《（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 46分大題保分練5（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 46分大題保分練5（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題（6頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、46分大題保分練(五)
(建議用時(shí)：40分鐘)
17．(12分)2019年9月24日國家統(tǒng)計(jì)局在慶祝中華人民共和國成立70周年活動(dòng)新聞中心舉辦新聞發(fā)布會(huì)指出，1952年～2018年，我國GDP從679.1億元躍升至90.03萬億元，實(shí)際增長174倍；人均GDP從119元提高到6.46萬元，實(shí)際增長70倍．全國各族人民，砥礪奮進(jìn)，頑強(qiáng)拼搏，實(shí)現(xiàn)了經(jīng)濟(jì)社會(huì)的跨越式發(fā)展．特別是黨的十八大以來，在以習(xí)近平同志為核心的黨中央堅(jiān)強(qiáng)領(lǐng)導(dǎo)下，黨和國家事業(yè)取得歷史性成就、發(fā)生歷史性變革，中國特色社會(huì)主義進(jìn)入新時(shí)代．如圖是全國2012年至2018年GDP總量y(萬億元)的折線圖．
注：年份代碼1～7分別對(duì)應(yīng)
2、年份2012～2018.
(1)由折線圖看出，可用線性回歸模型擬合y與年份代碼t的關(guān)系，請(qǐng)用相關(guān)系數(shù)加以說明；
(2)建立y關(guān)于t的回歸方程(系數(shù)精確到0.01)，預(yù)測2021年全國GDP的總量．
附注：
參考數(shù)據(jù)：yi＝492.01，＝70.29，iyi＝2131.99，≈165.15.
參考公式：相關(guān)系數(shù)r＝，回歸方程＝t＋中斜率和截距的最小二乘估計(jì)公式分別為＝，＝－.
[解] (1)由折線圖中的數(shù)據(jù)和附注中參考數(shù)據(jù)得＝4，2＝28, ＝iyi－i＝2131.99－4×492.01＝163.95，
所以r＝≈0.99，
因?yàn)閥與t的相關(guān)系數(shù)近似為0.99，說明y與t的線
3、性相關(guān)程度相當(dāng)高，
從而可以用線性回歸模型擬合y與t的關(guān)系．
(2)由＝70.29及(1)得＝＝≈5.86，
＝－≈70.29－5.86×4＝46.85，
所以y關(guān)于t的回歸方程為＝46.85＋5.86t.
將2021年對(duì)應(yīng)的代碼t＝10代入回歸方程得＝46.85＋5.86×10＝105.45.
所以預(yù)測2021年全國GDP總量約為105.45萬億元．
18．(12分)(2020·東北三省二模)已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且a1＝1，Sn＝an＋1－1，數(shù)列{bn}為等差數(shù)列，a3＝b4，且b2＋b5＝b7.
(1)求數(shù)列{an}和{bn}的通項(xiàng)公式；
(2)若cn＝，
4、求數(shù)列{cn}的前n項(xiàng)和Tn.
[解] (1)∵數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且a1＝1，Sn＝an＋1－1，①
∴當(dāng)n≥2時(shí)有Sn－1＝an－1，②
由①－②可得：an＝an＋1－an，即an＋1＝2an，
又當(dāng)n＝1時(shí)，有S1＝a2－1＝1?a2＝2＝2a1也適合，
∴an＋1＝2an，即數(shù)列{an}是以1為首項(xiàng)，2為公比的等比數(shù)列，∴an＝2n－1.
設(shè)等差數(shù)列{bn}的公差為d，
∵a3＝b4，且b2＋b5＝b7，
∴，解得，
∴bn＝b4＋(n－4)d＝n.
(2)由(1)得an＝2n－1，bn＝n，∴cn＝＝＝－.
∴Tn＝＋＋＋…＋＋
＝－＝.
19．(
5、12分)(2020·長沙模擬)如圖，已知多面體PABCDE的底面ABCD是邊長為2的菱形，PA⊥底面ABCD，ED∥PA，且PA＝2ED＝2.
(1)證明：平面PAC⊥平面PCE；
(2)若∠ABC＝60°，求三棱錐P-ACE的體積．
[解] (1)證明：如圖，連接BD，交AC于點(diǎn)O，設(shè)PC的中點(diǎn)為F，連接OF，EF.
易知O為AC的中點(diǎn)，
所以O(shè)F∥PA，且OF＝PA．
因?yàn)镈E∥PA，且DE＝PA，
所以O(shè)F∥DE，且OF＝DE，
所以四邊形OFED為平行四邊形，
所以O(shè)D∥EF，即BD∥EF.
因?yàn)镻A⊥平面ABCD，BD?平面ABCD，
所以PA⊥BD．
6、
因?yàn)樗倪呅蜛BCD是菱形，所以BD⊥AC．
因?yàn)镻A∩AC＝A，PA，AC?平面PAC，
所以BD⊥平面PAC．
因?yàn)锽D∥EF，所以EF⊥平面PAC．
因?yàn)镋F?平面PCE，所以平面PAC⊥平面PCE.
(2)因?yàn)椤螦BC＝60°，ABCD是菱形，所以△ABC是等邊三角形，所以AC＝2.
又PA⊥平面ABCD，AC?平面ABCD，所以PA⊥AC．
所以S△PAC＝PA×AC＝2.
因?yàn)镋F⊥平面PAC，所以EF是三棱錐E-PAC的高．
易知EF＝DO＝BO＝，所以三棱錐P-ACE的體積V三棱錐P-ACE＝V三棱錐E-PAC＝S△PAC×EF＝×2×＝.
選考題：共10分
7、．請(qǐng)考生在第22、23題中任選一題作答．如果多做，則按所做的第一題計(jì)分．
22．(10分)[選修4－4：坐標(biāo)系與參數(shù)方程]在極坐標(biāo)系中，圓C：ρ＝4cos θ.以極點(diǎn)O為原點(diǎn)，極軸為x軸的正半軸建立直角坐標(biāo)系xOy，直線l經(jīng)過點(diǎn)M(－1，－3)且傾斜角為α.
(1)求圓C的直角坐標(biāo)方程和直線l的參數(shù)方程；
(2)已知直線l與圓C交于A，B兩點(diǎn)，滿足A為MB的中點(diǎn)，求α.
[解] (1)由圓C：ρ＝4cos θ可得ρ2＝4ρcos θ，
因?yàn)棣?＝x2＋y2，x＝ρcos θ，
所以x2＋y2＝4x，即(x－2)2＋y2＝4，故圓C的直角坐標(biāo)方程為(x－2)2＋y2＝4.
直線l的
8、參數(shù)方程為(t為參數(shù)，0≤α＜π)．
(2)設(shè)A，B對(duì)應(yīng)的參數(shù)分別為tA，tB，
將直線l的參數(shù)方程代入C的直角坐標(biāo)方程并整理，得t2－6t(sin α＋cos α)＋32＝0，Δ＝36(sin α＋cos α)2－4×32＞0，①
所以tA＋tB＝6(sin α＋cos α)，tA·tB＝32.
又A為MB的中點(diǎn)，所以tB＝2tA，
因此tA＝2(sin α＋cos α)＝4sin，tB＝8sin，
所以tA·tB＝32sin2＝32，即sin2＝1.
因?yàn)?≤α＜π，所以≤α＋＜，
從而α＋＝，即α＝，又α＝滿足①式，所以所求α＝.
23．(10分)[選修4－5：不等式選
9、講]設(shè)函數(shù)f(x)＝|2x－1|＋|x＋1|.
(1)畫出y＝f(x)的圖象；
(2)若f(x)≤m|x|＋n，求m＋n的最小值．
[解] (1)f(x)＝，
所以y＝f(x)的圖象如圖所示．
(2)一方面，由f(x)≤m|x|＋n得f(0)≤n，解得n≥2.
因?yàn)閒(x)≥|(2x－1)＋(x＋1)|＝3|x|，所以m|x|＋n≥3|x|.(※)
若m≥3，(※)式明顯成立；若m＜3，則當(dāng)|x|＞時(shí)，(※)式不成立．
另一方面，由圖可知，當(dāng)m≥3且n≥2時(shí)，f(x)≤m|x|＋n.
故當(dāng)且僅當(dāng)m≥3且n≥2時(shí)，f(x)≤m|x|＋n.
因此m＋n的最小值為5.
（統(tǒng)考版）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 46分大題保分練5（含解析）（文）-人教版高三數(shù)學(xué)試題
