 , 上, , , 相交于點 .若圖中陰影部分的面積與正方形 的面積之比為 ,則 的周長為________.
【答案】
【解析】 :∵陰影部分的面積與正方形 的面積之比為 ,∴空白部分的面積= ?
在△BCE和△CDF中,
?
∴△BCE≌△CDF(SAS),
∴ ,∠BEC=∠CFD,
∴ 28、 ,
即 ,
∴ ,
∵∠BEC=∠CFD,∠CFD+∠DCF=90°,
∴∠BEC+∠DCF=90°,
則∠BGC=90°,
在Rt△BCG中,
設(shè)BG=x,CG=y,
則 ?
可得 ,
∴ ,
∴△BCG的周長為BC+BG+CG= ?
故答案為: .
【分析】陰影部分的面積與正方形 的面積之比可求得空白部分的面積,由CE=DF,不難證得△BCE≌△CDF,則可得 ,求得 ;由△BCE≌△CDF,全等三角形的性質(zhì)可證明∠BGC=90°;問題是求△BCE的周長,BC已知,所以只需要求出BG+CG的即可,由三角形面積公式及勾股定理,根據(jù)代數(shù)式的運算求出BG+CG值即可. 29、
20.如圖,在矩形ABCD中,AB=6,E,H分別為AD、CD的中點,沿BE將△ABE折疊,若點A恰好落在BH上的F處,則AD=________
【答案】
【解析】 :連接EH.
∵點E、點H是AD、DC的中點,∴AE=ED,CH=DH= CD= AB=3,由折疊的性質(zhì)可得AE=FE,∴FE=DE.在Rt△EFH和Rt△EDH中,∵ ,∴Rt△EFH≌Rt△EDH(HL),∴FH=DH=3,∴BH=BF+FH=AB+DH=6+3=9.在Rt△BCH中,BC= = = ,∴AD=BC= .故答案為: .
【分析】連接EH.根據(jù)三角形的中位線定理可得,AE=ED,CH=DH=C 30、D=AB=3,由折疊的性質(zhì)可得AE=FE,所以FE=DE.用斜邊直角邊定理可證得Rt△EFH≌Rt△EDH,所以FH=DH=3,由線段的構(gòu)成可得BH=BF+FH=AB+DH=6+3=9,在Rt△BCH中,由勾股定理可求得BC=
=6=AD.
三、解答題
21.如圖, , , 、 相交于點 .求證: .
【答案】解:∵∠A=∠D=90°在Rt△ABC和Rt△DCB中
BC=CB??? AC=DB
∴Rt△ABC≌Rt△DCB(HL)
∴∠ACB=∠DBC
∴OB=OC
【解析】【分析】根據(jù)直角三角形的全等判定定理,可證得Rt△ABC≌Rt△DCB,得出∠ACB=∠DBC, 31、再根據(jù)等角對等邊,可證得結(jié)論。
22.如圖,點D,C在BF上,AB∥EF,∠A=∠E,BD=CF.求證:AB=EF.
【答案】證明:∵AB∥EF,
∴∠B=∠F.
又∵BD=CF,
∴BC=FD.
在△ABC與△EFD中 ,
∴△ABC≌△EFD(AAS),
∴AB=EF
【解析】【分析】根據(jù)平行線的性質(zhì)可得∠B=∠F.用角角邊可證得△ABC≌△EFD,所以AB=EF。
23.如圖,△ABC和△ADE都是等腰三角形,且∠BAC=90°,∠DAE=90°,B,C,D在同一條直線上.求證:BD=CE.
【答案】證明:∵△ABC和△ADE都是等腰直角三角形,
∴A 32、D=AE,AB=AC
又∵∠EAC=90°+∠CAD,∠DAB=90°+∠CAD,
∴∠DAB=∠EAC.?
∵在△ADB和△AEC中,
∴△ADB≌△AEC(SAS),
∴BD=CE.
【解析】【分析】根據(jù)等腰直角三角形的性質(zhì),可證得AD=AE,AB=AC,再證明∠DAB=∠EAC,然后根據(jù)全等三角形的判定方法,證明△ADB≌△AEC,從而可證得結(jié)論。
24.已知:如圖,AB=AE,∠1=∠2,∠B=∠E.求證:BC=ED.
【答案】證明:∵∠1=∠2,
∴∠1+∠BAD=∠2+∠BAD,
即:∠EAD=∠BAC.
在△EAD和△BAC中,
∴△ABC 33、≌△AED(ASA),
∴BC=ED
【解析】【分析】根據(jù)∠1=∠2,證得∠EAD=∠BAC,再利用全等三角形的判定證明△ABC≌△AED,然后根據(jù)全等三角形的性質(zhì)可證得結(jié)論。
25.已知,等邊三角形ABC的邊長為5,點P在線段AB上,點D在線段BC上,且△PDE是等邊三角形.
(1)初步嘗試:若點P與點A重合時(如圖1),BD+BE=________
(2)類比探究:將點P沿AB方向移動,使AP=1,其余條件不變(如圖2),試計算BD+BE的值是多少?
(3)拓展遷移:如圖3,在△ABC中,AB=AC,∠BAC=70°,點P在線段AB的延長線上,點D在線段 34、CB的延長線上,在△PDE中,PD=PE,∠DPE=70°,設(shè)BP=a,請直接寫出線段BD、BE之間的數(shù)量關(guān)系(用含a的式子表示)
【答案】(1)5
(2)解:如圖2,過點P作PF∥AC交BC于F,
∴△FPB是等邊三角形,
∴BF=PF=PB=AB﹣AP=4,∠BPF=60°,
∵△PDE是等邊三角形,
∴PD=PE,∠DPE=60°,
∴∠BPE=∠FPD,
∴△PBE≌△PFD,
∴BE=DF,
∴BD+BE=BD+DF=BF=4;
(3)解:如圖3,過點P作PF∥AC交BC于F,
∴∠BPF=∠BAC=70°,∠PFB=∠C,
∵AB=AC,∠ 35、BAC=70°,
∴∠ABC=∠C=55°,
∴∠PFB=∠C=∠PBF=55°,
∴PF=PB=a,
∵∠BPF=∠DPE=70°,
∴∠DPF=∠EPB,
∵PD=PE,
∴△PBE≌△PFD,
∴BE=DF,
過點P作PG⊥BC于G,
∴BF=2BG,
在Rt△BPG中,∠PBD=55°,
∴BG=BP?cos∠PBD=a?cos55°,
∴BF=2BG=2a?cos55°,
∴BD﹣BE=BD﹣DF=BF=2a?cos55°.
【解析】 :(1)∵△ABC和△PDE是等邊三角形,
∴PE=PD,AB=AC,∠DPE=∠CAB=60°,
∴∠BPE= 36、∠CAD,
∴△PBE≌△ACD,
∴BE=CD,
∴BD+BE=BD+CD=BC=5,
故答案為5;
【分析】(1)由已知條件用邊角邊易證得△PBE≌△ACD,所以可得BE=CD,所以BE+BD=BD+CD=BC ;
(2)由(1)的方法可作輔助線,過點P作PF∥AC交BC于F,將問題轉(zhuǎn)化為(1)的形式,同理可證△PBE≌△PFD,則BE=DF,所以BE+BD=BD+FD=BF;由題意得BF=BC-1=4,問題得解;
(3)由(1)和(2)的思路可作輔助線,過點P作PF∥AC交BC于F,過點P作PG⊥BC于G,根據(jù)已知條件易證得△PBE≌△PFD,BE=DF,則BF=2BG,在Rt△BPG中,解直角三角形即可用含a的代數(shù)式表示BG,則BF=2BG也可用含a的代數(shù)式表示,所以BD﹣BE=BD﹣DF=BF可得結(jié)論。
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