2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段滾動(dòng)卷(一)新人教版

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1、2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 階段滾動(dòng)卷(一)新人教版一、選擇題(15題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求,68題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求)1如圖所示,伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)反映了一個(gè)重要事實(shí):如果空氣阻力和摩擦力小到可以忽略不計(jì),小球一旦沿斜面A滾落,必將準(zhǔn)確地終止于斜面B上同它開(kāi)始點(diǎn)相同高度處,絕不會(huì)更高一點(diǎn)或更低一點(diǎn),這說(shuō)明,小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中有一個(gè)“東西”是不變的,這個(gè)“東西”是()A能量B速度C加速度 D彈力解析:伽利略的斜面實(shí)驗(yàn)反映了小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中能量是守恒量,選項(xiàng)A正確答案:A2在一筆直公路上有a、b兩輛汽車,它們同時(shí)經(jīng)過(guò)同一路標(biāo)開(kāi)始計(jì)時(shí),此后的vt圖象如圖所示,下列判斷正確的是()A在t1時(shí)刻a、b

2、相遇B0t1時(shí)間內(nèi),a、b間距離在減小C0t1時(shí)間內(nèi),a位于b前面Dt1時(shí)刻以后,b位于a前面解析:0t1時(shí)間內(nèi),a車的速度大于b車速度,a車位于b車前面,a、b間距離逐漸增大,選項(xiàng)C正確答案:C3如圖所示,放在斜面上的物體受到垂直于斜面向上的力F作用始終保持靜止?fàn)顟B(tài),當(dāng)力F逐漸減小后,下列說(shuō)法正確的是()A物體受到的摩擦力保持不變B物體受到的摩擦力逐漸增大C物體受到的合力減小D物體對(duì)斜面的壓力逐漸減小解析:對(duì)物體進(jìn)行受力分析如圖所示,將所有的力沿著斜面與垂直于斜面正交分解得Ffmgsin ,F(xiàn)FNmgcos ,因此當(dāng)F減小時(shí),摩擦力Ffmgsin 保持不變,選項(xiàng)A正確,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由于物體始

3、終靜止在斜面上,所受合力始終為零,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;隨著拉力F的減小,支持力FNmgcos F越來(lái)越大,選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案:A4(xx南昌模擬)如圖所示,固定斜面傾角為,整個(gè)斜面分為AB、BC兩段,且1.5ABBC.小物塊P(可視為質(zhì)點(diǎn))與AB、BC兩段斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為1、2.已知P由靜止開(kāi)始從A點(diǎn)釋放,恰好能滑動(dòng)到C點(diǎn)而停下,那么、1、2間應(yīng)滿足的關(guān)系是()Atan Btan Ctan 212 Dtan 221解析:設(shè)斜面長(zhǎng)為L(zhǎng),小物塊P由A點(diǎn)滑動(dòng)到C點(diǎn)的全過(guò)程由動(dòng)能定理得mgLsin 1mgcos L2mgcos L00,解得tan ,故選項(xiàng)A正確答案:A5(xx湖南衡陽(yáng)聯(lián)考)“神舟十號(hào)”

4、與“天宮一號(hào)”多次成功實(shí)現(xiàn)交會(huì)對(duì)接如圖所示,交會(huì)對(duì)接前“神舟十號(hào)”飛船先在較低圓軌道1上做圓周運(yùn)動(dòng),在適當(dāng)位置經(jīng)變軌后與圓軌道2上運(yùn)動(dòng)的“天宮一號(hào)”對(duì)接M、Q兩點(diǎn)在軌道1上,P點(diǎn)在軌道2上,三點(diǎn)連線過(guò)地心,把飛船的加速過(guò)程簡(jiǎn)化為只做一次短時(shí)加速下列關(guān)于“神船十號(hào)”變軌過(guò)程的描述,正確的是()A“神船十號(hào)”在M點(diǎn)加速,則一定會(huì)在P點(diǎn)與“天宮一號(hào)”相遇B“神船十號(hào)”可以與“天宮一號(hào)”同軌加速追及C“神船十號(hào)”在軌道1上M點(diǎn)的加速度小于在軌道2上P的加速度D“神舟十號(hào)”變軌后的運(yùn)行周期大于變軌前的運(yùn)行周期解析:“神船十號(hào)”加速后,萬(wàn)有引力不足以提供向心力,軌道半徑增大,B項(xiàng)錯(cuò);“神舟十號(hào)”與“天宮一

5、號(hào)”相遇過(guò)程比較復(fù)雜,不僅與加速度的大小、方向有關(guān),還與其他因素有關(guān),A項(xiàng)錯(cuò);根據(jù)萬(wàn)有引力定律FG可知,“神舟十號(hào)”在M點(diǎn)受萬(wàn)有引力較大,加速度較大,C項(xiàng)錯(cuò);由開(kāi)普勒第三定律k可知,變軌后的運(yùn)行周期大于變軌前的周期,D項(xiàng)正確答案:D6一快艇要從岸邊某一不確定位置處到達(dá)河中離岸邊100 m遠(yuǎn)的一浮標(biāo)處,已知快艇在靜水中的速度vx圖象和水流的速度vy圖象如圖甲、乙所示,則下列說(shuō)法中正確的是()A快艇的運(yùn)動(dòng)軌跡為直線B快艇的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線C快艇最快到達(dá)浮標(biāo)處的時(shí)間為20 sD快艇最快到達(dá)浮標(biāo)處經(jīng)過(guò)的位移大于100 m解析:快艇實(shí)際運(yùn)動(dòng)的兩個(gè)分運(yùn)動(dòng)分別是勻速直線運(yùn)動(dòng)和勻加速直線運(yùn)動(dòng),且不在同一直線上,

6、故快艇的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線,A錯(cuò),B對(duì);最快到達(dá)浮標(biāo)處的方式是使vx垂直于河岸和浮標(biāo)且保持圖甲所示的加速度a0.5 m/s2做勻加速直線運(yùn)動(dòng),則at2x,代入x100 m有t20 s,C項(xiàng)正確;但實(shí)際位移為x100 m,D項(xiàng)對(duì)答案:BCD7(xx江西南昌一模)如圖所示,一小球以速度v0從傾角為53的斜面頂端A處水平拋出,垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點(diǎn),已知重力加速度為g,sin 370.6,cos 370.8,則下列說(shuō)法正確的是()A小球到達(dá)B點(diǎn)的速度大小為v0B. 斜面的長(zhǎng)度為C小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為mgv0DB點(diǎn)到水平面的高度為解析:由小球以速度v0從傾角為53的斜面頂端A

7、處水平拋出,垂直落到在斜面底端與斜面垂直的擋板上的B點(diǎn),可知擋板與水平面的夾角為37,落到擋板上時(shí)的速度vBv0,A正確;豎直速度為vyv0,所以在B點(diǎn)時(shí)重力的瞬時(shí)功率為mgvymgv0,C錯(cuò)誤;平拋下落的高度為h,平拋的時(shí)間為t,水平位移為xv0t,所以斜面的長(zhǎng)度為L(zhǎng)()sin 37,B錯(cuò)誤;B點(diǎn)到水平面的高度為()cos 37 sin 37,D正確答案:AD8.如圖所示,一足夠長(zhǎng)的木板靜止在粗糙的水平地面上,t0時(shí)刻滑塊從木板的左端以速度v0水平向右滑行,木板與滑塊間存在摩擦,且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力滑塊的vt圖象可能是圖中的()解析:設(shè)滑塊質(zhì)量為m,木板質(zhì)量為M,滑塊與木板間的動(dòng)摩擦

8、因數(shù)為1,木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為2,若1mg2(Mm)g,則滑塊向右做勻減速運(yùn)動(dòng),加速度大小為a11g,木板不動(dòng),選項(xiàng)D正確;若1mg2(Mm)g,則滑塊向右做勻減速運(yùn)動(dòng),加速度大小為a11g,木板向右做勻加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)二者同速后,一起以a22g的加速度勻減速到停止,因a1a2,故選項(xiàng)B正確答案:BD二、非選擇題9(xx河北保定質(zhì)檢)某同學(xué)做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示,其中A為固定橡皮條的圖釘,O為橡皮條與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn),OB與OC為細(xì)繩根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在白紙上所作圖如圖乙所示,已知實(shí)驗(yàn)過(guò)程中操作正確(1)乙圖中F1、F2、F、F四個(gè)力,其中力_(填上述字母)不是由彈簧測(cè)力計(jì)直接

9、測(cè)得的實(shí)驗(yàn)中,要求先后兩次力的作用效果相同,指的是_(填正確選項(xiàng)前字母)A兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉力F1和F2的大小之和等于一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)拉力的大小B橡皮條沿同一方向伸長(zhǎng)C橡皮條伸長(zhǎng)到同一長(zhǎng)度D橡皮條沿同一方向伸長(zhǎng)同一長(zhǎng)度(2)丙圖是測(cè)量中某一彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù),讀出該力大小為_(kāi)N.解析:(1)F在以F1與F2為鄰邊的平行四邊形的對(duì)角線上,不是由彈簧測(cè)力計(jì)直接測(cè)出的該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代”法,即合力與分力的關(guān)系是等效的,前后兩次要求橡皮條沿同一方向伸長(zhǎng)同一長(zhǎng)度,故A、B、C錯(cuò)誤,D正確(2)根據(jù)丙圖讀出力的值為9.0 N.答案:(1)FD(2)9.0(8.89.2之間均可)10為了探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與

10、力的關(guān)系一同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置其中M為帶滑輪的小車的質(zhì)量,m為砂和砂桶的質(zhì)量(滑輪質(zhì)量不計(jì))(1)實(shí)驗(yàn)時(shí),一定要進(jìn)行的操作或保證的條件是_A用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量B將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高,以平衡摩擦力C小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,先接通電源,再釋放小車,打出一條紙帶,同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)D改變砂和砂桶的質(zhì)量,打出幾條紙帶E為減小誤差,實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M(2)該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中得到如圖所示的一條紙帶(相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫(huà)出)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器采用的是頻率為50 Hz的交流電,根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為_(kāi)m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(3)以彈簧測(cè)力計(jì)

11、的示數(shù)F為橫坐標(biāo),加速度a為縱坐標(biāo),畫(huà)出的aF圖象是一條直線,圖線與橫軸的夾角為,求得圖線的斜率為k,則小車的質(zhì)量為_(kāi)A2tan B. CkD.解析:(1)彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)的2倍等于小車受到的拉力,無(wú)需用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量,不需要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M,選項(xiàng)A、E錯(cuò)誤;將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高,可平衡摩擦力,讓拉力充當(dāng)小車的合外力,選項(xiàng)B正確;為了在紙帶上打下更多清晰的點(diǎn),小車要靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器,先接通電源,再釋放小車,選項(xiàng)C正確;為了減小誤差,需要打出多條紙帶,故需改變砂和砂桶的質(zhì)量,選項(xiàng)D正確(2)相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個(gè)點(diǎn)沒(méi)畫(huà)出,故相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔t0.06 s

12、,逐差法求得加速度a102m/s21.3 m/s2.(3)對(duì)小車受力分析,由牛頓第二定律可得:2FMa,可得:aF,即ktan ,選項(xiàng)D正確,選項(xiàng)A、B、C錯(cuò)誤答案:(1)BCD(2)1.3(3)D11(xx溫州十校聯(lián)考)如圖所示,“蝸?!睜钴壍繭AB豎直固定在水平地面上,與地面在B處平滑連接其中“蝸?!睜钴壍烙蓛?nèi)壁光滑的半圓軌道OA和AB平滑連接而成,半圓軌道OA的半徑R10.6 m,半圓軌道AB的半徑R21.2 m,水平地面BC長(zhǎng)為xBC11 m,C處是一個(gè)開(kāi)口較大的深坑,一質(zhì)量m0.1 kg的小球從O點(diǎn)沿切線方向以某一初速度進(jìn)入軌道OA后,沿OAB軌道運(yùn)動(dòng)至水平地面,已知小球與水平地面間

13、的動(dòng)摩擦因數(shù)0.4,g取10 m/s2.(1)為使小球不脫離OAB軌道,小球在O點(diǎn)的初速度v0至少為多大?(2)若小球在O點(diǎn)的初速度v06 m/s,求小球在B點(diǎn)對(duì)半圓軌道的壓力大小;(3)若使小球能落入深坑C,則小球在O點(diǎn)的初速度v0至少為多大?解析:(1)小球通過(guò)最高點(diǎn)A的臨界條件是mg解得小球經(jīng)A點(diǎn)的最小速度為vA m/s小球由O到A過(guò)程由機(jī)械能守恒定律得mg2R1mvmv解得v0m/s.(2)小球由O到B過(guò)程機(jī)械能守恒,則mgR2mvmv解得vB2 m/s在B點(diǎn)由牛頓第二定律得FNmg解得FN6 N由牛頓第三定律得軌道受到的壓力FNFN6 N.(3)小球由O到C過(guò)程由動(dòng)能定理得mgR2m

14、gxBC0mv解得v08 m/s.答案:(1) m/s(2)6 N(3)8 m/s12(xx安徽江南十校聯(lián)考)如圖所示,傾角為37的固定斜面與足夠長(zhǎng)的水平面平滑對(duì)接,一勁度系數(shù)k18 N/m輕質(zhì)彈簧的上端固定于斜面頂端,另一端固連在一質(zhì)量m1 kg的光滑小球上,跟緊靠的物塊(質(zhì)量也為m)與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)10.75,且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)20.1,圖中施加在物塊上的力F18 N,方向沿斜面向上,A和B均處于靜止?fàn)顟B(tài),且斜面對(duì)B恰無(wú)摩擦力,當(dāng)撤掉力F,A和B一起沿斜面下滑到某處分離,分離后A一直在斜面上運(yùn)動(dòng),B繼續(xù)沿斜面下滑,已知:sin 370.6,cos 37

15、0.8,重力加速度g10 m/s2.(1)A和B分離后A能否再回到了出發(fā)點(diǎn)?請(qǐng)簡(jiǎn)述理由(2)A和B分離時(shí)B的速度為多大?(3)求B最終停留的位置解析:(1)A不能回到出發(fā)點(diǎn)因?yàn)樾∏蚺c物塊一起下滑過(guò)程,物塊對(duì)小球的彈力做負(fù)功而使小球的機(jī)械能減少了(2)未撤掉力F時(shí),對(duì)A和B整體,根據(jù)平衡條件得2mgsin F1F其中彈簧彈力F1kx1解得彈簧的壓縮量x1m分離時(shí),A和B間無(wú)彈力作用,但速度和加速度仍相等,根據(jù)牛頓第二定律,對(duì)B:mgsin FfmaB其中Ff1mgcos ,解得aB0對(duì)A:mgsin F2maA,其中彈力F2kx2由aAaB0,解得分離時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為x2m可見(jiàn)x1x2,A和B整體從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到分離,彈簧彈力做功為零,根據(jù)動(dòng)能定理有2mgsin (x1x2)Ff(x1x2)2mv2解得分離時(shí)物塊B的速度v2 m/s(3)分離后B在斜面上做勻速運(yùn)動(dòng),到達(dá)水平面后做勻減速直線運(yùn)動(dòng),設(shè)停留點(diǎn)距斜面底端為x,根據(jù)動(dòng)能定理有2mgx0mv2,解得x2 m答案:(1)見(jiàn)解析(2)2 m/s(3)2 m

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