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1、2022年高三上學期第二次模擬考試物理試卷 含解析zhangsan本試卷分第卷（選擇題）和第卷（非選擇題）兩部分。共100分考試用時90分鐘 第卷（選擇題共50分）一、單選題（每題只有一個答案，每題3分，共18分。）1一輛汽車運動的v-t圖象如圖，則汽車在02s內(nèi)和2s3s內(nèi)相比【 】A位移大小相等 B平均速度相等C速度變化相同 D加速度相同【答案】BA、速度圖象與坐標軸所圍的“面積”物體的位移大小，由圖知，02s內(nèi)位移較大，故A錯誤；B、汽車在02s內(nèi)平均速度為，汽車在2s3s內(nèi)平均速度為，故B正確；C、汽車在02s內(nèi)速度變化量，在2s3s內(nèi)速度變化量為，故速度變化量不同，故C錯誤；D、根據(jù)
2、速度圖象的斜率等于加速度可知，在02s內(nèi)汽車的加速度沿正方向，而在2s3s內(nèi)加速度沿負方向，所以加速度不相等，故D錯誤。故選B?！究键c】勻變速直線運動的圖像2如圖，一物體在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做勻速直線運動，則下列說法正確的是【 】A物體可能不受彈力作用 B物體可能受三個力作用C物體可能不受摩擦力作用 D物體一定受四個力作用【答案】D物體處于平衡狀態(tài)，所以一定受到重力、支持力、拉力、摩擦力，這四個力。故選D?！究键c】共點力平衡3如圖a，甲車自西向東做勻加速運動，乙車由南向北做勻速運動，到達O位置之前，乙車上的人看到甲車運動軌跡大致是圖b中的【 】【答案】C以乙車為參考系，甲
3、車向東做勻加速直線運動，向南做勻速直線運動，由于合加速度的方向與合速度的方向不在同一條直線上，則合運動是曲線，因為加速度的方向大致指向軌跡凹的一向，故C正確。故選C。【考點】運動的合成和分解4如圖所示，清洗樓房玻璃的工人常用一根繩索將自己懸在空中，工人及其裝備的總重量為G，懸繩與豎直墻壁的夾角為，懸繩對工人的拉力大小為F1，墻壁對工人的彈力大小為F2，則 【 】ABF2=GtanC若緩慢減小懸繩的長度，F(xiàn)1與F2的合力變大D若緩慢減小懸繩的長度，F(xiàn)1減小，F(xiàn)2增大【答案】BAB、分析工人受力：工人受到重力、支持力和拉力，如圖所示：根據(jù)共點力平衡條件，有：水平方向：F1sin=F2豎直方向：F1
4、cos=G解得，F(xiàn)2=Gtan，故A錯誤B正確；CD、當緩慢減小懸繩的長度時，細繩與豎直方向的夾角變大，故F1變大，F(xiàn)2變大，但F1與F2的合力與重力平衡，保持不變，故CD錯誤。故選B?！究键c】共點力平衡；力的合成與分解5如圖一質(zhì)量為m的物體在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則【 】A物體所受的合外力不變 B物體的動能不變C物體的機械能不變 D物體所受重力的功率不變【答案】BA、勻速圓周運動的物體合外力指向圓心，大小不變，方向時刻改變，故A錯誤；B、勻速圓周運動的線速度的大小不變，所以動能不變，故B正確；C、在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動物體線速度的大小不變，動能不變，勢能時刻變化，機械能不守恒，故C錯
5、誤；D、物體所受重力的功率P=mgvcos，重力和速度大小不變，夾角時刻變化，所以物體所受重力的功率改變，故D錯誤。故選B。【考點】向心力；牛頓第二定律6我國正在建設的北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)空間段由5顆靜止軌道衛(wèi)星（即地球的同步衛(wèi)星）和30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成，下列表述正確的是【 】A靜止軌道衛(wèi)星所受地球引力方向不變B靜止軌道衛(wèi)星運行速度與地球自轉(zhuǎn)速度相同C靜止軌道衛(wèi)星和非靜止軌道衛(wèi)星都處于失重狀態(tài)D提高非靜止軌道衛(wèi)星運行速度仍可使其在原軌道上運行【答案】CA、靜止軌道衛(wèi)星所受地球引力方向指向地心，不斷改變，故A錯誤；B、同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，具有相同的角速度，根據(jù)v=r得靜止軌道衛(wèi)
6、星運行速度大于地球自轉(zhuǎn)速度，故B錯誤；C、衛(wèi)星在軌道上運行時只受重力，所以都處于失重狀態(tài)，故C正確；D、提高衛(wèi)星運行速度，衛(wèi)星將會做離心運動偏離原來的軌道，故D錯誤。故選C。【考點】同步衛(wèi)星二雙選題（每題有兩個答案，每題4分，少選一個得2分，錯選得0分，共32分。）7如圖，節(jié)水灌溉中的噴嘴距地高0.8m，假定水從噴嘴水平噴出，噴灌半徑為4m，不計空氣阻力，取g=10m/s2則【 】A水下落的加速度為8m/s2 B水從噴嘴到地面的時間為0.4sC水從噴嘴噴出后動能不變 D水從噴嘴噴出的速率為10m/s【答案】BDA、水噴出后做平拋運動，下落的加速度為10m/s2，故A錯誤；B、根據(jù)得；，故B正確
7、；C、水從噴嘴噴出后重力做正功，動能增大，故C錯誤；D、水平方向，故D正確。故選BD?！究键c】平拋運動8用一水平拉力使質(zhì)量為m的物體從靜止開始沿粗糙的水平面運動，物體的v-t圖象如圖所示下列表述正確的是【 】A在0-t1時間內(nèi)拉力逐慚減少 B在0-t1時間內(nèi)物體做曲線運動C在t1-t2時間內(nèi)拉力的功率不為零 D在t1-t2時間內(nèi)合外力做功【答案】ACA、0-t1內(nèi)，物體做加速度不斷減小的加速運動，根據(jù)牛頓第二定律，有：F-f=ma，故拉力不斷減小，故A正確；B、0-t1內(nèi)拉力朝前，位移向前，故物體做直線運動，故B錯誤；C、在t1-t2時間內(nèi)，物體勻速前進，拉力做正功，故拉力的功率不為零，故C正
8、確；D、在t1-t2時間內(nèi)，物體勻速前進，合力為零，故合外力做功為零，故D錯誤。故選AC?！究键c】功率9合外力對物體做負功時，物體做直線運動的速度時間圖像可能是【 】【答案】BD合外力做負功，則動能減小，速度減小；A選項速度增大，B選項速度減小，C選項速度增大，D選項速度減小，故BD正確。故選BD?！究键c】勻變速直線運動的圖像10重為50N的物體放在水平面上，物體與水平面的動摩擦因數(shù)為0.2，現(xiàn)用方向相反的水平力F1和F2拉物體，其中F1=15N，如圖所示。要使物體做勻加速運動，則F2的大小可能為【 】A4N B10N C20N D30N【答案】AD物體的滑動摩擦力f=G=10N若F1-F2f
9、=10N，物體可以做勻加速運動，此時F25N若F2-F1f=10N，物體可以做勻加速運動，此時F225N，故AD正確故選AD?！究键c】牛頓第二定律；力的合成與分解11如圖，人站在自動扶梯上不動，隨扶梯勻速上升的過程中【 】A人克服重力做功，重力勢能增加 B支持力對人不做功，人的動能不變C合外力對人不做功，人的動能不變 D合外力對人不做功，人的機械能不變【答案】ACA、人站在自動扶梯上不動，隨扶梯勻速上升的過程中，重力做負功，重力勢能增加，故A正確；BCD、人所受的合力為零，支持力做正功，合力不做功，動能不變，重力勢能增加，則機械能增加，故C正確BD錯誤。故選AC。【考點】功能關系12如圖，汽車
10、在拱形橋頂點A勻速率運動到橋的B點下列說法正確的是【 】A合外力對汽車做的功為零B阻力做的功與牽引力做的功相等C重力的瞬時功率隨時間變化D汽車對坡頂A的壓力等于其重力【答案】ACA、汽車做勻速圓周運動，動能不變，合力對汽車做功為零，故A正確；B、在運動過程中，牽引力與重力對汽車做正功，阻力做負功，合外力的功為零，則阻力的功與牽引力和重力的功相等，故B錯誤；C、重力方向與速度方向間的夾角不斷變化，由P=mgvcos可知重力的瞬時功率隨時間變化，故C正確；D、在A點，由牛頓第二定律得：，得，由牛頓第三定律得，汽車對橋頂?shù)膲毫Γ海蔇錯誤。故選AC?！究键c】功率；牛頓第二定律；動能定理13作勻速圓周
11、運動的人造衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來的2倍后仍作勻速圓周運動，則A根據(jù)公式v=可知，衛(wèi)星運動的線速度將減小到原來的B根據(jù)公式可知，衛(wèi)星所需的向心力將減小到原來的C根據(jù)公式可知，衛(wèi)星的向心加速度將增大到原來的2倍D根據(jù)公式可知，地球提供的向心力將減小到原來的【答案】ADA、人造衛(wèi)星做勻速圓周運動時，萬有引力提供向心力，則得：可得衛(wèi)星的線速度，可知，衛(wèi)星運動的線速度將減小到原來的，故A正確；B、當軌道半徑增大時，小球所受的地球的萬有引力減小，由衛(wèi)星的線速度可知，v減小，所以，不能用公式 討論衛(wèi)星的向心力變化，故B錯誤；C、當軌道半徑變化時，衛(wèi)星的角速度也發(fā)生改變，所以，不能用公式分析衛(wèi)星角速度的變化
12、，故C錯誤；D、人造衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來的2倍，地球的質(zhì)量和衛(wèi)星的質(zhì)量均不變，由公式 可知地球提供的向心力將減小到原來的，故D正確。故選AD?！究键c】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律14我國已于2011年9月29日發(fā)射“天宮一號”目標飛行器，11月1日發(fā)射“神舟八號”飛船并在11月3日與“天宮一號”實現(xiàn)對接。某同學為此畫出“天宮一號”和“神舟八號”繞地球做勻速圓周運動的假想圖如圖所示，A代表“天宮一號”，B代表“神舟八號”，虛線為各自的軌道。由此假想圖，可以判定【 】A“天宮一號”的運行速率小于“神舟八號”的運行速率B“天宮一號”的周期小于“神舟八號”的周期C“天宮一號”的
13、向心加速度小于“神舟八號”的向心加速度 D“神舟八號”適度減速有可能與“天宮一號”實現(xiàn)對接【答案】ACABC、天宮一號和神舟八號繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力得解得，天宮一號的半徑大，向心加速度小，線速度小，周期大，故B錯誤AC正確；D、神舟八號在軌道上減速，由于萬有引力大于所需的向心力，神舟八號會做近心運動，離開原軌道，不會和天宮一號對接，故D錯誤。故選AC?！究键c】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律第卷（非選擇題 共50分）三、實驗題：本題共2小題，共14分把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答15（1）（6分）某同學設計了一個探究小車的加速度a與小車所受拉力F及質(zhì)
14、量m關系的實驗，圖（甲）為實驗裝置簡圖。他想用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，為了減小這種做法帶來的實驗誤差，你認為下列說法中正確的是 。（選填字母代號）A實驗時要平衡摩擦力 B實驗時不需要平衡摩擦力C鉤碼的重力要遠小于小車的總重力 D實驗進行時應先釋放小車再接通電源如圖（乙）所示是某次實驗中得到的一條紙帶，其中A、B、C、D、E是計數(shù)點（每打5個點取一個計數(shù)點），其中L1=3.07cm，L2=12.38cm，L3=27.87cm，L4=49.62cm。則打C點時小車的速度為 m/s，小車的加速度是 m/s2。(計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)【答案】A、C 1.24 6.22 為了讓砝碼的重力更
15、加接近為小車的合外力，本實驗中需要平衡摩擦力和讓砝碼重力遠遠小于小車重力，實驗時先接通電源后釋放小車，故BD錯誤AC正確；故選AC。每打5個點取一個計數(shù)點，相鄰的計數(shù)點的時間間隔是0.1s，根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速得：根據(jù)可得：?！究键c】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關系（2）（8分）某同學利用如圖（a）裝置做“探究彈簧彈力大小與其長度的關系”的實驗 在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持 狀態(tài) 他通過實驗得到如圖（b）所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線由此圖線可得該彈簧的原長x0= cm，勁度系數(shù)k= N/m 他又利用本實驗原理把該彈簧做成一把彈簧秤，當彈簧秤上的示數(shù)如圖（
16、c）所示時，該彈簧的長度x= cm【答案】豎直 4.0 50.0 10.0彈簧是豎直的，要減小誤差，刻度尺必須與彈簧平行，故刻度尺要保持豎直狀態(tài)；彈簧處于原長時，彈力為零，故原長為4cm；彈簧彈力為2N時，彈簧的長度為8cm，伸長量為4cm；根據(jù)胡克定律，有：；由圖c得到彈簧的彈力為3N，根據(jù)圖b得到彈簧的長度為10cm?！究键c】探究彈力和彈簧伸長的關系四、本題共3小題，滿分36分，解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。16（10分）如圖，粗糙水平面與半徑R=1.5m的光滑圓弧軌道相切于B點，靜止于A處m=1kg的物
17、體在大小為10N方向與水平水平面成37角的拉力F作用下沿水平面運動，到達B點時立刻撤去F，物體沿光滑圓弧向上沖并越過C點，然后返回經(jīng)過B處的速度vB=15m/s。已知sAB=15m，g=10m/s2，sin37=0.6，con37=0.8。求：（1）物體到達C點時對軌道的壓力；（2）物體與水平面的動摩擦因數(shù)。【答案】 （1）設物體在C處的速度為vc，由機械能守恒定律有在C處，由牛頓第二定律有解得：軌道對物體的支持力根據(jù)牛頓第三定律，物體到達C點時對軌道的壓力；（2）由于圓弧軌道光滑，物體第一次通過B處與第二次通過的速度大小相等從A到B的過程，由動能定理有： 解得物體與水平面的動摩擦因數(shù)。【考點
18、】動能定理；牛頓第二定律；機械能守恒定律17（10分）一宇航員乘宇宙飛船到達某星球表面，他將所帶的一個長為L=2m，傾角為=37的斜面，固定在該星球地面上，宇航員讓一個與斜面的滑動摩擦因數(shù)為=0.5的小滑塊從斜面頂端由靜止釋放，他測出小滑塊到達斜面底端所用時間為t=2s。求：（1）該星球地面的重力加速度g；（2）若已知該星球半徑為R，萬有引力恒量為G，忽略該星球的自轉(zhuǎn)，求星球的密度。（sin37=0.6，cos37=0.8）【答案】 （1）滑塊在斜面上的運動，由牛頓第二定律知，得由運動學公式可知，得得；（2）在天體表面物體滿足得則密度?！究键c】牛頓第二定律；萬有引力定律18（16分）如圖甲，圓
19、形水平轉(zhuǎn)臺半徑R=0.5m，離水平地面的高度H=0.8m，一質(zhì)量為m=1.0kg的小木塊放置在轉(zhuǎn)臺的邊緣，隨轉(zhuǎn)臺一起繞圓心O在水平面內(nèi)做勻速圓周運動物塊與轉(zhuǎn)臺間的動摩擦因數(shù)=0.4，設小木塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）若勻速圓周運動的周期為T=3.14s，求木塊的線速度v0和所受摩擦力f的大??？（2）緩慢增大轉(zhuǎn)臺的轉(zhuǎn)速，當轉(zhuǎn)速達到某一數(shù)值時，小木塊恰好滑離轉(zhuǎn)臺開始做平拋運動，最后小木塊沿轉(zhuǎn)臺邊緣的切線方向水平飛出，不計空氣阻力，試求小木塊平拋落地過程中落地點與通過圓心O的豎直線間的距離為S？（俯視圖如圖乙）以及小木塊落地前瞬間的動能大??？（計算結(jié)果
20、可用根式表示）【答案】 （1）根據(jù)勻速圓周運動的規(guī)律可得木塊的線速度大小木塊所受摩擦力等于木塊做勻速圓周運動的向心力（2）木塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力當，得木塊脫離玻璃板后在在豎直方向上做自由落體運動，有，得在水平方向上做勻速運動，水平位移X與距離S、半徑R的關系，得木塊從拋出到落地前由機械能守恒定律，得落地前的動能?！究键c】平拋運動；線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；機械能守恒定律中山市華僑中學xx屆第二次模擬考試物理科試題參考答案題1234567891011121314答B(yǎng)DCBBCBDACBDADACACADAC15（1）A、C （2分，選對一個的給1分，有錯選或不答的得0分） 1.2
21、4 （2分） 6.22 （2分）（2）豎直；4.0，50.0；10.0（每空2分，共8分）16（12分）參考解答：（1）設物體在C處的速度為vc ，由機械能守恒定律有mgR+= （2分）在C處，由牛頓第二定律有FC= （2分）聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得： 軌道對物體的支持力FC=130N （1分）根據(jù)牛頓第三定律，物體到達C點時對軌道的壓力FC=130N （1分）（2）由于圓弧軌道光滑，物體第一次通過B處與第二次通過的速度大小相等 （1分）從A到B的過程，由動能定理有：F con37 （mgF sin37）sAB= （4分）解得物體與水平面的動摩擦因數(shù)=1/8=0.125 （1分）17（10分）參考解
22、答：（1）滑塊在斜面上的運動，由牛頓第二定律知mgsinmgcos=ma a=0.2g （2分）由運動學公式可知 （2分）求得 g=5m/s2 （1分）（2）在天體表面物體滿足 （2分） 求得 （1分）則 （2分）18（14分）參考解答：（1）根據(jù)勻速圓周運動的規(guī)律可得木塊的線速度大小 （1分）木塊所受摩擦力等于木塊做勻速圓周運動的向心力 （2分）（2）木塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力fm=mg=4N （1分）當 F向=fm= 求得 （2分）木塊脫離玻璃板后在在豎直方向上做自由落體運動，有（2分）在水平方向上做勻速運動，水平位移 （2分）X與距離S、半徑R的關系 （2分）木塊從拋出到落地前機械能守恒，解得木塊落地前瞬間的動能得 （2分）
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