6、0.5 m處釋放的粒子射出電場E1時(shí)的速度大小;
(2)若進(jìn)入磁場的所有帶電粒子均從MN上同一點(diǎn)離開磁場,求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小;
(3)若在第(2)問情況下所有帶電粒子均被PQ板接收,求電場強(qiáng)度E2的最小值和在E2最小的情況下最先打在接收板上的粒子運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間。
5.如圖所示,靜止于A處的帶正電粒子,經(jīng)加速電場加速后沿圖中圓弧虛線通過靜電分析器,從P點(diǎn)垂直CN豎直向上進(jìn)入矩形區(qū)域的有界勻強(qiáng)磁場(磁場方向如圖所示,其中CNQD為勻強(qiáng)磁場的邊界)。靜電分析器通道內(nèi)有均勻輻向分布的電場,方向
7、如圖所示。已知加速電場的電壓為U,圓弧虛線的半徑為R,粒子質(zhì)量為m、電荷量為q,QN=2d,PN=3d,粒子重力不計(jì)。
(1)求粒子在輻向電場時(shí)其所在處的電場強(qiáng)度E;
(2)若粒子恰好能打在N點(diǎn),求矩形區(qū)域QNCD內(nèi)勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值;
(3)要求帶電粒子最終能打在QN上,求磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B的取值范圍。
6.某裝置用磁場控制帶電粒子的運(yùn)動(dòng),工作原理圖如圖所示。裝置的長L=2d,上下兩個(gè)相同的矩形區(qū)域內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同、方向與紙面垂直且相反,
8、兩磁場的間距為d,裝置右端有一收集板,N、P為板上的兩點(diǎn),N、P分別位于下方磁場的上、下邊界上。一質(zhì)量為m、電荷量為-q的粒子靜止在A處,經(jīng)加速電場加速后,以速度v0沿圖中的虛線從裝置左端的中點(diǎn)O射入,方向與軸線成60°角?？梢酝ㄟ^改變上下矩形區(qū)域內(nèi)的磁場強(qiáng)弱(兩磁場始終大小相同、方向相反),控制粒子到達(dá)收集板上的位置。不計(jì)粒子的重力。
(1)試求出加速電壓U的大小;
(2)若粒子只經(jīng)過上方的磁場區(qū)域一次,恰好到達(dá)收集板上的P點(diǎn),求磁場區(qū)域的寬度h;
(3)欲使粒子經(jīng)過上下兩磁場并到達(dá)收集板上的N點(diǎn),磁感
9、應(yīng)強(qiáng)度有多個(gè)可能的值,試求出其中的最小值B。
7.如圖所示,真空中有以(r,0)點(diǎn)為圓心,以r為半徑的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū),磁感強(qiáng)度大小為B,方向垂直于紙面向里,在y=r的虛線上方足夠大的范圍內(nèi),有水平向左的勻強(qiáng)電場,電場強(qiáng)度的大小為E,一質(zhì)子從O點(diǎn)沿與x軸正方向成30°斜向下射入磁場(如圖中所示),經(jīng)過一段時(shí)間后由M點(diǎn)(圖中沒有標(biāo)出)穿過y軸。已知質(zhì)子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r,質(zhì)子的電荷量為e,質(zhì)量為m ,重力不計(jì)。求:
(1)質(zhì)子運(yùn)動(dòng)的初速度大小;
(2)M點(diǎn)的坐標(biāo);
(3)質(zhì)子由O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)所用時(shí)
10、間。
8.掃描電子顯微鏡在研究微觀世界里有廣泛的應(yīng)用,通過磁聚焦之后的高能電子轟擊物質(zhì)表面,被撞擊的樣品會(huì)產(chǎn)生各種電磁輻射,通過分析這些電磁波就能獲取被測樣品的各種信息。早期這種儀器其核心部件如圖甲所示。其原理如下:電子槍發(fā)出的電子束,進(jìn)入磁場聚焦室(如圖甲),聚焦磁場由通電直導(dǎo)線產(chǎn)生,磁場通過“釋放磁場的細(xì)縫”釋放而出,通過控制“釋放磁場細(xì)縫”的寬度、磁場的強(qiáng)弱和方向使電子進(jìn)行偏轉(zhuǎn),讓聚焦之后的電子集中打在樣品上。
(1)要使射入聚焦室的電子發(fā)生圖乙的偏轉(zhuǎn),請說明圖甲中左側(cè)和右側(cè)通電直導(dǎo)線的電流方向(只要回答“向上”或者“向下”);
11、
(2)圖乙為聚焦磁場的剖面圖,要產(chǎn)生圖示的聚焦效果,請說明該平面中磁場的分布情況;
(3)研究人員往往要估測聚焦磁場區(qū)域中各處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小,為了研究方便假設(shè)電子運(yùn)動(dòng)經(jīng)過的磁場為勻強(qiáng)磁場,若其中一個(gè)電子從A點(diǎn)射入(如圖丙所示),從A點(diǎn)正下方的A'點(diǎn)射出,入射方向與OA的夾角等于出射方向與O'A'的夾角,電子最終射向放置樣品的M點(diǎn),求該磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小?已知OA=O'A'=d,AA'=L,O'M=h,電子速度大小為v,質(zhì)量為m,電荷量為e。
9.(2018年3月綠色評(píng)價(jià)聯(lián)盟高三適應(yīng)性考試)離子推進(jìn)器是太空飛行器常用的動(dòng)力系統(tǒng)。某
12、種推進(jìn)器設(shè)計(jì)的簡化原理如圖所示,截面半徑為R=2 m的圓柱腔分為兩個(gè)工作區(qū)。Ⅰ為電離區(qū),電離區(qū)間充有稀薄銫氣體,也有軸向的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1.0×10-3 T,在離軸線處的C點(diǎn)持續(xù)射出一定速率范圍的電子。假設(shè)射出的電子僅在垂直于軸線的截面上運(yùn)動(dòng),截面如圖2所示(從左向右看)。電子的初速度方向與中心O點(diǎn)和C點(diǎn)的連線成α角(0<α≤90°)。電子碰撞銫原子使之電離,為了取得好的電離效果,從內(nèi)圓柱體表面發(fā)出的電子在區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)不能與外器壁碰撞。Ⅱ?yàn)榧铀賲^(qū),兩端加有電壓,形成軸向的勻強(qiáng)電場。Ⅰ區(qū)產(chǎn)生的銫離子以接近0的初速度進(jìn)入Ⅱ區(qū),被加速后以速度v0=7.25×104 m/s從右側(cè)噴出。
13、這種高速粒子流噴射出去,可推動(dòng)衛(wèi)星運(yùn)動(dòng),電子在Ⅰ區(qū)內(nèi)不與器壁相碰且能到達(dá)的區(qū)域越大,電離效果越好,已知銫離子比荷=7.25×105 C·kg-1,銫離子質(zhì)量M=2.2×10-25 kg,電子質(zhì)量為m=0.9×10-30 kg,電荷量為e=1.60×10-19 C(電子碰到器壁即被吸收,不考慮電子間的碰撞)。
(1)求Ⅱ區(qū)的加速電壓;
(2)為取得好的電離效果,請判斷Ⅰ區(qū)中的磁場方向(按圖2說明是“垂直紙面向里”或“垂直紙面向外”);
(3)要取得好的電離效果,求射出的電子最大速率vm與α角的關(guān)系;
(4)若
14、單位時(shí)間內(nèi)噴射出N=1018個(gè)銫離子,試求推進(jìn)器的推力(結(jié)果取兩位有效數(shù)字)。
10.如圖所示,在直角坐標(biāo)系xOy的第一象限中分布著沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場,在第四象限內(nèi)分布著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。一個(gè)質(zhì)量為m0,電荷量為q的正粒子(不計(jì)重力)在A(0,3)點(diǎn)平行x軸入射,初速度vA=120 m/s,該粒子從電場進(jìn)入磁場,又從磁場進(jìn)入電場,并且只通過x軸上的點(diǎn)P(4.5,0)及Q(8,0)各一次,已知該粒子的比荷為= 108 C/kg。求:
(1)電場強(qiáng)度的大小;
(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小;
(3
15、)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。
11.(2018年2月臺(tái)州高三期末)如圖1所示為我國蘭州重離子加速系統(tǒng)中的一臺(tái)大型分離扇加速器,圖2為其簡化示意圖,四個(gè)張角為53°的扇形磁鐵沿環(huán)形安裝,產(chǎn)生方向垂直于紙面向里的扇形勻強(qiáng)磁場,磁場的外半徑R=3.6 m,磁感應(yīng)強(qiáng)度均為B=0.5 T,磁鐵之間為真空無場區(qū)。若重離子質(zhì)量為1.4×10-25 kg,帶7個(gè)單位正電荷,以速率v=4.0×106 m/s沿圖中虛線所示的閉合軌道周期性旋轉(zhuǎn)。求:
(1)閉合軌道在勻強(qiáng)磁場中圓弧的半徑r,并判斷離子旋轉(zhuǎn)的方向;
(2)閉合軌道在兩個(gè)扇形磁場間的長度d,及離子沿軌道旋轉(zhuǎn)的
16、周期T;
(3)重離子沿閉合軌道周期性旋轉(zhuǎn)的最大速度vm。
〔已知:元電荷e=1.6×10-19 C,sin(α±β)=sin αcos β±cos αsin β,cos α=1-2sin2〕
12.“太空粒子探測器”是由加速、偏轉(zhuǎn)和收集三部分組成,其原理可簡化如下:如圖甲所示,輻射狀的加速電場區(qū)域邊界為兩個(gè)同心平行半圓弧面,圓心為O,外圓弧面AB的半徑為L,電勢為φ1,內(nèi)圓弧面CD的半徑為,電勢為φ2。足夠長的收集板MN平行于邊界ACDB,O到MN板的距離OP為L。假設(shè)太空中漂浮著質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子,它們能均勻地吸附到AB圓弧面上,并被加速
17、電場從靜止開始加速,不計(jì)粒子間的相互作用和其他星球?qū)αＷ右Φ挠绊憽?
(1)求粒子到達(dá)O點(diǎn)時(shí)速度的大小;
(2)如圖乙所示,在邊界ACDB和收集板MN之間加一個(gè)半圓形勻強(qiáng)磁場,圓心為O,半徑為L,磁場方向垂直紙面向內(nèi),則發(fā)現(xiàn)從AB圓弧面收集到的粒子有能打到MN板上(不考慮過邊界ACDB的粒子再次返回),求所加磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B0的大小;
(3)隨著所加磁場大小的變化,試定量分析收集板MN上的收集效率η與磁感應(yīng)強(qiáng)度B的關(guān)系。
提升訓(xùn)練11 帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)
1.答案 (1) (2)-R~R (3)
解析 (1)q
18、U=mv2,得v=
由已知條件,知偏轉(zhuǎn)半徑r=R
Bqv=m
得。
(2)因?yàn)閞=R,所有粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后都平行于x軸射出。沿QN方向射入時(shí),對(duì)應(yīng)的圓心角為135°,離開磁場時(shí)a點(diǎn)的縱坐標(biāo)為ya=R
沿PM方向入射的帶電粒子離開磁場的出發(fā)點(diǎn)b的縱坐標(biāo)yb=-R
所以進(jìn)入電場時(shí)的縱坐標(biāo)范圍為-R~R。
(3)E=,F=Eq=ma,y=at2,vt=4R,得y=R
從縱坐標(biāo)y=0.5R進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場的粒子恰能打到K板右邊緣,其進(jìn)入磁場時(shí)的速度與y軸夾角為30°,所以比例η=。
2.答案 (1RnPoHe 1×107 m/s
(2)1×106 V/m (3)×10-7s (4)α粒
19、子打在熒光屏上的M點(diǎn)上方1 m處
解析 (1)衰變方程RnPoHe ①
衰變過程動(dòng)量守恒,0=mPov1-mHev0?、?
聯(lián)立①②可得v0=1.09×107 m/s≈1×107 m/s?！、?
(2)α粒子勻速通過電磁場區(qū)域Ⅰ,qE=qv0B ④
聯(lián)立③④可得E=1×106 V/m?！、?
(3)α粒子在區(qū)域Ⅱ被電場加速,qU=mv2-,所以v=2×107 m/s ⑥
α粒子在區(qū)域Ⅲ中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),qvB=m
所以R=1 m ⑦
又T=?、?
如圖所示,由幾何關(guān)系可知,α粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)角θ=60°,所以α粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T?、?
聯(lián)立⑧⑨可得t=×10-7 s。
20、
(4)α粒子的入射速度過圓形磁場圓心,由幾何關(guān)系可知,出射速度方向也必然過圓心O,幾何關(guān)系如圖,tan 60°=,所以x=1 m,α粒子打在熒光屏上的M點(diǎn)上方1 m處。
3.答案 (1)
(2)4
(3)v<
解析 (1)設(shè)離子以初速度v0進(jìn)入電場,離開電場時(shí)速度為v1,由動(dòng)能定理得qU=
解得v1=
由題意可知,乙離子進(jìn)入電場時(shí)速度范圍0~v,可得乙離子離開電場時(shí)速度范圍
(2)磁場中:qBv1=m,解得r=
經(jīng)判斷知,以v進(jìn)入電場的甲離子打在底片上距O孔最遠(yuǎn)處
rm=
xm=2rm=4。
(3)乙離子能打到的距離O點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離:
2r乙=2
甲離子能打
21、到的距離O點(diǎn)的最近距離:
2r甲cos 30°=cos 30°
當(dāng)2r乙=2r甲cos 30°時(shí),即v=
v范圍為v<。
4.答案 (1)4×103 m/s (2)0.1 T (3)8.0×102 N/C 5.7×10-4 s
解析 (1)由題意得,于x處釋放的粒子在電場中加速的位移為y,且滿足y=x2
設(shè)射出電場E1時(shí)的速度大小為v,由動(dòng)能定理可得qyE1=mv2
聯(lián)立兩式可求得v=x
代入數(shù)值求解得v0.5=4×103 m/s。
(2)粒子進(jìn)入磁場后做勻速圓周運(yùn)動(dòng),設(shè)半徑為r,由牛頓第二定律可得qvB=
聯(lián)立上式可求得r=x
當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B一定時(shí),軌道半徑r與x成
22、正比,當(dāng)x趨近于零時(shí),粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑趨近于零,即所有粒子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后都從C點(diǎn)射出磁場, 且有2r=x
聯(lián)立上兩式可得B=0.1 T。
(3)粒子從C點(diǎn)沿y軸負(fù)方向進(jìn)入電場強(qiáng)度大小為E2的范圍后,都在電場力作用下做類平拋運(yùn)動(dòng),若所有帶電粒子均被PQ板接收,則從x=1 m處出發(fā)的粒子剛好運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn),對(duì)應(yīng)電場強(qiáng)度E2的最小值E2 min,設(shè)該粒子在電場強(qiáng)度大小為E2 min的電場中運(yùn)動(dòng)的初速度為v1,時(shí)間為t3,加速度為a2,有x=a2,y=v1t3,qE2 min=ma2
將x=1 m,y=1 m代入方程可求得E2 min=8.0×102 N/C
由題意得,在E2最小的情況下最先
23、打在接收板上的粒子為從x=1 m處出發(fā)的粒子,設(shè)該粒子在電場強(qiáng)度大小為E1的電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t1,在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2,則有v1=t1,在勻強(qiáng)磁場中轉(zhuǎn)過θ=π的圓心角,有πr=v1t2
故該粒子所經(jīng)歷的總時(shí)t=t1+t2+t3
從而求得t≈5.7×10-4 s。
5.答案 (1) (2) (3)≤B≤
解析 (1)粒子在加速電場中加速,根據(jù)動(dòng)能定理得qU=mv2,解得v=
粒子在輻向電場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),電場力提供向心力,有qE=
解得E=。
(2)粒子在勻強(qiáng)磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),洛倫茲力提供向心力,根據(jù)牛頓第二定律,有qvB=
則r=,粒子恰好能打在N點(diǎn),則r=d,可得
24、B=。
(3)由r=
粒子能打在QN上,則既沒有從DQ邊出去,也沒有從PN邊出去。
由幾何關(guān)系可知,粒子能打到QN上,必須滿足d≤r≤2d,則有≤B≤。
6.答案 (1) (2) (3)
解析 (1)由動(dòng)能定理可知qU=
得U=。
(2)設(shè)帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r,依題意作出帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖甲所示。
甲
由圖中幾何關(guān)系有L=3rsin60°+3×,
h=r(1-cos60°)
解得h=。
乙
(3)當(dāng)B為最小值時(shí),粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑r則為最大值,即粒子只經(jīng)過上方和下方的磁場區(qū)域各一次,恰好到達(dá)收集板上的N點(diǎn)。設(shè)帶電粒子此時(shí)運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r',
25、帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖乙所示。
由圖中幾何關(guān)系有L=4r'sin60°+3×
根據(jù)牛頓第二定律和洛倫茲力大小公式有qv0B=m
聯(lián)立以上各式解得B=。
7.答案 (1) (2)(0,r+Br)
(3)
解析 (1)質(zhì)子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),有
Bev=m v=。
(2)質(zhì)子在磁場和電場中運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,質(zhì)子在磁場中轉(zhuǎn)過120°角后,從P點(diǎn)再勻速運(yùn)動(dòng)一段距離后垂直電場線進(jìn)入電場,
由幾何關(guān)系得
P點(diǎn)距y軸的距離為x2=r+rsin30°=1.5r
質(zhì)子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng),所以有
Ee=ma①
x2=②
由①②得t3=
M點(diǎn)的縱坐標(biāo)y=r+vt3=r+Br
26、
所以M點(diǎn)坐標(biāo)為(0,r+Br)。
(3)質(zhì)子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1=T=
由幾何關(guān)系得P點(diǎn)的縱坐標(biāo)y2=r
所以質(zhì)子勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2=
質(zhì)子由O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)所用時(shí)間t=t1+t2+t3=。
8.答案 (1)向下 向下
(2)右側(cè)區(qū)域:磁場方向垂直紙面向內(nèi);中間分界線上:磁感應(yīng)強(qiáng)度為零。左側(cè)區(qū)域:磁場方向垂直紙面向外
(3)
解析 (1)左側(cè)的通電直導(dǎo)線的電流方向向下;
右側(cè)的通電直導(dǎo)線的電流方向向下。
(2)要產(chǎn)生圖示的聚焦效果,該平面中磁場的分布情況是越靠近中心線處的磁感應(yīng)強(qiáng)度越小,左右對(duì)稱;所以歸納為:
右側(cè)區(qū)域:磁場方向垂直紙面向內(nèi);
中間分界線上:磁感應(yīng)強(qiáng)度為零
27、;
左側(cè)區(qū)域:磁場方向垂直紙面向外。
(3)設(shè)∠A'MO'=θ,電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑是r,則可得rsinθ=
由幾何關(guān)系可知sinθ=d
解得r=
由帶電粒子在磁場中的受力關(guān)系可知evB=m
該磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是B=。
9.答案 (1)3.625×103 V (2)垂直紙面向外 (3)vm=×108 m/s (4)1.6×102 N
解析 (1)qU=mv2,得U=3.625×103 V;
(2)磁場方向垂直紙面向外;
(3)由余弦定理得:-2rmRsin α=,rm=
qvmB=m,vm=×108 m/s;
(4)Ft=NMv0,F=1.6×102 N。
28、
10.答案 (1)4.27×10-5 N/C (2)9.14×10-7 T (3)0.02 s
解析 粒子先在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng),后在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),如圖。
(1)設(shè)OA的長度為h,OP的長度為x,粒子從A運(yùn)動(dòng)到P的時(shí)間為t,則有
x=vAt
y=at2=t2
代入數(shù)據(jù)解得
t= s
E≈4.27×10-5 N/C。
(2)vy=2=160 m/s
v==200 m/s
cos θ==0.8,則θ=37°
由幾何關(guān)系可得粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑R= m
則B=≈9.14×10-7 T。
(3)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的圓心角α=106°
則粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間
29、t'=T=≈0.02 s。
11.答案 (1)1.0 m 逆時(shí)針旋轉(zhuǎn) (2)1.0 m 2.57×10-6 s (3)8.44×106 m/s
解析 (1)重離子在扇形磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),有
Bqv=m
r=
解得:r=1.0 m
離子逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)。
(2)由對(duì)稱性可知,磁場中圓弧的圓心角為
圓弧對(duì)應(yīng)的弦長L=r
由幾何關(guān)系:
由三角關(guān)系:sin ,sin
解得:d=1.0 m
離子在無場區(qū)運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t1==1.0×10-6 s
離子在磁場中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t2=×10-6 s
離子旋轉(zhuǎn)的周期T=t1+t2≈2.57×10-6 s。
(3)當(dāng)重離子以vm旋
30、轉(zhuǎn)時(shí),恰好與磁場的圓弧邊界相切,如圖所示:
由幾何關(guān)系:
R-r'=r'
由三角關(guān)系:tan
解得:r'=(2-)R
又由r=可得:
解得:vm≈8.44×106 m/s。
12.答案 (1) (2) (3)當(dāng)B≤時(shí),收集效率η=1-arcsin ;當(dāng)B>時(shí),收集效率η=0
解析 (1)帶電粒子在電場中加速時(shí),電場力做正功,得
qU=mv2-0
U=φ1-φ2
解得v=。
甲
(2)從AB圓弧面收集到的粒子有能打到MN板上,則剛好不能打到MN上的粒子從磁場中出來后速度的方向與MN平行,則入射的方向與AB之間的夾角是60°,在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖甲所示,軌跡圓心角θ=60°。
根據(jù)幾何關(guān)系,粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r=L
由洛倫茲力提供向心力得qvB0=m
聯(lián)立解得B0=。
乙
(3)磁感應(yīng)強(qiáng)度增大,則粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)的軌道半徑減小,由幾何關(guān)系知,收集效率變小。
設(shè)粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角為α,如圖乙所示。
由幾何關(guān)系可知sin
收集板MN上的收集效率
η==1-arcsin
當(dāng)B>時(shí),收集效率η=0。
（浙江專用）2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí)優(yōu)選習(xí)題 專題三 電場與磁場 提升訓(xùn)練11 帶電粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)
