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1、2022年高二上學(xué)期期末物理試題 含解析zhangsan一.單項(xiàng)選擇題（本題共6小題，每小題3分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)正確）1下列說(shuō)法中正確的是（ ）A磁感線總是從磁體的N極出發(fā)終止于磁體的S極B一小段通電導(dǎo)線放在某處不受磁場(chǎng)的作用力，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零C線圈放在磁場(chǎng)越強(qiáng)的位置，穿過線圈的磁通量一定越大 D穿過線圈的磁通量變化越快，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大【答案】DA、在磁鐵的外部，磁感線從N極出發(fā)進(jìn)入S極，在磁鐵內(nèi)部從S極到N極，故A錯(cuò)誤；B、一小段通電導(dǎo)線放在某處不受磁場(chǎng)的作用力，可能B為零，也可能B0，是由于導(dǎo)線與磁場(chǎng)平行，故B錯(cuò)誤；C、線圈放在磁場(chǎng)
2、越強(qiáng)的位置，線圈的磁通量不一定越大，根據(jù)磁通量公式可知，還與線圈與磁場(chǎng)的夾角有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D、穿過線圈的磁通量變化越快，磁通量變化率越大，法拉第電磁感應(yīng)定律分析得知，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，故D正確。故選D。【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；磁通量2如圖，一束負(fù)離子從S點(diǎn)沿水平方向射出，在沒有電、磁場(chǎng)時(shí)恰好擊中熒光屏上的坐標(biāo)原點(diǎn)O；若同時(shí)加上電場(chǎng)和磁場(chǎng)后，負(fù)離子束最后打在熒光屏上坐標(biāo)系的第象限中，則所加電場(chǎng)E和磁場(chǎng)B的方向可能是(不計(jì)離子重力及相互作用力) （ ）AE向上，B向上 BE向下，B向下 CE向上，B向下 DE向下，B向上 【答案】A由題意及可知，電子在電場(chǎng)中受力應(yīng)向下，故電場(chǎng)方向應(yīng)
3、向上；而粒子在磁場(chǎng)作用下向左偏轉(zhuǎn)，故說(shuō)明洛侖茲力向左，由左手定則可知，B應(yīng)向上。故選A。【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)3如圖，直角三角形閉合線圈ABC處于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈通有順時(shí)針方向電流，則線圈所受磁場(chǎng)力的合力為（ ） A大小為零 B方向豎直向上C方向豎直向下 D方向垂直紙面向里【答案】A通以順時(shí)針的電流方向，根據(jù)左手定則可知：各邊所受的安培力背離中心處，如圖所示；由公式F=BIL得出各邊的安培力的大小，從而得出安培力大小與長(zhǎng)度成正比，因而兩直角邊的安培力合力與斜邊的安培力等值反向，所以線圈所受磁場(chǎng)力的合力為零。故選A。【考點(diǎn)】安培力4如圖，A、B兩個(gè)帶電小球用等長(zhǎng)絕緣細(xì)線懸
4、掛于O點(diǎn)，A球固定，B球受到庫(kù)侖力作用與細(xì)線間成一定的夾角，若其中一個(gè)小球由于漏電，電荷量緩慢減小，則關(guān)于A、B兩球的間距和庫(kù)侖力大小的變化，下列說(shuō)法中正確的是（ ）A間距變小，庫(kù)侖力變大 B間距變小，庫(kù)侖力變小C間距變小，庫(kù)侖力不變 D間距不變，庫(kù)侖力減小 【答案】B以小球?yàn)檠芯繉?duì)象，球受到重力G，A的斥力F2和線的拉力F1三個(gè)力作用，作出力圖，如圖；作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G根據(jù)FBF1PQB得：在A、B兩質(zhì)點(diǎn)帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變， 減小，A、B間斥力F2大小的變小，故B正確。故選B?！究键c(diǎn)】共點(diǎn)力平衡；庫(kù)侖定律5圖示電路中，電源內(nèi)阻為r，電容器
5、的兩塊極板A、B間有一帶電油滴恰能靜止把R1的滑動(dòng)片向右滑動(dòng)時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是（ ） A電流表讀數(shù)減小，油滴向下運(yùn)動(dòng) B電流表讀數(shù)減小，油滴向上運(yùn)動(dòng) C電流表讀數(shù)增大，油滴向下運(yùn)動(dòng) D電流表讀數(shù)增大，油滴向上運(yùn)動(dòng)【答案】B當(dāng)R1的滑動(dòng)片向右滑動(dòng)時(shí)，R1增大，外電路總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，干路電流減小，則知電流表讀數(shù)減小干路電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，則電容器板間電壓增大，板間電場(chǎng)強(qiáng)度增大，油滴所受的電場(chǎng)力增大，則油滴向上運(yùn)動(dòng)，故B正確。故選B?！究键c(diǎn)】電容器的動(dòng)態(tài)分析；閉合電路的歐姆定律6如圖，一閉合直角三角形線框以速度v勻速穿過勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域從BC邊進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)開
6、始計(jì)時(shí)，到A點(diǎn)離開磁場(chǎng)區(qū)的過程中，線框內(nèi)感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的情況(以逆時(shí)針方向?yàn)殡娏鞯恼较?是右圖中的（ ）【答案】AC、根據(jù)感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件可知，線框進(jìn)入或離開磁場(chǎng)時(shí)，穿過線框的磁通量發(fā)生變化，線框中有感應(yīng)電流產(chǎn)生，當(dāng)線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，磁通量不變，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯(cuò)誤；ABD、感應(yīng)電流，線框進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體棒切割磁感線的有效長(zhǎng)度L減小，感應(yīng)電流逐漸減?。痪€框離開磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體棒切割磁感線的有效長(zhǎng)度L減小，感應(yīng)電流逐漸減?。还蔄正確BD錯(cuò)誤。故選A?！究键c(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；法拉第電磁感應(yīng)定律二.雙項(xiàng)選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)正
7、確）7一帶電粒子在正電荷形成的電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)軌跡為圖中所示的abcd曲線，下列判斷正確的是（ ）A粒子帶正電 B粒子通過a點(diǎn)時(shí)的速率比通過b點(diǎn)時(shí)小C粒子通過a點(diǎn)時(shí)受到的電場(chǎng)力比通過b點(diǎn)時(shí)小D粒子通過a點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能比通過c點(diǎn)時(shí)大【答案】ACA、軌跡彎曲的方向大致指向合力的方向，知電場(chǎng)力背離正電荷方向，由同種電荷相互排斥，所以該粒子帶正電，故A正確；B、從a到b，電場(chǎng)力做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能減小，a點(diǎn)動(dòng)能大于b點(diǎn)動(dòng)能，則a點(diǎn)速度大于b點(diǎn)的速度，故B錯(cuò)誤；C、b點(diǎn)的電場(chǎng)線比a點(diǎn)電場(chǎng)線密，所以b點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于a點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，所以粒子在a點(diǎn)的電場(chǎng)力比b點(diǎn)小，故C正確；D、從a到b，電場(chǎng)力做負(fù)功，
8、電勢(shì)能增加所以a點(diǎn)的電勢(shì)能小于b點(diǎn)的電勢(shì)能，b與c處于同一個(gè)等勢(shì)面是，所以粒子在b點(diǎn)的電勢(shì)能等于在c點(diǎn)的電勢(shì)能所以a點(diǎn)的電勢(shì)能小于c點(diǎn)的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。故選AC。【考點(diǎn)】等勢(shì)面；電勢(shì)能8額定電壓為4V的直流電動(dòng)機(jī)的線圈電阻為1，正常工作時(shí)，電動(dòng)機(jī)線圈每秒產(chǎn)生的熱量為4J，下列計(jì)算結(jié)果正確的是（ ）A電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸入功率為4W B電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率為8WC電動(dòng)機(jī)每秒能將電能轉(zhuǎn)化成4J的機(jī)械能 D電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的電流強(qiáng)度為2A【答案】CD因?yàn)榫€圈產(chǎn)生的熱量，所以通過電動(dòng)機(jī)的電流，故D正確；電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸入功率，故A錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)的熱功率，電動(dòng)機(jī)的輸出功率，故B錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)每秒
9、將電能轉(zhuǎn)化成機(jī)械能，故C正確。故選CD。【考點(diǎn)】電功、電功率9如圖，光滑固定的金屬導(dǎo)軌M、N水平放置，兩根導(dǎo)體棒P、Q平行放置在導(dǎo)軌上，形成一個(gè)閉合回路，一條形磁鐵從高處自由下落接近回路時(shí)（ ）AP、Q將相互靠攏 BP、Q將相互遠(yuǎn)離C磁鐵的加速度仍為g D磁鐵的加速度小于g【答案】ADAB、當(dāng)一條形磁鐵從高處下落接近回路時(shí)，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙磁通量的變化，可知，P、Q將互相靠攏，回路的面積減小一點(diǎn)，使穿過回路的磁場(chǎng)減小一點(diǎn)，起到阻礙原磁通量增加的作用，故A正確B錯(cuò)誤；CD、由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故C錯(cuò)誤D
10、正確。故選AD?！究键c(diǎn)】楞次定律10如圖，A、B為兩個(gè)完全相同的燈泡，L為自感線圈(自感系數(shù)較大；直流電阻不計(jì))，E為電源，S為開關(guān)下列說(shuō)法正確的是（ ） A閉合開關(guān)穩(wěn)定后，A、B一樣亮 B閉合開關(guān)的瞬間，A、B同時(shí)亮，但A很快又熄滅 C閉合開關(guān)穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，A閃亮后又熄滅 D閉合開關(guān)穩(wěn)定后，斷開開關(guān)， A、B立即同時(shí)熄滅【答案】BCAB、剛閉合S的瞬間，電源的電壓同時(shí)加到兩燈上，由于L的自感作用，L瞬間相當(dāng)于斷路，所以電流通過兩燈，兩燈同時(shí)亮隨著電流的逐漸穩(wěn)定，L將A燈短路，所以A燈很快熄滅，B燈變得更亮，故A錯(cuò)誤B正確；CD、閉合S待電路達(dá)到穩(wěn)定后，再將S斷開，B燈立即熄滅，而L與A燈
11、組成閉合回路，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，A燈閃亮一下而后熄滅，故C正確D錯(cuò)誤。故選BC?！究键c(diǎn)】自感現(xiàn)象和自感系數(shù)11圖為一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的圓環(huán)，可在水平放置的足夠長(zhǎng)的粗糙細(xì)桿上滑動(dòng)， 細(xì)桿處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，現(xiàn)給圓環(huán)向右的初速度v0，在以后的運(yùn)動(dòng)過程中，圓環(huán)運(yùn)動(dòng)的速度圖象可能是下圖中的（ ）【答案】ADA、當(dāng)qvB=mg時(shí)，小環(huán)做勻速運(yùn)動(dòng)，此時(shí)圖象為A，故A正確；D、當(dāng)qvBmg時(shí)，F(xiàn)N=qvB-mg，此時(shí)：FN=ma，所以小環(huán)做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，直到qvB=mg時(shí)，小環(huán)開始做勻速運(yùn)動(dòng)，故D圖象正確，故D正確；BC、當(dāng)qvBmg時(shí)，F(xiàn)N=mg-qvB此時(shí)：F
12、N=ma，所以小環(huán)做加速度逐漸增大的減速運(yùn)動(dòng)，直至停止，所以其v-t圖象的斜率應(yīng)該逐漸增大，故BC錯(cuò)誤。故選AD?！究键c(diǎn)】洛侖茲力；力的合成與分解，牛頓第二定律12如圖一根不可伸長(zhǎng)絕緣的細(xì)線一端固定于O點(diǎn)，另一端系一帶電小球，置于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，現(xiàn)把細(xì)線水平拉直，小球從A點(diǎn)靜止釋放，經(jīng)最低點(diǎn)B后，小球擺到C點(diǎn)時(shí)速度為0，則（ ）A小球在B點(diǎn)時(shí)的速度最大B小球從A到B的過程中，機(jī)械能一直在減少C小球在B點(diǎn)時(shí)的繩子拉力最大D從B到C的過程中小球的電勢(shì)能一直增大【答案】BDAC、小球受到電場(chǎng)力與重力、繩子的拉力的作用，在復(fù)合場(chǎng)中做類單擺運(yùn)動(dòng)，當(dāng)重力與電場(chǎng)力的合力與繩子的拉力在同一條直線上時(shí)，小
13、球處于等效最低點(diǎn)，此時(shí)小球的速度最大，對(duì)繩子的拉力最大，故AC錯(cuò)誤；B、從A到B的過程中電場(chǎng)力對(duì)小球做負(fù)功，小球的機(jī)械能減小，故B正確；D、從B到C的過程中克服電場(chǎng)力做功，小球的電勢(shì)能一直增大，故D正確。故選BD?！究键c(diǎn)】功能關(guān)系；勻速圓周運(yùn)動(dòng)；向心力三. 實(shí)驗(yàn)題（每空3分，共18分）13如圖（甲）是“測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)的電路圖，根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得的幾組I、U數(shù)據(jù)作出UI圖象如圖（乙）所示，由圖象可確定：該電源的電動(dòng)勢(shì)為 V，電源的內(nèi)電阻為 （計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）【答案】1.40 0.57由圖乙所示電源U-I圖象可知，圖象與縱軸交點(diǎn)坐標(biāo)值為1.40，則電源電動(dòng)勢(shì)E=1.40V，電源內(nèi)阻
14、【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻14有一根細(xì)而均勻的導(dǎo)電材料樣品（如圖a所示），截面為同心圓環(huán)（如圖b所示），此樣品長(zhǎng)約為6cm，電阻約為100，已知這種材料的電阻率為，因該樣品的內(nèi)徑太小，無(wú)法直接測(cè)量現(xiàn)提供以下實(shí)驗(yàn)器材：A20分度的游標(biāo)卡尺 B螺旋測(cè)微器C電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約3k） D電流表A1（量程50mA，內(nèi)阻約20）E電流表A2（量程0.3A，內(nèi)阻約1） F滑動(dòng)變阻器R（020，額定電流2A）G直流電源E（約4V，內(nèi)阻不計(jì)） H導(dǎo)電材料樣品RxI開關(guān)一只，導(dǎo)線若干請(qǐng)根據(jù)上述器材設(shè)計(jì)一個(gè)盡可能精確地測(cè)量該樣品內(nèi)徑d的實(shí)驗(yàn)方案，回答下列問題：（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)得該樣品的長(zhǎng)度為L(zhǎng)；用螺旋
15、測(cè)微器測(cè)得該樣品的外徑如上圖所示，其示數(shù)D= mm（2）請(qǐng)選擇合適的儀器，設(shè)計(jì)一個(gè)合理的電路圖來(lái) 測(cè)量導(dǎo)電材料樣品的電阻Rx在方框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路原理圖，并標(biāo)明所選器材的符號(hào)這個(gè)實(shí)驗(yàn)電阻Rx的測(cè)量值將_（填“大于”、“等于”或“小于”）實(shí)際值（3）若某次實(shí)驗(yàn)中，電壓表和電流表的讀數(shù)分別為U和I，則用已知物理量和測(cè)得的物理量的符號(hào)來(lái)表示樣品的內(nèi)徑d = 【答案】（1）6.122 （2）作圖如圖 小于 （3）（1）由圖c所示螺旋測(cè)微器可知，固定刻度示數(shù)為6mm，可動(dòng)刻度示數(shù)為12.20.01mm=0.122mm，螺旋測(cè)微器示數(shù)D=6mm+0.122mm=6.122mm；（2）由所給實(shí)驗(yàn)器材可知，應(yīng)采
16、用伏安法測(cè)電阻阻值，由于待測(cè)電阻阻值約為100，滑動(dòng)變阻器最大阻值為20，為測(cè)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；電路最大電流約為，電流表應(yīng)選A1，電流表內(nèi)阻約為20，電壓表內(nèi)阻約為3000，相對(duì)來(lái)說(shuō)電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖所示；電流表采用外接法，由于電壓表分流，電流測(cè)量值大于真實(shí)值，電阻測(cè)量值小于真實(shí)值；（3）由歐姆定律可知，樣品電阻：，由電阻定律可知：，解得：。【考點(diǎn)】測(cè)定金屬的電阻率四.計(jì)算題（共40分，要求寫出必要的文字說(shuō)明）15面積S = 0.2m2、n = 100匝的圓形線圈，處在如圖所示的磁場(chǎng)內(nèi)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律是B =
17、0.02t，R = 3，C = 30F，線圈電阻r = 1，其余導(dǎo)線電阻不計(jì)，求：（1）通過R的電流大小和方向（2）電容器C所帶的電荷量 【答案】（1）電流大小為0.1A，方向從b指向a （2）(1)由楞次定律知，線圈的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，通過R的電流方向?yàn)閎a， 由則電路中電流；即通過R的電流大小為0.1A，方向從b指向a（2）由歐姆定律可得R兩端的電壓；則電容器的電量；即電容器的電荷量為。【考點(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的歐姆定律；楞次定律16如圖所示，平行的光滑金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌平面與水平面成角，導(dǎo)軌下端接有阻值為R的電阻，質(zhì)量為m的金屬桿ab處于導(dǎo)軌上與輕彈簧相連，彈簧勁度系
18、數(shù)為k，上端固定，彈簧與導(dǎo)軌平面平行，整個(gè)裝置處在垂直于導(dǎo)軌平面斜向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B開始時(shí)桿靜止，現(xiàn)給桿一個(gè)大小為v0的初速度使桿沿導(dǎo)軌向下運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)至速度為零后，桿又沿導(dǎo)軌平面向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過程的最大速度大小為v1，然后減速為零，再沿導(dǎo)軌平面向下運(yùn)動(dòng)一直往復(fù)運(yùn)動(dòng)到靜止導(dǎo)軌與金屬細(xì)桿的電阻均可忽略不計(jì)，重力加速度為g試求：(1)細(xì)桿獲得初速度瞬間，通過回路的電流大??；(2)當(dāng)桿向上速度達(dá)到v1時(shí)，桿離最初靜止時(shí)位置的距離L1；(3)桿由初速度v0開始運(yùn)動(dòng)直到最后靜止，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q.【答案】 （1）細(xì)桿獲得初速度瞬間，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv0；根據(jù)閉合電路歐姆定律得
19、：可得通過R的電流大小為：；（2）設(shè)桿最初靜止不動(dòng)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)x0，則有： 當(dāng)桿的速度為v1時(shí)彈簧伸長(zhǎng)x1，由平衡條件得：此時(shí)有：，而聯(lián)立解得：（3）桿最后靜止時(shí)，桿受到重力、導(dǎo)軌的支持力和彈簧的拉力，根據(jù)平衡條件和胡克定律可知，彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度與原來(lái)靜止時(shí)相同，所以桿靜止在初始位置，由能量守恒得：?！究键c(diǎn)】法拉第電磁感應(yīng)定律；焦耳定律17如圖，長(zhǎng)為L(zhǎng)的一對(duì)平行金屬板平行正對(duì)放置，間距，板間加上一定的電壓現(xiàn)從左端沿中心軸線方向入射一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為+q的帶電微粒，射入時(shí)的初速度大小為v0一段時(shí)間后微粒恰好從下板邊緣P1射出電場(chǎng)，并同時(shí)進(jìn)入正三角形區(qū)域已知正三角形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)
20、B1，三角形的上頂點(diǎn)A與上金屬板平齊，底邊BC與金屬板平行三角形區(qū)域的右側(cè)也存在垂直紙面向里、范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2，且B2=4B1不計(jì)微粒的重力，忽略極板區(qū)域外部的電場(chǎng)（1）求板間的電壓U和微粒從電場(chǎng)中射出時(shí)的速度大小和方向（2）微粒進(jìn)入三角形區(qū)域后恰好從AC邊垂直邊界射出，求磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的大?。?）若微粒最后射出磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)與射出的邊界成30的夾角，求三角形的邊長(zhǎng)【答案】（1） 射出速度與初速度方向的夾角為300 （2） （3）（n=0、1、2）（1）微粒在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有豎直方向上水平方向上得豎直分速度：，合速度：，夾角：射出速度與初速度方向的夾角為300，即垂直于
21、AB出射；（2）粒子由P1點(diǎn)垂直AB射入磁場(chǎng)，根據(jù)幾何關(guān)系有：由得（3）由和B2=4B1得如圖所示，微粒離開磁場(chǎng)時(shí)，在磁場(chǎng)B1中做了n個(gè)半圓周運(yùn)動(dòng)（n=0、1、2）三角形的邊長(zhǎng)（n=0、1、2）【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)高二物理參考答案一、選擇題題號(hào)123456789101112答案DAABBAACCDADBCADBD二、實(shí)驗(yàn)題13.1.40（1.39或1.41） 0.57（0. 550.59都得分）14.（1）6.1250.002 （2）作圖如右 小于 （3）三、計(jì)算題15(1)由楞次定律知，線圈的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針，通過R的電流方向?yàn)閎a， 由則電路中
22、電流；即通過R的電流大小為0.1A，方向從b指向a（2）由歐姆定律可得R兩端的電壓；則電容器的電量；即電容器的電荷量為。16（1）細(xì)桿獲得初速度瞬間，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=BLv0；根據(jù)閉合電路歐姆定律得：可得通過R的電流大小為：；（2）設(shè)桿最初靜止不動(dòng)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)x0，則有： 當(dāng)桿的速度為v1時(shí)彈簧伸長(zhǎng)x1，由平衡條件得：此時(shí)有：，而聯(lián)立解得：（3）桿最后靜止時(shí)，桿受到重力、導(dǎo)軌的支持力和彈簧的拉力，根據(jù)平衡條件和胡克定律可知，彈簧伸長(zhǎng)的長(zhǎng)度與原來(lái)靜止時(shí)相同，所以桿靜止在初始位置，由能量守恒得：。17（1）微粒在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律有豎直方向上水平方向上得豎直分速度：，合速度：，夾角：射出速度與初速度方向的夾角為300，即垂直于AB出射；（2）粒子由P1點(diǎn)垂直AB射入磁場(chǎng)，根據(jù)幾何關(guān)系有：由得（3）由和B2=4B1得如圖所示，微粒離開磁場(chǎng)時(shí)，在磁場(chǎng)B1中做了n個(gè)半圓周運(yùn)動(dòng)（n=0、1、2）三角形的邊長(zhǎng)（n=0、1、2）
2022年高二上學(xué)期期末物理試題含解析zhangsan
