(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 專題探究課三 高考中數(shù)列不等式證明的熱點(diǎn)題型學(xué)案 理

上傳人:彩*** 文檔編號:105586571 上傳時間:2022-06-12 格式:DOC 頁數(shù):15 大?。?16.50KB
收藏 版權(quán)申訴 舉報(bào) 下載
(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 專題探究課三 高考中數(shù)列不等式證明的熱點(diǎn)題型學(xué)案 理_第1頁
第1頁 / 共15頁
(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 專題探究課三 高考中數(shù)列不等式證明的熱點(diǎn)題型學(xué)案 理_第2頁
第2頁 / 共15頁
(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 專題探究課三 高考中數(shù)列不等式證明的熱點(diǎn)題型學(xué)案 理_第3頁
第3頁 / 共15頁

下載文檔到電腦,查找使用更方便

22 積分

下載資源

還剩頁未讀,繼續(xù)閱讀

資源描述:

《(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 專題探究課三 高考中數(shù)列不等式證明的熱點(diǎn)題型學(xué)案 理》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(浙江專版)2019版高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第七章 數(shù)列與數(shù)學(xué)歸納法 專題探究課三 高考中數(shù)列不等式證明的熱點(diǎn)題型學(xué)案 理(15頁珍藏版)》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 專題探究課三 高考中數(shù)列不等式證明的熱點(diǎn)題型 高考導(dǎo)航 1.數(shù)列中不等式的證明是浙江高考數(shù)學(xué)試題的壓軸題;2.主要考查數(shù)學(xué)歸納法、放縮法、反證法等數(shù)列不等式的證明方法,以及不等式的性質(zhì);3.重點(diǎn)考查學(xué)生邏輯推理能力和創(chuàng)新意識. 熱點(diǎn)一 數(shù)學(xué)歸納法證明數(shù)列不等式(規(guī)范解答) 數(shù)學(xué)歸納法是解決和正整數(shù)有關(guān)命題的證明方法,可以借助遞推公式,證明由特殊到一般的結(jié)論成立問題.因此,可以在數(shù)列不等式的證明中大顯身手. 【例1】 (滿分15分)(2018·紹興檢測)已知數(shù)列{an}滿足,a1=1,an=-. (1)求證:≤an≤1; (2)求證:|an+1-an|≤; (3)求證:|a

2、2n-an|≤. 滿分解答 證明 (1)由已知得an+1=, 又a1=1,則a2=,a3=,a4=, 猜想≤an≤1.2分(得分點(diǎn)1) 下面用數(shù)學(xué)歸納法證明. ①當(dāng)n=1時,命題顯然成立; ②假設(shè)n=k時,有≤ak≤1成立, 則當(dāng)n=k+1時,ak+1=≤<1, ak+1=≥=,即當(dāng)n=k+1時也成立, 所以對任意n∈N*,都有≤an≤1.5分(得分點(diǎn)2) (2)當(dāng)n=1時,|a2-a1|=, 當(dāng)n≥2時,因?yàn)椋健? =1+≥1+=, 所以|an+1-an|= = ≤|an-an-1|≤…≤|a2-a1| =·<. 綜上所述,|an+1-an|≤.10分(得

3、分點(diǎn)3) (3)當(dāng)n=1時,|a2-a1|==<; 當(dāng)n≥2時, |a2n-an|=|a2n-a2n-1+a2n-1-a2n-2+…+an+1-an| ≤|a2n-a2n-1|+|a2n-1-a2n-2|+…+|an+1-an| ≤ =- ≤-=. 綜上,|a2n-an|≤.15分(得分點(diǎn)4)   ?得步驟分:抓住得分點(diǎn)的步驟,“步步為營”,求得滿分.如(1)中,歸納猜想得2分;用數(shù)學(xué)歸納法證明得3分,第(2)放縮法證明結(jié)論得5分等. ?得關(guān)鍵分:解題過程不可忽略關(guān)鍵點(diǎn),有則得分,無則沒分.如(1)中的猜想,數(shù)學(xué)歸納法的兩個步驟,(2)(3)中均分n=1,n≥2加以推證等

4、. ?得計(jì)算分:準(zhǔn)確計(jì)算是得滿分的基本保證.如(1)中a2,a3,a4的正確計(jì)算,(2)(3)中放縮結(jié)果的計(jì)算等.      第一步:歸納猜想; 第二步:用數(shù)學(xué)歸納法證明; 第三步:驗(yàn)證n=1時(2)的結(jié)論成立; 第四步:用放縮法證明n≥2時(2)的結(jié)論成立; 第五步:驗(yàn)證n=1時(3)的結(jié)論成立. 第六步:用放縮法證明n≥2時(3)的結(jié)論成立. 【訓(xùn)練1】 (2018·溫州模擬)數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為正數(shù),且an+1=an+-1(n∈N*),{an}的前n項(xiàng)和是Sn. (1)若{an}是遞增數(shù)列,求a1的取值范圍; (2)若a1>2,且對任意n∈N*,都有Sn≥na1

5、-(n-1), 證明:Sn<2n+1. (1)解 由a2>a1?a1+-1>a1, 得0a2?a2+-1>a2?00,即{an}是遞增數(shù)列. 所以a1的取

6、值范圍是(1,2). (2)證明 因?yàn)閍1>2,可用數(shù)學(xué)歸納法證明:an>2對任意n∈N*恒成立. 于是an+1-an=-1<0,即{an}是遞減數(shù)列. 在Sn≥na1-(n-1)中,令n=2, 得2a1+-1=S2≥2a1-,解得a1≤3, 故2時,設(shè)an=bn+2, 則由an+1=an+-1可

7、得bn+1=bn+-1, 得=≤≤ , 于是數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn≤b1·<3b1≤3, 故Sn=2n+Tn<2n+3=na1+(2-a1)n+3.(*) 令a1=+t(t>0),則由(*)式得 Sn

8、條件又少,因此,反證法就成為解決有關(guān)問題的有效利器. 【例2】 (2017·臺州調(diào)考)已知數(shù)列{an}滿足:an>0,an+1+<2(n∈N*). (1)求證:an+21(n∈N*). 證明 (1)由an>0,an+1+<2,得an+1<2-<2. 因?yàn)?>an+2+>2(由題知an+1≠an+2), 所以<1,所以an+2<an+1. 所以an+2N時,an≤aN+1<1. 根據(jù)an+1-1<1-=<0,而an<1, 所以>=1+, 于是>

9、1+,……,>1+. 累加可得>n-1+.(*) 由假設(shè)可得aN+n-1<0, 而當(dāng)n>-+1時,顯然有n-1+>0, 因此有1(n∈N*). 探究提高 在本例中,(1)首先根據(jù)已知不等式由an+1<2-<2證明不等式的右邊,再根據(jù)已知不等式利用基本不等式,可證明不等式的左邊;(2)考慮反證法,即假設(shè)存在aN≤1,利用條件和(1),并結(jié)合放縮法逐步推出矛盾.進(jìn)而證明不等式成立. 【訓(xùn)練2】 (2016·浙江卷)設(shè)數(shù)列{an}滿足|an-|≤1, n∈N*. (1)證明:|an|≥2n-1(|a1|-2),n∈N*; (2)若|

10、an|≤,n∈N*,證明:|an|≤2,n∈N*. 證明 (1)由≤1,得|an|-|an+1|≤1, 故-≤,n∈N*, 所以-=++…+≤++…+=1-<1, 因此|an|≥2n-1(|a1|-2). (2)任取n∈N*,由(1)知,對于任意m>n, -=++…+≤++…+= <, 故|an|<·2n≤·2n=2+·2n. 從而對于任意m>n,均有|an|<2+·2n.① 由m的任意性得|an|≤2. 否則,存在n0∈N*,有|an0|>2, 取正整數(shù)m0>log且m0>n0, 則2n0·<2n0·=|an0|-2, 與①式矛盾.綜上,對于任意n∈N*,均有|a

11、n|≤2. 熱點(diǎn)三 放縮法證明數(shù)列不等式 放縮法是證明不等式的基本方法和基本技能,找到合理的放縮依據(jù)恰當(dāng)放縮是其關(guān)鍵. 【例3】 (2017·湖州調(diào)研)已知數(shù)列{an}滿足a1=,an+1=,n∈N*. (1)求a2; (2)求的通項(xiàng)公式; (3)設(shè){an}的前n項(xiàng)的和為Sn,求證:≤Sn<. (1)解 由條件可知a2==. (2)解 由an+1=得=·-, 即-1=, 所以是等比數(shù)列, 又-1=,則-1=×=, 所以=+1. (3)證明 由(2)可得 an=≥=. 所以Sn≥+·+…+· =, 故Sn≥成立. 另一方面an=<=, 所以Sn=a1+a2+

12、a3+…+an <++++…+ =+-·<+<,n≥3, 又S1=<,S2=<,因此Sn<. 所以≤Sn<. 探究提高 (1)數(shù)列中不等式的證明本身就是放縮的結(jié)果,在證明過程中,要善于觀察數(shù)列通項(xiàng)的特點(diǎn),結(jié)合不等式的結(jié)構(gòu)合理地選擇放大與縮小,常見的兩種放縮方式是:①放縮成等比數(shù)列求和形式;②放縮成裂項(xiàng)求和形式. 【訓(xùn)練3】 (2018·浙東北教聯(lián)聯(lián)考)已知數(shù)列{an}中,a1=3,2an+1=a-2an+4. (1)證明:an+1>an; (2)證明:an≥2+; (3)設(shè)數(shù)列的前n項(xiàng)和為Sn,求證:1-≤Sn<1. 證明 (1)因?yàn)?an+1-2an=a-4an+4=(a

13、n-2)2≥0, 又a1=3,所以an+1≥an≥3,所以(an-2)2>0, 所以an+1>an. (2)因?yàn)?an+1-4=a-2an=an(an-2), 所以=≥, 所以an-2≥(an-1-2)≥(an-2-2)≥…≥ (a1-2)=, 所以an≥2+. (3)因?yàn)?(an+1-2)=an(an-2), 所以==, 所以=-, 所以Sn=++…+ =-+-+…+-=-=1-, 因?yàn)閍n+1-2≥, 所以0<≤, 所以1-≤Sn=1-<1. 1.?dāng)?shù)列{an}中,a1=,an+1=(n∈N*). (1)求證:an+1

14、數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,求證:Sn<1. 證明 (1)因?yàn)閍-an+1=(an-)2+>0, 且a1=>0,所以an>0, 所以an+1-an=-an=<0, 所以an+10, 所以Sn=a1+a2+…+an=2-<1. 2.(2015·浙江卷)已知數(shù)列{an}滿足a1=且a

15、n+1=an-a(n∈N*). (1)證明:1≤≤2(n∈N*); (2)設(shè)數(shù)列{a}的前n項(xiàng)和為Sn,證明:≤≤(n∈N*). 證明 (1)由題意得an+1-an=-a≤0,即an+1≤an, 故an≤.由an=(1-an-1)an-1得 an=(1-an-1)(1-an-2)…(1-a1)a1>0. 由0

16、在正數(shù)數(shù)列{an}中,a1=,an+1=a+-2.求證:1<an+1<an. 證明 an+1-1=a-1+-2=>0, 所以an+1>1, 因?yàn)閍n+1=a+-2,所以an+2=a+-2, 相減,an+2-an+1=(an+1-an), 因?yàn)閍n+1>1,an>1,所以an+1+an>2,<2, 所以an+1+an->0, 所以an+2-an+1與an+1-an同號, 又a2=a+-2=<=a1,故a2-a1<0, 所以an+1-an<0,即an+1<an, 綜上,1<an+1<an. 4.(2017·浙江卷)已知數(shù)列{xn}滿足:x1=1,xn=xn+1+ln(1+xn

17、+1)(n∈N*). 證明:當(dāng)n∈N*時, (1)0<xn+1<xn; (2)2xn+1-xn≤; (3)≤xn≤. 證明 (1)用數(shù)學(xué)歸納法證明:xn>0. 當(dāng)n=1時,x1=1>0. 假設(shè)n=k(k≥1,k∈N*)時,xk>0, 那么n=k+1時,若xk+1≤0,則0<xk=xk+1+ln(1+xk+1)≤0,矛盾,故xk+1>0, 因此xn>0(n∈N*). 所以xn=xn+1+ln(1+xn+1)>xn+1, 因此0<xn+1<xn(x∈N*). (2)由xn=xn+1+ln(1+xn+1)得, xnxn+1-4xn+1+2xn=x-2xn+1+(xn+1+2

18、)ln(1+xn+1). 記函數(shù)f(x)=x2-2x+(x+2)ln(1+x)(x≥0). f′(x)=+ln>0(x≥0), 函數(shù)f(x)在[0,+∞)上單調(diào)遞增,所以f(x)≥f(0)=0, 因此x-2xn+1+(xn+1+2)ln(1+xn+1)=f(xn+1)≥0, 故2xn+1-xn≤(n∈N*). (3)因?yàn)閤n=xn+1+ln(1+xn+1)≤xn+1+xn+1=2xn+1, 所以xn≥xn-1≥xn-2≥…≥x1=. 故xn≥. 由≥2xn+1-xn得 -≥2>0, 所以-≥2≥…≥2n-1=2n-2, 故xn≤. 綜上,≤xn≤(n∈N*). 5.

19、(2017·紹興檢測)已知數(shù)列{an}滿足a1=1,an+1·an=(n∈N*). (1)證明:=; (2)證明:2(-1)≤++…+≤n. 證明 (1)∵an+1·an=,① ∴an+2·an+1=,② 而a1=1,易得an>0, 由②÷①得:==, ∴=. (2)由(1)得(n+1)an+2=nan, ∴++…+=++…+. 令bn=nan,則bn·bn+1=nan·(n+1)an+1==n+1,③ ∴當(dāng)n≥2時,bn-1·bn=n.④ 由b1=a1=1,b2=2,易得bn>0, 由③-④得:=bn+1-bn-1(n≥2). ∴b1

20、b4<…

21、n>n-. 證明 (1)由于an+1-an=-≤0, 則an+1≤an. 若an+1=an,則an=0,與a1=矛盾, 故an≠0,從而an+1a2>a3>…>an. 又=1-≥1->0, 則an+1與an同號. 又a1=>0,則an+1>0,故0-. 當(dāng)n≥2時,=++…++>-+-+…+1-+=3-=>0, 從而an<. 當(dāng)n=1時,a1==,從而an≤. (3)由=1-≥1- =1-(當(dāng)且僅當(dāng)n=1時,取等號), 得Sn=++…+≥n

22、->n-. 7.(2017·杭州質(zhì)量檢測)已知數(shù)列{an}的各項(xiàng)均為非負(fù)數(shù),其前n項(xiàng)和為Sn,且對任意的n∈N*,都有an+1≤. (1)若a1=1,a505=2 017,求a6的最大值; (2)若對任意n∈N*,都有Sn≤1,求證:0≤an-an+1≤. (1)解 由題意知an+1-an≤an+2-an+1, 設(shè)di=ai+1-ai(i=1,2,…,504), 則d1≤d2≤d3≤…≤d504, 且d1+d2+d3+…+d504=a505-a1=2 016. ∵≤ =, ∴d1+d2+…+d5≤20, ∴a6=a1+(d1+d2+…+d5)≤21, 故a6的最大值為2

23、1. (2)證明 若存在k∈N*,使得ak

24、2b2+…+nbn+nan+1≥(1+2+…+n)bn=bn, ∴bn≤, 綜上,對一切n∈N*,都有0≤an-an+1≤. 8.(2018·溫州模擬)設(shè)數(shù)列{an}滿足:a1=1,an +1=an+(n∈N*). (1)證明:an0,故an>0. 故an+1=an+>an. (2)證明 因?yàn)閍n+1=an+≥an,所以an≥1, 則a-a=2+,即24 034,且632=3 969,63.52=4 032.25,63.62=4 044.96, 所以63.5

展開閱讀全文
溫馨提示:
1: 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
2: 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權(quán)益歸上傳用戶所有。
3.本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網(wǎng)頁內(nèi)容里面會有圖紙預(yù)覽,若沒有圖紙預(yù)覽就沒有圖紙。
4. 未經(jīng)權(quán)益所有人同意不得將文件中的內(nèi)容挪作商業(yè)或盈利用途。
5. 裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對用戶上傳分享的文檔內(nèi)容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內(nèi)容負(fù)責(zé)。
6. 下載文件中如有侵權(quán)或不適當(dāng)內(nèi)容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
7. 本站不保證下載資源的準(zhǔn)確性、安全性和完整性, 同時也不承擔(dān)用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。

相關(guān)資源

更多
正為您匹配相似的精品文檔
關(guān)于我們 - 網(wǎng)站聲明 - 網(wǎng)站地圖 - 資源地圖 - 友情鏈接 - 網(wǎng)站客服 - 聯(lián)系我們

copyright@ 2023-2025  zhuangpeitu.com 裝配圖網(wǎng)版權(quán)所有   聯(lián)系電話:18123376007

備案號:ICP2024067431-1 川公網(wǎng)安備51140202000466號


本站為文檔C2C交易模式,即用戶上傳的文檔直接被用戶下載,本站只是中間服務(wù)平臺,本站所有文檔下載所得的收益歸上傳人(含作者)所有。裝配圖網(wǎng)僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內(nèi)容的表現(xiàn)方式做保護(hù)處理,對上載內(nèi)容本身不做任何修改或編輯。若文檔所含內(nèi)容侵犯了您的版權(quán)或隱私,請立即通知裝配圖網(wǎng),我們立即給予刪除!