2022高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題六 直線(xiàn)、圓、圓錐曲線(xiàn) 專(zhuān)題能力訓(xùn)練17 橢圓、雙曲線(xiàn)、拋物線(xiàn) 理

《2022高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題六 直線(xiàn)、圓、圓錐曲線(xiàn) 專(zhuān)題能力訓(xùn)練17 橢圓、雙曲線(xiàn)、拋物線(xiàn) 理》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2022高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題六 直線(xiàn)、圓、圓錐曲線(xiàn) 專(zhuān)題能力訓(xùn)練17 橢圓、雙曲線(xiàn)、拋物線(xiàn) 理（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題六 直線(xiàn)、圓、圓錐曲線(xiàn) 專(zhuān)題能力訓(xùn)練17 橢圓、雙曲線(xiàn)、拋物線(xiàn) 理 1.已知雙曲線(xiàn)C:=1(a>0,b>0)的一條漸近線(xiàn)方程為y=x,且與橢圓=1有公共焦點(diǎn),則C的方程為(　　) A.=1 B.=1 C.=1 D.=1 2.以?huà)佄锞€(xiàn)C的頂點(diǎn)為圓心的圓交C于A,B兩點(diǎn),交C的準(zhǔn)線(xiàn)于D,E兩點(diǎn).已知|AB|=4,|DE|=2,則C的焦點(diǎn)到準(zhǔn)線(xiàn)的距離為(　　) A.2 B.4 C.6 D.8 3.(2018全國(guó)Ⅱ,理5)若雙曲線(xiàn)=1(a>0,b>0)的離心率為,則其漸近線(xiàn)方程為(　　) A.y=±x B.y=±x C.y=±x D.y=±x 4

2、.(2018天津,理7)已知雙曲線(xiàn)=1(a>0,b>0)的離心率為2,過(guò)右焦點(diǎn)且垂直于x軸的直線(xiàn)與雙曲線(xiàn)交于A,B兩點(diǎn).設(shè)A,B到雙曲線(xiàn)的同一條漸近線(xiàn)的距離分別為d1和d2,且d1+d2=6,則雙曲線(xiàn)的方程為(　　) A.=1 B.=1 C.=1 D.=1 5.設(shè)雙曲線(xiàn)=1(a>0,b>0)的右焦點(diǎn)為F,過(guò)點(diǎn)F作與x軸垂直的直線(xiàn)l交兩漸近線(xiàn)于A,B兩點(diǎn),與雙曲線(xiàn)的一個(gè)交點(diǎn)為P,設(shè)O為坐標(biāo)原點(diǎn).若=m+n(m,n∈R),且mn=,則該雙曲線(xiàn)的離心率為(　　) A. B. C. D. 6.雙曲線(xiàn)=1(a>0,b>0)的漸近線(xiàn)為正方形OABC的邊OA,OC所在的直線(xiàn),點(diǎn)B為該雙曲線(xiàn)的

3、焦點(diǎn).若正方形OABC的邊長(zhǎng)為2,則a=　　　　　.? 7.已知雙曲線(xiàn)C:=1(a>0,b>0)的右頂點(diǎn)為A,以A為圓心,b為半徑作圓A,圓A與雙曲線(xiàn)C的一條漸近線(xiàn)交于M,N兩點(diǎn).若∠MAN=60°,則C的離心率為. 8. 如圖,已知拋物線(xiàn)C1:y=x2,圓C2:x2+(y-1)2=1,過(guò)點(diǎn)P(t,0)(t>0)作不過(guò)原點(diǎn)O的直線(xiàn)PA,PB分別與拋物線(xiàn)C1和圓C2相切,A,B為切點(diǎn). (1)求點(diǎn)A,B的坐標(biāo); (2)求△PAB的面積. 注:直線(xiàn)與拋物線(xiàn)有且只有一個(gè)公共點(diǎn),且與拋物線(xiàn)的對(duì)稱(chēng)軸不平行,則稱(chēng)該直線(xiàn)與拋物線(xiàn)相切,稱(chēng)該公共點(diǎn)為切點(diǎn). 9. 如圖

4、,動(dòng)點(diǎn)M與兩定點(diǎn)A(-1,0),B(1,0)構(gòu)成△MAB,且直線(xiàn)MA,MB的斜率之積為4,設(shè)動(dòng)點(diǎn)M的軌跡為C. (1)求軌跡C的方程; (2)設(shè)直線(xiàn)y=x+m(m>0)與y軸相交于點(diǎn)P,與軌跡C相交于點(diǎn)Q,R,且|PQ|<|PR|,求的取值范圍. 10.已知三點(diǎn)O(0,0),A(-2,1),B(2,1),曲線(xiàn)C上任意一點(diǎn)M(x,y)滿(mǎn)足||=·()+2. (1)求曲線(xiàn)C的方程; (2)點(diǎn)Q(x0,y0)(-2

5、 二、思維提升訓(xùn)練 11.已知F為拋物線(xiàn)C:y2=4x的焦點(diǎn),過(guò)F作兩條互相垂直的直線(xiàn)l1,l2,直線(xiàn)l1與C交于A,B兩點(diǎn),直線(xiàn)l2與C交于D,E兩點(diǎn),則|AB|+|DE|的最小值為(　　) A.16 B.14 C.12 D.10 12.(2018全國(guó)Ⅲ,理11)設(shè)F1,F2是雙曲線(xiàn)C:=1(a>0,b>0)的左、右焦點(diǎn),O是坐標(biāo)原點(diǎn),過(guò)F2作C的一條漸近線(xiàn)的垂線(xiàn),垂足為P.若|PF1|=|OP|,則C的離心率為(　　) A. B.2 C. D. 13.已知F是拋物線(xiàn)C:y2=8x的焦點(diǎn),M是C上一點(diǎn),FM的延長(zhǎng)線(xiàn)交y軸于點(diǎn)N,若M為FN的中點(diǎn),則|FN|=　　　　　.? 14.

6、在平面直角坐標(biāo)系xOy中,雙曲線(xiàn)=1(a>0,b>0)的右支與焦點(diǎn)為F的拋物線(xiàn)x2=2py(p>0)交于A,B兩點(diǎn),若|AF|+|BF|=4|OF|,則該雙曲線(xiàn)的漸近線(xiàn)方程為　　　　　.? 15.已知圓C:(x+1)2+y2=20,點(diǎn)B(1,0),點(diǎn)A是圓C上的動(dòng)點(diǎn),線(xiàn)段AB的垂直平分線(xiàn)與線(xiàn)段AC交于點(diǎn)P. (1)求動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C1的方程; (2)設(shè)M,N為拋物線(xiàn)C2:y=x2上的一動(dòng)點(diǎn),過(guò)點(diǎn)N作拋物線(xiàn)C2的切線(xiàn)交曲線(xiàn)C1于P,Q兩點(diǎn),求△MPQ面積的最大值. 16.已知?jiǎng)狱c(diǎn)C是橢圓Ω:+y2=1(a>1)上的任意一點(diǎn),AB是圓G:x2+(y-2)2=的一條直徑(A,B

7、是端點(diǎn)),的最大值是. (1)求橢圓Ω的方程; (2)已知橢圓Ω的左、右焦點(diǎn)分別為點(diǎn)F1,F2,過(guò)點(diǎn)F2且與x軸不垂直的直線(xiàn)l交橢圓Ω于P,Q兩點(diǎn).在線(xiàn)段OF2上是否存在點(diǎn)M(m,0),使得以MP,MQ為鄰邊的平行四邊形是菱形?若存在,求實(shí)數(shù)m的取值范圍;若不存在,請(qǐng)說(shuō)明理由. 專(zhuān)題能力訓(xùn)練17　橢圓、雙曲線(xiàn)、拋物線(xiàn) 一、能力突破訓(xùn)練 1.B　解析 由題意得,c=3. 又a2+b2=c2,所以a2=4,b2=5, 故C的方程為=1. 2.B　解析 不妨設(shè)拋物線(xiàn)C的方程為y2=2px(p>0),圓的方程為x2+y2=R2. 因?yàn)閨AB|=4,所以可設(shè)A(m,2). 又因?yàn)?/p>

8、|DE|=2, 所以解得p2=16. 故p=4,即C的焦點(diǎn)到準(zhǔn)線(xiàn)的距離是4. 3.A　解析 ∵e=, +1=3. ∵雙曲線(xiàn)焦點(diǎn)在x軸上,∴漸近線(xiàn)方程為y=±x, ∴漸近線(xiàn)方程為y=±x. 4.C　解析 由雙曲線(xiàn)的對(duì)稱(chēng)性,不妨取漸近線(xiàn)y=x.如圖所示,|AD|=d1,|BC|=d2,過(guò)點(diǎn)F作EF⊥CD于點(diǎn)E. 由題易知EF為梯形ABCD的中位線(xiàn), 所以|EF|=(d1+d2)=3. 又因?yàn)辄c(diǎn)F(c,0)到y(tǒng)=x的距離為=b,所以b=3,b2=9. 因?yàn)閑==2,c2=a2+b2,所以a2=3,所以雙曲線(xiàn)的方程為=1.故選C. 5.C　解析 在y=±x中令x=c,得

9、A,B,在雙曲線(xiàn)=1中令x=c得P 當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為時(shí),由=m+n, 得 由(舍去), ,,∴e= 同理,當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為時(shí),e= 故該雙曲線(xiàn)的離心率為 6.2　解析 ∵四邊形OABC是正方形,∴∠AOB=45°,∴不妨設(shè)直線(xiàn)OA的方程即雙曲線(xiàn)的一條漸近線(xiàn)的方程為y=x=1,即a=b.又|OB|=2,∴c=2a2+b2=c2,即a2+a2=(2)2,可得a=2. 7　解析 如圖所示,由題意可得|OA|=a,|AN|=|AM|=b, ∵∠MAN=60°, ∴|AP|=b,|OP|= 設(shè)雙曲線(xiàn)C的一條漸近線(xiàn)y=x的傾斜角為θ,則tan θ=又tan θ=,,解得a2=3b2,

10、 ∴e= 8.解 (1)由題意知直線(xiàn)PA的斜率存在,故可設(shè)直線(xiàn)PA的方程為y=k(x-t), 由消去y,整理得x2-4kx+4kt=0, 由于直線(xiàn)PA與拋物線(xiàn)相切,得k=t. 因此,點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2t,t2). 設(shè)圓C2的圓心為D(0,1),點(diǎn)B的坐標(biāo)為(x0,y0),由題意知:點(diǎn)B,O關(guān)于直線(xiàn)PD對(duì)稱(chēng),故解得 因此,點(diǎn)B的坐標(biāo)為 (2)由(1)知|AP|=t和直線(xiàn)PA的方程tx-y-t2=0. 點(diǎn)B到直線(xiàn)PA的距離是d= 設(shè)△PAB的面積為S(t), 所以S(t)=|AP|·d= 9.解 (1)設(shè)M的坐標(biāo)為(x,y),當(dāng)x=-1時(shí),直線(xiàn)MA的斜率不存在; 當(dāng)x=1時(shí)

11、,直線(xiàn)MB的斜率不存在. 于是x≠1,且x≠-1. 此時(shí),MA的斜率為,MB的斜率為 由題意,有=4. 整理,得4x2-y2-4=0. 故動(dòng)點(diǎn)M的軌跡C的方程為4x2-y2-4=0(x≠±1). (2)由消去y,可得3x2-2mx-m2-4=0. ① 對(duì)于方程①,其判別式Δ=(-2m)2-4×3(-m2-4)=16m2+48>0, 而當(dāng)1或-1為方程①的根時(shí),m的值為-1或1. 結(jié)合題設(shè)(m>0)可知,m>0,且m≠1. 設(shè)Q,R的坐標(biāo)分別為(xQ,yQ),(xR,yR), 則xQ,xR為方程①的兩根, 因?yàn)閨PQ|<|PR|,所以|xQ|<|xR|. 因?yàn)閤Q=,x

12、R=,且Q,R在同一條直線(xiàn)上, 所以=1+ 此時(shí)>1,且2, 所以1<1+<3, 且1+, 所以1<<3,且 綜上所述,的取值范圍是 10.解 (1)由題意可知=(-2-x,1-y),=(2-x,1-y),=(x,y),=(0,2). ∵||=()+2, =2y+2,∴x2=4y. ∴曲線(xiàn)C的方程為x2=4y. (2)設(shè)Q, 則S△QAB=2=2 ∵y=,∴y'=x,∴kl=x0, ∴切線(xiàn)l的方程為y-x0(x-x0)與y軸交點(diǎn)H,|PH|==1- 直線(xiàn)PA的方程為y=-x-1,直線(xiàn)PB的方程為y=x-1, 由得xD= 由得xE=, ∴S△PDE=|xD-x

13、E|·|PH|=1-, ∴△QAB與△PDE的面積之比為2. 二、思維提升訓(xùn)練 11.A　解析 方法一:由題意,易知直線(xiàn)l1,l2斜率不存在時(shí),不合題意. 設(shè)直線(xiàn)l1方程為y=k1(x-1), 聯(lián)立拋物線(xiàn)方程,得 消去y,得x2-2x-4x+=0, 所以x1+x2= 同理,直線(xiàn)l2與拋物線(xiàn)的交點(diǎn)滿(mǎn)足x3+x4= 由拋物線(xiàn)定義可知|AB|+|DE|=x1+x2+x3+x4+2p=+4=+8≥2+8=16, 當(dāng)且僅當(dāng)k1=-k2=1(或-1)時(shí),取得等號(hào). 方法二:如圖所示,由題意可得F(1,0),設(shè)AB傾斜角為 作AK1垂直準(zhǔn)線(xiàn),AK2垂直x軸,結(jié)合圖形,根據(jù)拋物線(xiàn)的

14、定義,可得 所以|AF|·cos θ+2=|AF|,即|AF|= 同理可得|BF|=,所以|AB|= 又DE與AB垂直,即DE的傾斜角為+θ,則|DE|=, 所以|AB|+|DE|=16,當(dāng)θ=時(shí)取等號(hào),即|AB|+|DE|最小值為16,故選A. 12.C　解析 由題意畫(huà)圖,如圖所示,可知|PF2|=b,|OP|=a.由題意,得|PF1|=a. 設(shè)雙曲線(xiàn)漸近線(xiàn)的傾斜角為θ. ∴在△OPF1中,由余弦定理知cos(180°-θ)==-cos θ. 又cos θ=, =-,解得c2=3a2.∴e= 13.6　解析 設(shè)N(0,a),由題意可知F(2,0). 又M為FN的中點(diǎn)

15、,則M 因?yàn)辄c(diǎn)M在拋物線(xiàn)C上,所以=8,即a2=32,即a=±4 所以N(0,±4). 所以|FN|==6. 14.y=±x　解析 拋物線(xiàn)x2=2py的焦點(diǎn)F,準(zhǔn)線(xiàn)方程為y=- 設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),則|AF|+|BF|=y1++y2+=y1+y2+p=4|OF|=4=2p. 所以y1+y2=p. 聯(lián)立雙曲線(xiàn)與拋物線(xiàn)方程得 消去x,得a2y2-2pb2y+a2b2=0. 所以y1+y2==p,所以 所以該雙曲線(xiàn)的漸近線(xiàn)方程為y=±x. 15.解 (1)由已知可得,點(diǎn)P滿(mǎn)足|PB|+|PC|=|AC|=2>2=|BC|, 所以動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C1是一個(gè)橢圓,其

16、中2a=2,2c=2. 動(dòng)點(diǎn)P的軌跡C1的方程為=1. (2)設(shè)N(t,t2),則PQ的方程為 y-t2=2t(x-t)?y=2tx-t2. 聯(lián)立方程組消去y整理,得(4+20t2)x2-20t3x+5t4-20=0, 有 而|PQ|=|x1-x2|=, 點(diǎn)M到PQ的高為h=, 由S△MPQ=|PQ|h代入化簡(jiǎn),得 S△MPQ=,當(dāng)且僅當(dāng)t2=10時(shí),S△MPQ可取最大值 16.解 (1)設(shè)點(diǎn)C的坐標(biāo)為(x,y), 則+y2=1. 連接CG,由,又G(0,2),=(-x,2-y), 可得=x2+(y-2)2-=a(1-y2)+(y-2)2-=-(a-1)y2-4y+a

17、+,其中y∈[-1,1]. 因?yàn)閍>1,所以當(dāng)y=-1,即1-1,即a>3時(shí),的最大值是, 由條件得, 即a2-7a+10=0,解得a=5或a=2(舍去). 綜上所述,橢圓Ω的方程是+y2=1. (2)設(shè)點(diǎn)P(x1,y1),Q(x2,y2),PQ的中點(diǎn)坐標(biāo)為(x0,y0),則滿(mǎn)足=1,=1,兩式相減, 整理,得=-=-, 從而直線(xiàn)PQ的方程為y-y0=-(x-x0). 又右焦點(diǎn)F2的坐標(biāo)是(2,0), 將點(diǎn)F2的坐標(biāo)代入PQ的方程得 -y0=-(2-x0), 因?yàn)橹本€(xiàn)l與x軸不垂直,所以2x0-=5>0,從而0