（新課標）廣西2022高考化學二輪復(fù)習 仿真模擬練（二）

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1、（新課標）廣西2022高考化學二輪復(fù)習 仿真模擬練（二）可能用到的相對原子質(zhì)量:H 1N 14O 16Na 23S 32Cl 35.5Fe 56第卷一、選擇題(本題包括7個小題,每小題6分,共42分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的)1.“化學是你,化學是我”。化學與生產(chǎn)、生活密切相關(guān),下列說法錯誤的是()A.中國古代利用明礬溶液的酸性清除銅鏡表面的銅銹B.水泥冶金廠常用高壓電除去工廠煙塵,利用了膠體的性質(zhì)C.開發(fā)利用太陽能、風能、生物質(zhì)能、海洋能等清潔能源,符合“低碳經(jīng)濟”D.二氧化硫有漂白性,常用于棉、麻、紙張和食品的漂白答案D解析明礬溶液顯酸性,可以清除銅鏡表面的銅銹,

2、A正確。煙塵在空氣中形成膠體,利用膠體的電泳現(xiàn)象,高壓除塵,B正確。發(fā)展清潔能源,減少碳的排放,C正確。二氧化硫有毒,不能漂白食品,D錯誤。2.飲茶是中國人的傳統(tǒng)飲食文化之一。為方便飲用,可通過以下方法制取罐裝飲料茶:關(guān)于上述過程涉及的實驗方法、實驗操作和物質(zhì)作用中說法不正確的是()A.是萃取B.是過濾C.是分液D.維生素C可作抗氧化劑答案C解析為分離不溶性茶渣,為過濾,B正確。中混合物不分層,分罐密封,無分液操作,C錯誤。維生素C具有還原性,可作抗氧化劑,D正確。3.在塑料原料加工時,添加塑化劑(DCHP)可以使其變得較為柔軟,易于加工。塑化劑易溶于有機溶劑,是一種對人體有害的物質(zhì)。塑化劑的

3、一種制備方法如下:+2+H2O下列說法正確的是()A.DCHP的分子式為C20H28O4B.上述制備DCHP的反應(yīng)屬于取代反應(yīng)C.DCHP苯環(huán)上的一氯代物有4種D.1 mol DCHP最多可與含4 mol NaOH的溶液反應(yīng)答案B解析DCHP的分子式為C20H26O4,A錯誤。題述制備DCHP的反應(yīng)相當于酯化反應(yīng),屬于取代反應(yīng),B正確。DCHP苯環(huán)上有2種H原子,一氯代物有2種,C錯誤。分子中有2個酯基,1 mol DCHP最多可與含2 mol NaOH的溶液反應(yīng),D錯誤。4.“銀針驗毒”在我國有上千年歷史,銀針主要用于檢驗是否有含硫元素的有毒物質(zhì)。其反應(yīng)原理之一為4Ag+2H2S+O22Ag

4、2S+2H2O。當銀針變色后,將其置于盛有食鹽水的鋁制容器中一段時間后便可復(fù)原。以下說法不正確的是()A.當銀針變黑時,所檢驗的物質(zhì)有毒B.銀針驗毒時,Ag被氧化C.上述驗毒反應(yīng)的氧化產(chǎn)物和還原產(chǎn)物的物質(zhì)的量之比為11D.銀針復(fù)原發(fā)生的反應(yīng)可能為3Ag2S+2Al6Ag+Al2S3答案D解析當銀針變黑時,說明Ag氧化為Ag2S,則說明所檢驗的物質(zhì)有毒,A正確。銀針驗毒時,Ag元素化合價升高,被氧化,B正確。在反應(yīng)4Ag+2H2S+O22Ag2S+2H2O中,氧化產(chǎn)物為Ag2S,還原產(chǎn)物為H2O,兩者的物質(zhì)的量之比為11,C正確。將其置于盛有食鹽水的鋁制容器中一段時間后便可復(fù)原,說明發(fā)生原電池反

5、應(yīng),正極為Ag2S,負極為Al,總反應(yīng)式為3Ag2S+2Al+6H2O6Ag+2Al(OH)3+3H2S,D錯誤。5.短周期元素X、Y、Z、W在周期表中的位置關(guān)系如圖,X元素的單質(zhì)既能與強酸反應(yīng),又能與強堿溶液反應(yīng)。下列說法正確的是()A.常溫下X的單質(zhì)投入濃硫酸中沒有明顯現(xiàn)象B.Y的氫化物只有一種C.W的氧化物對應(yīng)的水化物一定是強酸D.Z的氧化物排放不會造成環(huán)境污染答案A解析X元素的單質(zhì)既能與強酸反應(yīng),又能與強堿溶液反應(yīng),則X為Al,根據(jù)在周期表中的位置,推出Y為C,Z為N,W為S。常溫下,Al與濃硫酸發(fā)生鈍化反應(yīng),阻礙反應(yīng)的進行,沒有明顯現(xiàn)象,A正確。C與H組成的一類化合物是烴,B錯誤。S

6、的氧化物有SO2和SO3,SO2的水化物是H2SO3,屬于中強酸,SO3的水化物是H2SO4,屬于強酸,C錯誤。氮的氧化物對環(huán)境有污染,如NO2造成光化學煙霧或酸雨,D錯誤。6.瑞典ASES公司設(shè)計的曾用于驅(qū)動潛艇的液氨-液氧燃料電池示意圖如圖所示,有關(guān)說法正確的是()A.電極2發(fā)生氧化反應(yīng)B.電池工作時,Na+向負極移動C.電流由電極1經(jīng)外電路流向電極2D.電極1發(fā)生的電極反應(yīng)為2NH3+6OH-6e-N2+6H2O答案D解析根據(jù)電池的工作原理示意圖,知道通氧氣的電極2是正極,電極1是負極。在燃料電池的負極上發(fā)生燃料失電子的氧化反應(yīng),在正極上氧氣發(fā)生得電子的還原反應(yīng),所以電極2氧氣為正極發(fā)生

7、還原反應(yīng),A錯誤。原電池工作時,電解質(zhì)中的陽離子向正極移動,即Na+向正極移動,B錯誤。原電池中,電流是從正極電極2流向負極電極1,C錯誤。在燃料電池的負極上發(fā)生燃料氨氣失電子的氧化反應(yīng),則堿性環(huán)境下電極1發(fā)生的電極反應(yīng)為2NH3+6OH-6e-N2+6H2O,D正確。7.已知:pKa=-lgKa,25 時,H2SO3的pKa1=1.85,pKa2=7.19。用0.1 molL-1 NaOH溶液滴定20 mL 0.1 molL-1 H2SO3溶液的滴定曲線如下圖所示(曲線上的數(shù)字為pH)。下列說法正確的是()A.A點所得溶液中:2c(HS)+c(S)=0.1 molL-1B.B點所得溶液中:c

8、(H+)+c(S)=c(OH-)+c(H2SO3)C.C點所得溶液中:c(Na+)3c(HS)D.E點所得溶液中:c(Na+)c(S)c(H+)c(OH-)答案C解析A點溶液中溶質(zhì)為H2SO3和NaHSO3,pH=1.85=pKa1,可知c(H2SO3)=c(HS),溶液的體積大于20 mL,則c(H2SO3)+c(S)+c(HS)=2c(HS)+c(S)3c(HS),C正確。加入氫氧化鈉溶液40 mL,NaOH溶液滴定20 mL 0.1 molL-1 H2SO3溶液恰好反應(yīng)生成Na2SO3,Na2SO3水解顯堿性,溶液中離子濃度c(OH-)c(H+),D錯誤。第卷二、非選擇題(本卷包括必考題

9、和選考題兩部分。810題為必考題,共43分,每個試題考生都必須作答。1112為選做題,共15分,考生根據(jù)要求選擇一道題目作答)8.(14分)石灰石石膏法脫硫是除去工業(yè)煙氣中所含SO2的重要方法,其工藝分為兩步:一是吸收SO2產(chǎn)生亞硫酸氫鈣,二是氧化產(chǎn)生石膏。某?；瘜W興趣小組實驗?zāi)M該工藝,設(shè)計裝置如下:(1)裝置B模擬產(chǎn)生含SO2的工業(yè)煙氣,則E裝置的作用是。(2)實驗開始時,打開裝置B中分液漏斗的活塞,向燒瓶中逐滴滴加硫酸,D中立即產(chǎn)生了明顯的現(xiàn)象,造成產(chǎn)生這一現(xiàn)象的原因是。A.該裝置的氣密性不夠好B.滴加硫酸的速率較快C.使用的硫酸濃度較小D.石灰石漿液中碳酸鈣粉末的顆粒太小(3)預(yù)計當裝

10、置C中產(chǎn)生的現(xiàn)象時,關(guān)閉裝置B中分液漏斗的活塞,再點燃裝置A處的酒精燈。實際實驗過程中卻始終未觀察到C中產(chǎn)生這一現(xiàn)象,小組成員多次進行實驗探究,最終發(fā)現(xiàn)是藥品Na2SO3部分變質(zhì),請寫出定性實驗發(fā)現(xiàn)藥品Na2SO3問題的有關(guān)操作及現(xiàn)象:取少量的亞硫酸鈉固體于試管中,。(4)小組成員進一步定量實驗,測量Na2SO3的純度:稱取12.0 g Na2SO3固體配成100 mL溶液,取25.00 mL于錐形瓶中,并加入幾滴淀粉溶液。用0.100 0 molL-1酸性KIO3溶液滴定,三次平行實驗測得標準液的體積為20.00 mL。則滴定終點時錐形瓶中產(chǎn)生的現(xiàn)象為,寫出與產(chǎn)生終點現(xiàn)象有關(guān)反應(yīng)的離子方程式

11、,樣品中Na2SO3的質(zhì)量分數(shù)為。(計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字)答案(1)除去尾氣中的SO2(2)B(3)由渾濁變澄清先加適量的水溶解,再加入足量的鹽酸與氯化鋇溶液,有白色沉淀生成(4)當加入最后一滴酸性KIO3溶液時,溶液變藍,且半分鐘內(nèi)不褪色6H+5I-+I3I2+3H2O25.2%解析(1)E裝置中的NaOH溶液的作用是吸收尾氣中的SO2。(2)D中立即產(chǎn)生了明顯的現(xiàn)象,說明生成SO2的氣流流速快?？赡苁堑渭恿蛩岬乃俾瘦^快。(3)石灰石漿懸濁液溶解于SO2的水溶液生成可溶性的亞硫酸氫鈣,當由渾濁變澄清時,可證明SO2已經(jīng)過量,可關(guān)閉裝置B中分液漏斗的活塞,再點燃裝置A處的酒精燈,通入氧氣;

12、Na2SO3部分變質(zhì)后生成硫酸鈉,只要檢驗其水溶液中含有S即可,即取少量的亞硫酸鈉固體于試管中,先加適量的水溶解,再加入足量的鹽酸與氯化鋇溶液,有白色沉淀生成。(4)在酸性條件下I氧化S生成S,自身還原為I-,離子方程式為I+3SI-+3S,繼續(xù)滴加酸性KIO3溶液,溶液里的I-繼續(xù)被I氧化為I2,此時溶液變藍色,發(fā)生反應(yīng)的離子方程式為6H+5I-+I3I2+3H2O,判斷滴定終點的現(xiàn)象為當加入最后一滴酸性KIO3溶液時,溶液變藍,且半分鐘內(nèi)不褪色;根據(jù)I+3SI-+3S,消耗KIO3的物質(zhì)的量為0.100 0 molL-10.02 L=210-3 mol,則Na2SO3的物質(zhì)的量為210-3

13、 mol3=610-3 mol,樣品中Na2SO3的質(zhì)量分數(shù)為100%=25.2%。9.(14分)以含鉛廢料(主要含Pb、PbO、PbO2、PbSO4)和稀硫酸為原料制備高純Pb、PbO等,實現(xiàn)鉛的再生利用。其主要流程如下:(1)“酸溶”時,在Fe2+催化下,Pb和PbO2反應(yīng)生成PbSO4,生成1 mol PbSO4,轉(zhuǎn)移電子的物質(zhì)的量是 mol。Fe2+催化過程可表示為:2Fe2+PbO2+4H+S2Fe3+PbSO4+2H2O。(用離子方程式表示反應(yīng))(2)寫出脫硫過程發(fā)生主要反應(yīng)的化學方程式:。(3)已知:PbO溶解在NaOH溶液中,存在平衡:PbO(s)+NaOH(aq)NaHPbO

14、2(aq),其溶解度曲線如下圖所示。粗品PbO中所含雜質(zhì)不溶于NaOH溶液。結(jié)合上述信息,完成由粗品PbO得到高純PbO的操作:將粗品PbO溶解在一定量(填“35%”或“10%”)的NaOH溶液中,加熱至110 ,充分溶解后,(填“趁熱過濾”或“蒸發(fā)濃縮”),將濾液冷卻結(jié)晶,過濾、洗滌并干燥得到高純PbO固體。(4)將PbO粗品溶解在HCl和NaCl的混合溶液中,得到含Na2PbCl4的電解液,電解Na2PbCl4溶液,生成Pb,如下圖所示。陰極的電極反應(yīng)式是。電解一段時間后,Na2PbCl4濃度極大下降,為了恢復(fù)其濃度且實現(xiàn)物質(zhì)的循環(huán)利用,陰極區(qū)采取的方法是。答案(1)12Fe3+Pb+SP

15、bSO4+2Fe2+(2)PbSO4+2NaOHPbO+Na2SO4+H2O(3)35%趁熱過濾(4)PbC+2e-Pb+4Cl-繼續(xù)向陰極區(qū)加PbO粗品解析(1)“酸溶”時,在Fe2+催化下,Pb、PbO2和H2SO4反應(yīng)生成PbSO4和水,化學方程式為Pb+PbO2+2H2SO42PbSO4+2H2O,根據(jù)方程式可知,生成1 mol PbSO4,轉(zhuǎn)移1 mol電子。根據(jù)題給信息知反應(yīng)中Fe2+被PbO2氧化為Fe3+,則反應(yīng)中Fe3+被Pb還原為Fe2+,離子方程式為2Fe3+Pb+SPbSO4+2Fe2+。(2)脫硫過程中,PbSO4與NaOH溶液反應(yīng)生成Na2SO4、PbO和H2O。(

16、3)根據(jù)PbO的溶解度曲線,提純粗PbO的方法為將粗PbO溶解在NaOH溶液中,結(jié)合溶解度曲線特點可知在濃度高的NaOH溶液中和較高的溫度下,PbO的溶解度高,因此加熱至較高溫度,充分溶解,然后在高溫下趁熱過濾除去雜質(zhì),冷卻后PbO又析出結(jié)晶,再次過濾可得到PbO固體。(4)陰極發(fā)生還原反應(yīng),Na2PbCl4得到電子生成Pb,電極反應(yīng)式為PbC+2e-Pb+4Cl-。陽極發(fā)生氧化反應(yīng),溶液中的H2O放電生成氧氣和氫離子,電極反應(yīng)式為2H2O-4e-O2+4H+,電解一段時間后,Na2PbCl4濃度極大下降,為了恢復(fù)其濃度且實現(xiàn)物質(zhì)的循環(huán)利用,根據(jù)少什么加什么,溶液中減少了Pb和O,應(yīng)該在陰極區(qū)

17、加PbO粗品,溶解在HCl和NaCl的混合溶液中,得到含Na2PbCl4的電解液。10.(15分)航天員呼吸產(chǎn)生的CO2用下列反應(yīng)處理,可實現(xiàn)空間站中O2的循環(huán)利用。Sabatier反應(yīng):CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g)水電解反應(yīng):2H2O(l)2H2(g)+O2(g)(1)將原料氣按=14置于密閉容器中發(fā)生Sabatier反應(yīng),測得H2O(g)的物質(zhì)的量分數(shù)與溫度的關(guān)系如圖所示(虛線表示平衡曲線)。該反應(yīng)的平衡常數(shù)K隨溫度升高而(填“增大”或“減小”)。溫度過高或過低均不利于該反應(yīng)的進行,原因是。200 達到平衡時體系的總壓強為p,該反應(yīng)平衡常數(shù)Kp的計算式為。(不必化

18、簡。用平衡分壓代替平衡濃度計算,分壓=總壓物質(zhì)的量分數(shù))(2)Sabatier反應(yīng)在空間站運行時,下列措施能提高CO2轉(zhuǎn)化率的是(填標號)。A.適當減壓B.增大催化劑的比表面積C.反應(yīng)器前段加熱,后段冷卻D.提高原料氣中CO2所占比例E.合理控制反應(yīng)器中氣體的流速(3)一種新的循環(huán)利用方案是用Bosch反應(yīng)CO2(g)+2H2(g)C(s)+2H2O(g)代替Sabatier反應(yīng)。已知CO2(g)、H2O(g)的生成焓分別為-394 kJmol-1、-242 kJmol-1,Bosch反應(yīng)的H= kJmol-1。(生成焓指一定條件下由對應(yīng)單質(zhì)生成1 mol化合物時的反應(yīng)熱)一定條件下Bosch

19、反應(yīng)必須在高溫下才能啟動,原因是。新方案的優(yōu)點是。答案(1)減小溫度過低,反應(yīng)速率減小;溫度過高,反應(yīng)向右進行的程度小(2)CE(3)-90反應(yīng)的活化能高氫原子利用率為100%解析(1)根據(jù)H2O(g)的物質(zhì)的量分數(shù)與溫度的關(guān)系圖可得:溫度越高,H2O(g)的物質(zhì)的量分數(shù)越低,故隨溫度升高該反應(yīng)的平衡常數(shù)K減小。溫度過低,反應(yīng)速率減小;溫度過高,反應(yīng)向右進行的程度小,故溫度過高或過低均不利于該反應(yīng)的進行。200 時平衡體系中H2O(g)的物質(zhì)的量分數(shù)為0.6,根據(jù)反應(yīng)的化學方程式CO2(g)+4H2(g)CH4(g)+2H2O(g),所以CH4的物質(zhì)的量分數(shù)為0.3,因此CO2和H2的物質(zhì)的量

20、分數(shù)共為0.1,又因為原料氣按=14置于密閉容器中發(fā)生Sabatier反應(yīng),所以CO2的物質(zhì)的量分數(shù)為0.02,H2的物質(zhì)的量分數(shù)為0.08;達到平衡時體系的總壓強為p,則四種物質(zhì)的分壓分別為:p(CO2)=0.02p、p(H2)=0.08p、p(CH4)=0.3p、p(H2O)=0.6p,所以該反應(yīng)平衡常數(shù)Kp為:。(2)適當減壓化學反應(yīng)速率降低、降低平衡轉(zhuǎn)化率,A錯誤。催化劑不能改變反應(yīng)物的轉(zhuǎn)化率,B錯誤。反應(yīng)器前段加熱,加快反應(yīng)速率,后段冷卻,提高平衡轉(zhuǎn)化率,C正確。提高原料氣中CO2所占比例,降低CO2的轉(zhuǎn)化率,D錯誤。合理控制反應(yīng)器中氣體的流速,可使反應(yīng)物充分反應(yīng),提高了CO2轉(zhuǎn)化率

21、,E正確。(3)由已知可得:C(s)+O2(g)CO2(g)H=-394 kJmol-1,2H2(g)+O2(g)2H2O(g)H=-484 kJmol-1,所以Bosch反應(yīng)CO2(g)+2H2(g)C(s)+2H2O(g)的H=-90 kJmol-1。Bosch反應(yīng)為放熱反應(yīng),一定條件下必須在高溫下才能啟動,說明高溫條件才能引發(fā)此反應(yīng),故該反應(yīng)的活化能很高。新方案與原方案相比氫原子利用率為100%。11.【化學選修3:物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】(15分)鐵氧體是一種磁性材料,具有廣泛的應(yīng)用。(1)基態(tài)鐵原子的核外電子排布式為。(2)工業(yè)制備鐵氧體常使用水解法,制備時常加入尿素、醋酸鈉等堿性物質(zhì)。尿素

22、分子中四種不同元素的電負性由大至小的順序是;醋酸鈉中碳原子的雜化類型是。(3)工業(yè)制備鐵氧體也可使用沉淀法,制備時常加入氨(NH3)、聯(lián)氨(N2H4)等物質(zhì)。比較下表中氨(NH3)、聯(lián)氨(N2H4)的熔、沸點,解釋其高低的主要原因。N2H4NH3熔點/ 2-77.8沸點/ 113.5-33.5(4)下圖是從鐵氧體離子晶體Fe3O4中,取出的能體現(xiàn)其晶體結(jié)構(gòu)的一個立方體,則晶體中的氧離子(填“是”或“不是”)構(gòu)成了面心立方最密堆積,該立方體(填“是”或“不是”)Fe3O4的晶胞,立方體中三價鐵離子處于氧離子圍成的(填空間結(jié)構(gòu))空隙。(5)解釋該Fe3O4晶體能導電的原因,根據(jù)上圖計算Fe3O4晶

23、體的密度 gcm-3。(圖中a=0.42 nm,計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字,設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值)答案(1)Ar3d64s2(2)ONCHsp3雜化、sp2雜化(3)聯(lián)氨分子間形成的氫鍵數(shù)目多于氨分子間形成的氫鍵(4)是是正八面體(5)電子可在兩種不同價態(tài)的鐵離子間快速發(fā)生轉(zhuǎn)移5.2解析(1)鐵原子的核外電子數(shù)為26,則基態(tài)鐵原子的核外電子排布式為Ar3d64s2。(2)元素的非金屬性越強,電負性越大,則尿素中四種元素的電負性:ONCH;CH3COONa中甲基C原子為sp3雜化,羧基中的C原子為sp2雜化。(3)氨和聯(lián)氨分子間均可以形成氫鍵,聯(lián)氨分子間形成氫鍵數(shù)目多于氨分子間形成的氫鍵,故

24、聯(lián)氨的沸點明顯高于氨。(4)由圖示可知晶體中的氧離子構(gòu)成面心立方最密堆積,該立方體中氧離子數(shù)目為12+1=4,Fe3+的數(shù)目為4+3=2,Fe2+的數(shù)目為1,則Fe和O的原子數(shù)目為34,是Fe3O4的晶胞;立方體中三價鐵離子處于周圍6個氧離子圍成的正八面體空隙中心。(5)晶體中電子可在兩種不同價態(tài)的鐵離子間快速發(fā)生轉(zhuǎn)移,則Fe3O4晶體能導電;晶體的體積為a3=(0.4210-7 cm)3,每摩爾晶胞的質(zhì)量為(563+164) g=232 g,則Fe3O4晶體的密度=5.2 gcm-3。12.【化學選修5:有機化學基礎(chǔ)】(15分)4-羥基香豆素是合成藥物的重要中間體,其兩條合成途徑如圖:已知:

25、F的結(jié)構(gòu)簡式為;(X=O,N,S;R為烴基);RCOOR+2ROHRCOOR+2ROH回到下列問題:(1)關(guān)于4-羥基香豆素的說法正確的是。(填標號)a.能使溴水褪色b.1 mol該物質(zhì)最多能與4 mol NaOH反應(yīng)c.分子內(nèi)最多有9個碳原子共平面d.屬于苯的同系物(2)A生成B的反應(yīng)類型為,D的結(jié)構(gòu)簡式為。(3)I的名稱為。(4)寫出G生成H的化學方程式。(5)滿足下列所有條件的F(結(jié)構(gòu)簡式見已知)的同分異構(gòu)體的數(shù)目有種;a.能發(fā)生銀鏡反應(yīng)b.屬于苯的二取代物c.只含有一個環(huán)寫出上述異構(gòu)體中能使FeCl3溶液顯紫色,核磁共振氫譜有五組峰且面積比為12221的結(jié)構(gòu)簡式。(6)結(jié)合已有知識、信

26、息并參照上述合成路線,以丙醇為起始原料(無機試劑任選)設(shè)計制備的合成路線。答案(1)ac(2)氧化反應(yīng)(3)丙二酸(4)+O2+2H2O(5)12(6)CH3CH2CH2OHCH3CHCH2解析(1)由4-羥基香豆素結(jié)構(gòu)簡式可知,含C、H、O三種元素,含醇羥基、碳碳雙鍵和酯基,則能使溴水褪色,a正確。因為4-羥基香豆素只含1個酚酯基,所以1 mol該物質(zhì)最多能與2 mol NaOH反應(yīng),b錯誤。因為苯環(huán)一定在一個平面,又碳碳雙鍵可能與苯環(huán)共面,所以分子內(nèi)最多有9個碳原子共平面,c正確。由4-羥基香豆素結(jié)構(gòu)簡式可知,含C、H、O三種元素,所以不屬于苯的同系物,d錯誤。(2)A被臭氧氧化生成B,則

27、A生成B的反應(yīng)類型為氧化反應(yīng),由流程圖可知,D與乙醇發(fā)生信息反應(yīng)生成E,又由E的結(jié)構(gòu)簡式推出D的結(jié)構(gòu)簡式為。(3)根據(jù)I的結(jié)構(gòu)簡式,則I的名稱為丙二酸。(4)G在銅作催化劑條件下發(fā)生催化氧化生成H,則反應(yīng)的化學方程式為+O2+2H2O。(5)F的結(jié)構(gòu)簡式為,a.能發(fā)生銀鏡反應(yīng)說明含有醛基,b.屬于苯的二取代物,c.只含有一個環(huán),說明苯環(huán)上只有2個取代基,則組成可能為CH2OH和CHO或者OCH3和CHO或者CH3和OCHO或者OH和CH2CHO,又在苯環(huán)上分別有鄰、間、對三種,所以一共有12種,其中能使FeCl3溶液顯紫色,核磁共振氫譜有五組峰且面積比為12221的結(jié)構(gòu)簡式為。(6)根據(jù)流程ABC,則以丙醇為起始原料(無機試劑任選)合成,只需要合成CH3CHCH2即可,所以合成的流程圖為:CH3CH2CH2OHCH3CHCH2。