《2021年高考全國(guó)甲卷物理試題（解析版）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2021年高考全國(guó)甲卷物理試題（解析版）（20頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、2021 年高考全國(guó)甲卷物理試題 1. 如圖，將光滑長(zhǎng)平板的下端置于鐵架臺(tái)水平底座上的擋板 P 處，上部架在橫桿上。橫桿的位置可在豎直 桿上調(diào)節(jié)，使得平板與底座之間的夾角 可變。將小物塊由平板與豎直桿交點(diǎn) Q 處?kù)o止釋放，物塊沿平板 從 Q 點(diǎn)滑至 P 點(diǎn)所用的時(shí)間 t 與夾角 的大小有關(guān)。若由 30逐漸增大至 60，物塊的下滑時(shí)間 t 將（ ） A. 逐漸增大 B. 逐漸減小 C. 先增大后減小 D. 先減小后增大 【答案】D 【解析】 【分析】 【詳解】設(shè) PQ 的水平距離為 L，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知 21sincoLgt 可得 24sintg 可知 時(shí)，t 有最小值，故當(dāng) 從由 30逐漸增大
2、至 60時(shí)下滑時(shí)間 t 先減小后增大。45 故選 D。 2. “旋轉(zhuǎn)紐扣”是一種傳統(tǒng)游戲。如圖，先將紐扣繞幾圈，使穿過紐扣的兩股細(xì)繩擰在一起，然后用力反 復(fù)拉繩的兩端，紐扣正轉(zhuǎn)和反轉(zhuǎn)會(huì)交替出現(xiàn)。拉動(dòng)多次后，紐扣繞其中心的轉(zhuǎn)速可達(dá) 50r/s，此時(shí)紐扣上距 離中心 1cm 處的點(diǎn)向心加速度大小約為（） A. 10m/s2 B. 100m/s2 C. 1000m/s2 D. 10000m/s2 【答案】C 【解析】 【分析】 【詳解】紐扣在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中 210rad/sn 由向心加速度 22m/sar 故選 C。 3. 兩足夠長(zhǎng)直導(dǎo)線均折成直角，按圖示方式放置在同一平面內(nèi)，EO 與 在一條直線上，
3、與 OFOQPO 在一條直線上，兩導(dǎo)線相互絕緣，通有相等的電流 I，電流方向如圖所示。若一根無限長(zhǎng)直導(dǎo)線通過電流 I 時(shí)，所產(chǎn)生的磁場(chǎng)在距離導(dǎo)線 d 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B，則圖中與導(dǎo)線距離均為 d 的 M、N 兩點(diǎn)處的 磁感應(yīng)強(qiáng)度大小分別為（） A. B、0 B. 0、2B C. 2B、2B D. B、B 【答案】B 【解析】 【分析】 【詳解】?jī)芍苯菍?dǎo)線可以等效為如圖所示 的 兩直導(dǎo)線，由安培定則可知，兩直導(dǎo)線分別在 M 處的磁感應(yīng)強(qiáng) 度方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶?、垂直紙面向外，?M 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為零；兩直導(dǎo)線在 N 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向 均垂直紙面向里，故 M 處的磁感應(yīng)強(qiáng)度為 2B；綜上分
4、析 B 正確。 故選 B。 4. 如圖，一個(gè)原子核 X 經(jīng)圖中所示的一系列 、 衰變后，生成穩(wěn)定的原子核 Y，在此過程中放射出電 子的總個(gè)數(shù)為（） A. 6 B. 8 C. 10 D. 14 【答案】A 【解析】 【分析】 【詳解】由圖分析可知，核反應(yīng)方程為 2382064091XY+Heab 設(shè)經(jīng)過 次 衰變， 次 衰變。由電荷數(shù)與質(zhì)量數(shù)守恒可得ab ；23806428 解得 ，ab 故放出 6 個(gè)電子 。 故選 A。 5. 2021 年 2 月，執(zhí)行我國(guó)火星探測(cè)任務(wù)的 “天問一號(hào)”探測(cè)器在成功實(shí)施三次近火制動(dòng)后，進(jìn)入運(yùn)行周期 約為 1.8105s 的橢圓形停泊軌道，軌道與火星表面的最近距離
5、約為 2.8105m。已知火星半徑約為 3.4106m，火星表面處自由落體的加速度大小約為 3.7m/s2，則“天問一號(hào)”的停泊軌道與火星表面的最遠(yuǎn) 距離約為（） A. 6105m B. 6106m C. 6107m D. 6108m 【答案】C 【解析】 【分析】 【詳解】忽略火星自轉(zhuǎn)則 2 GMmgR 可知 2 設(shè)與為 1.8105s 的橢圓形停泊軌道周期相同的圓形軌道半徑為 ，由萬引力提供向心力可知r 224GMmrT 設(shè)近火點(diǎn)到火星中心為 11Rd 設(shè)遠(yuǎn)火點(diǎn)到火星中心為 22 由開普勒第三定律可知 3122()RrT 由以上分析可得 72610md 故選 C。 6. 某電場(chǎng)的等勢(shì)面如圖
6、所示，圖中 a、b、c、d、e 為電場(chǎng)中的 5 個(gè)點(diǎn)，則（） A. 一正電荷從 b 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 e 點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功 B. 一電子從 a 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 d 點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為 4eV C. b 點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度垂直于該點(diǎn)所在等勢(shì)面，方向向右 D. a、b、c、d 四個(gè)點(diǎn)中，b 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小最大 【答案】BD 【解析】 【分析】 【詳解】A由圖象可知 b = e 則正電荷從 b 點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到 e 點(diǎn)，電場(chǎng)力不做功，A 錯(cuò)誤； B由圖象可知 a = 3V， d = 7V 根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能的變化關(guān)系有 Wad = Epa - Epd = (a - d)( - e) = 4eV B 正確； C沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)
7、逐漸降低，則 b 點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)方向向左，C 錯(cuò)誤； D由于電場(chǎng)線與等勢(shì)面處處垂直，則可畫出電場(chǎng)線分布如下圖所示 由上圖可看出，b 點(diǎn)電場(chǎng)線最密集，則 b 點(diǎn)處的場(chǎng)強(qiáng)最大，D 正確。 故選 BD。 7. 一質(zhì)量為 m 的物體自傾角為 的固定斜面底端沿斜面向上滑動(dòng)。該物體開始滑動(dòng)時(shí)的動(dòng)能為 ，向上 kE 滑動(dòng)一段距離后速度減小為零，此后物體向下滑動(dòng)，到達(dá)斜面底端時(shí)動(dòng)能為 。已知 ，重力 k5Esin0.6 加速度大小為 g。則（） A. 物體向上滑動(dòng)的距離為 k2Emg B. 物體向下滑動(dòng)時(shí)的加速度大小為 5 C. 物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)等于 0.5 D. 物體向上滑動(dòng)所用的時(shí)間比向下滑動(dòng)的時(shí)間長(zhǎng)
8、 【答案】BC 【解析】 【分析】 【詳解】AC物體從斜面底端回到斜面底端根據(jù)動(dòng)能定理有 2cos5kEmgl 物體從斜面底端到斜面頂端根據(jù)動(dòng)能定理有 sins0kll 整理得 ； kElmg0.5 A 錯(cuò)誤，C 正確； B物體向下滑動(dòng)時(shí)的根據(jù)牛頓第二定律有 sincosag 求解得出 5 B 正確； D物體向上滑動(dòng)時(shí)的根據(jù)牛頓第二定律有 sincosmagm上 物體向下滑動(dòng)時(shí)的根據(jù)牛頓第二定律有 sincosmagm下 由上式可知 a 上 a 下 由于上升過程中的末速度為零，下滑過程中的初速度為零，且走過相同的位移，根據(jù)公式 21lt 則可得出 t下上 D 錯(cuò)誤。 故選 BC。 8. 由相同
9、材料的導(dǎo)線繞成邊長(zhǎng)相同的甲、乙兩個(gè)正方形閉合線圈，兩線圈的質(zhì)量相等，但所用導(dǎo)線的橫截 面積不同，甲線圈的匝數(shù)是乙的 2 倍。現(xiàn)兩線圈在豎直平面內(nèi)從同一高度同時(shí)由靜止開始下落，一段時(shí)間 后進(jìn)入一方向垂直于紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，磁場(chǎng)的上邊界水平，如圖所示。不計(jì)空氣阻力，已知下落過程 中線圈始終平行于紙面，上、下邊保持水平。在線圈下邊進(jìn)入磁場(chǎng)后且上邊進(jìn)入磁場(chǎng)前，可能出現(xiàn)的是（ ） A. 甲和乙都加速運(yùn)動(dòng) B. 甲和乙都減速運(yùn)動(dòng) C. 甲加速運(yùn)動(dòng)，乙減速運(yùn)動(dòng) D. 甲減速運(yùn)動(dòng)，乙加速運(yùn)動(dòng) 【答案】AB 【解析】 【分析】 【詳解】設(shè)線圈到磁場(chǎng)的高度為 h，線圈的邊長(zhǎng)為 l，則線圈下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，有=2
10、vgh 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 EnBlv 兩線圈材料相等（設(shè)密度為 ） ，質(zhì)量相同（設(shè)為 ） ，則0m04lS 設(shè)材料的電阻率為 ，則線圈電阻 2016nllRSm 感應(yīng)電流為 016EBvInl 安培力為 2016mvFBIl 由牛頓第二定律有 ga 聯(lián)立解得 2016FBvam 加速度和線圈的匝數(shù)、橫截面積無關(guān)，則甲和乙進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，具有相同的加速度。當(dāng) 時(shí)，甲和 2016Bvg 乙都加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng) 時(shí)，甲和乙都減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng) 時(shí)都勻速。 2016Bvg2016Bvg 故選 AB。 三、非選擇題：第 912 題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第 1316 題為選考題，考 生根據(jù)要求作答。 （一）必考題
11、 9. 為測(cè)量小銅塊與瓷磚表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，一同學(xué)將貼有標(biāo)尺的瓷磚的一端放在水平桌面上，形成一傾 角為 的斜面（已知 sin =0.34，cos =0.94） ，小銅塊可在斜面上加速下滑，如圖所示。該同學(xué)用手機(jī)拍 攝小銅塊的下滑過程，然后解析視頻記錄的圖像，獲得 5 個(gè)連續(xù)相等時(shí)間間隔（每個(gè)時(shí)間間隔T=0.20s） 內(nèi)小銅塊沿斜面下滑的距離 si（i =1，2，3，4，5） ，如下表所示。 s1 s2 s3 s4 s5 5.87cm 7.58cm 9.31cm 11.02c m 12.74cm 由表中數(shù)據(jù)可得，小銅塊沿斜面下滑的加速度大小為_m/s 2，小銅塊與瓷磚表面間的動(dòng)摩擦因數(shù) 為_。
12、 （結(jié)果均保留 2 位有效數(shù)字，重力加速度大小取 9.80m/s2） 【答案】 (1). 0.43 (2). 0.32 【解析】 【分析】【 詳解】1根據(jù)逐差法有 5421ssaT 代入數(shù)據(jù)可得小銅塊沿斜面下滑的加速度大小 20.43m/sa 2對(duì)小銅塊受力分析根據(jù)牛頓第二定律有 sincosga 代入數(shù)據(jù)解得 0.32 10. 某同學(xué)用圖（a）所示電路探究小燈泡的伏安特性，所用器材有： 小燈泡（額定電壓 2.5V，額定電流 0.3A） 電壓表（量程 300mV，內(nèi)阻 300 ） 電流表（量程 300mA，內(nèi)阻 0.27 ） 定值電阻 R0 滑動(dòng)變阻器 R1（阻值 0-20 ） 電阻箱 R2（
13、最大阻值 9999.9 ） 電源 E（電動(dòng)勢(shì) 6V，內(nèi)阻不計(jì)） 開關(guān) S、導(dǎo)線若干。 完成下列填空： （1）有 3 個(gè)阻值分別為 10 、20 、30 的定值電阻可供選擇，為了描繪小燈泡電流在 0300mA 的 U- I 曲線，R 0 應(yīng)選取阻值為 _ 的定值電阻； （2）閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于變阻器的_（填“a”或“b” ）端； （3）在流過電流表的電流較小時(shí)，將電阻箱 R2 的阻值置零，改變滑動(dòng)變阻器滑片的位置，讀取電壓表和 電流表的示數(shù) U、I，結(jié)果如圖（b）所示。當(dāng)流過電流表的電流為 10mA 時(shí)，小燈泡的電阻為_ （保留 1 位有效數(shù)字） ； （4）為使得電壓表滿量程時(shí)對(duì)
14、應(yīng)于小燈泡兩端的電壓為 3V，該同學(xué)經(jīng)計(jì)算知，應(yīng)將 R2 的阻值調(diào)整為 _ 。然后調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器 R1，測(cè)得數(shù)據(jù)如下表所示： U/mV 24.0 46.0 76.0 110.0 128.0 152.0 184.0 216.0 250.0 I/mA 140.0 160.0 180.0 200.0 220.0 240.0 260.0 280.0 300.0 （5）由圖（b）和上表可知，隨流過小燈泡電流的增加，其燈絲的電阻_（填“增大” “減小” 或“不變” ） ； （6）該同學(xué)觀測(cè)到小燈泡剛開始發(fā)光時(shí)流過電流表的電流為 160mA，可得此時(shí)小燈泡電功率 W1=_W（保留 2 位有效數(shù)字） ；當(dāng)流過
15、電流表的電流為 300mA 時(shí)，小燈泡的電功率為 W2，則 =_（保留至整數(shù)） 。 21 【答案】 (1). 10 (2). a (3). 0.7 (4). 2700 (5). 增大 (6). 0.074 (7). 10 【解析】 【分析】 【詳解】 （1）1因?yàn)樾襞蓊~定電壓 2.5V，電動(dòng)勢(shì) 6V，則滑動(dòng)滑動(dòng)變阻器時(shí)，為了保證電路安全，需要 定值電阻分擔(dān)的電壓 6V2.53.U 則有 0.1.7AR 則需要描繪小燈泡在 0300mA 的伏安特性曲線，即 R0 應(yīng)選取阻值為 10 ； （2）2為了保護(hù)電路，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于變阻器的 a 端； （3）3由圖可知當(dāng)流過電流表的電流為 10m
16、A 時(shí)，電壓為 7mV，則小燈泡的電阻為3710=.7R （4）4由題知電壓表滿量程時(shí)對(duì)應(yīng)于小燈泡兩端的電壓為 3V 時(shí)，有2V30. 解得 270R （5）5由圖（b）和表格可知流過小燈泡電流增加，圖像中 變大，則燈絲的電阻增大； UI （6）6根據(jù)表格可知當(dāng)電流為 160mA 時(shí)，電壓表的示數(shù)為 46mA，根據(jù)（4）的分析可知此時(shí)小燈泡兩 端電壓為 0.46A，則此時(shí)小燈泡電功率 W1=0.46V0.16A0.074W 7同理可知當(dāng)流過電流表的電流為 300mA 時(shí)，小燈泡兩端電壓為 2.5V，此時(shí)小燈泡電功率 W2=2.5V0.3A=0.75W 故有 210.754 11. 如圖，一傾角
17、為 的光滑斜面上有 50 個(gè)減速帶（圖中未完全畫出） ，相鄰減速帶間的距離均為 d，減 速帶的寬度遠(yuǎn)小于 d；一質(zhì)量為 m 的無動(dòng)力小車（可視為質(zhì)點(diǎn)）從距第一個(gè)減速帶 L 處由靜止釋放。已知 小車通過減速帶損失的機(jī)械能與到達(dá)減速帶時(shí)的速度有關(guān)。觀察發(fā)現(xiàn)，小車通過第 30 個(gè)減速帶后，在相 鄰減速帶間的平均速度均相同。小車通過第 50 個(gè)減速帶后立刻進(jìn)入與斜面光滑連接的水平地面，繼續(xù)滑 行距離 s 后停下。已知小車與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 ，重力加速度大小為 g。 （1）求小車通過第 30 個(gè)減速帶后，經(jīng)過每一個(gè)減速帶時(shí)損失的機(jī)械能； （2）求小車通過前 30 個(gè)減速帶的過程中在每一個(gè)減速帶上平均
18、損失的機(jī)械能； （3）若小車在前 30 個(gè)減速帶上平均每一個(gè)損失的機(jī)械能大于之后每一個(gè)減速帶上損失的機(jī)械能，則 L 應(yīng) 滿足什么條件？ 【答案】 （1） ；（2） ；（3）sinmgd 29sin30gLdmgssinLd 【解析】 【分析】 【詳解】 （1）由題意可知小車在光滑斜面上滑行時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有 sinmga 設(shè)小車通過第 30 個(gè)減速帶后速度為 v1，到達(dá)第 31 個(gè)減速帶時(shí)的速度為 v2，則有21vd 因?yàn)樾≤囃ㄟ^第 30 個(gè)減速帶后，在相鄰減速帶間的平均速度均相同，故后面過減速帶后的速度與到達(dá)下 一個(gè)減速帶均為 v1 和 v2；經(jīng)過每一個(gè)減速帶時(shí)損失的機(jī)械能為 221Emv
19、 聯(lián)立以上各式解得 singd （2）由（1）知小車通過第 50 個(gè)減速帶后的速度為 v1，則在水平地面上根據(jù)動(dòng)能定理有 210ms 從小車開始下滑到通過第 30 個(gè)減速帶，根據(jù)動(dòng)能定理有 2129singLdEv總 聯(lián)立解得 =siEmmgs總 故在每一個(gè)減速帶上平均損失的機(jī)械能為 29sin3030gLds總 （3）由題意可知 E 可得 sinLd 12. 如圖，長(zhǎng)度均為 l 的兩塊擋板豎直相對(duì)放置，間距也為 l，兩擋板上邊緣 P 和 M 處于同一水平線上， 在該水平線的上方區(qū)域有方向豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為 E；兩擋板間有垂直紙面向外、磁感 應(yīng)強(qiáng)度大小可調(diào)節(jié)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為
20、 m，電荷量為 q（q0）的粒子自電場(chǎng)中某處以大小為 v0 的速度 水平向右發(fā)射，恰好從 P 點(diǎn)處射入磁場(chǎng)，從兩擋板下邊緣 Q 和 N 之間射出磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)過程中粒子未與擋 板碰撞。已知粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向與 PQ 的夾角為 60，不計(jì)重力。 （1）求粒子發(fā)射位置到 P 點(diǎn)的距離； （2）求磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的取值范圍； （3）若粒子正好從 QN 的中點(diǎn)射出磁場(chǎng)，求粒子在磁場(chǎng)中的軌跡與擋板 MN 的最近距離。 【答案】 （1） ；（2） ；（3）粒子運(yùn)動(dòng)軌跡見解析， 036mvqE002(3)vmvBqll 39104l 【解析】 【分析】 【詳解】 （1）帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由類
21、平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知 0 xvt 21qEyatm 粒子射入磁場(chǎng)時(shí)的速度方向與 PQ 的夾角為 60，有 0 tan3yxvt 粒子發(fā)射位置到 P 點(diǎn)的距離 2sy 由式得 20136mvsqE （2）帶電粒子在磁場(chǎng)運(yùn)動(dòng)在速度 0023cosv 帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)兩個(gè)臨界軌跡（分別從 Q、N 點(diǎn)射出）如圖所示 由幾何關(guān)系可知，最小半徑 min 32cos0lrl 最大半徑 max 2(31)cos75lrl 帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力由洛倫茲力提供，由向心力公式可知 2vqBr 由解得，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小的取值范圍 0022(3)mvvqll （3）若粒子正好從 QN 的中點(diǎn)射出磁場(chǎng)時(shí)，帶電
22、粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。 由幾何關(guān)系可知 52sinll 帶電粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為 354cos(0)lr 粒子在磁場(chǎng)中的軌跡與擋板 MN 的最近距離 min33(si)drlr 由式解得 39104dl （二）選考題： 物理 選修 3-3 13. 如圖，一定量的理想氣體經(jīng)歷的兩個(gè)不同過程，分別由體積- 溫度（V-t）圖上的兩條直線 I 和表示， V1 和 V2 分別為兩直線與縱軸交點(diǎn)的縱坐標(biāo)；t 0 為它們的延長(zhǎng)線與橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，t 0 是它們的延長(zhǎng)線與 橫軸交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，t 0=-273.15；a 、 b 為直線 I 上的一點(diǎn)。由圖可知，氣體在狀態(tài) a 和 b 的壓強(qiáng)之比 =_；氣體在狀態(tài)
23、b 和 c 的壓強(qiáng)之比 =_。 abp bcp 【答案】 (1). 1 (2). 21V 【解析】 【分析】 【詳解】1根據(jù)蓋呂薩克定律有 273Vkt 整理得 t 由于體積-溫度（V- t）圖像可知，直線 I 為等壓線，則 a、 b 兩點(diǎn)壓強(qiáng)相等，則有1bp 2設(shè) 時(shí)，當(dāng)氣體體積為 其壓強(qiáng)為 ，當(dāng)氣體體積為 其壓強(qiáng)為 ，根據(jù)等溫變化，則有0Ct 1V1p2V2p 2 由于直線 I 和各為兩條等壓線，則有 ，1bp2cp 聯(lián)立解得 12bcVp 14. 如圖，一汽缸中由活塞封閉有一定量的理想氣體，中間的隔板將氣體分為 A、B 兩部分；初始時(shí)， A、B 的體積均為 V，壓強(qiáng)均等于大氣壓 p0，隔
24、板上裝有壓力傳感器和控制裝置，當(dāng)隔板兩邊壓強(qiáng)差超過 0.5p0 時(shí)隔板就會(huì)滑動(dòng)，否則隔板停止運(yùn)動(dòng)。氣體溫度始終保持不變。向右緩慢推動(dòng)活塞，使 B 的體積減 小為 。2 （i）求 A 的體積和 B 的壓強(qiáng)； （）再使活塞向左緩慢回到初始位置，求此時(shí) A 的體積和 B 的壓強(qiáng)。 【答案】 （i） ， ；（） ，0.4AV02Bp (51)AV 0354Bp 【解析】 【分析】 【詳解】 （i）對(duì) B 氣體分析，等溫變化，根據(jù)波意耳定律有 012BpV 解得 0B 對(duì) A 氣體分析，根據(jù)波意耳定律有 0ApV 0.5ABpp 聯(lián)立解得 .4AV （）再使活塞向左緩慢回到初始位置，假設(shè)隔板不動(dòng)，則 A
25、 的體積為 ，由波意耳定律可得 32V00pV 則 A 此情況下的壓強(qiáng)為 002 .53Bp 則隔板一定會(huì)向左運(yùn)動(dòng)，設(shè)穩(wěn)定后氣體 A 的體積為 、壓強(qiáng)為 ，氣體 B 的體積為 、 壓強(qiáng)為 ，AVA BVBp 根據(jù)等溫變化有 ，0Ap0Bp ，2ABV 0.5 聯(lián)立解得 （舍去）， 0453Bp 03+4Bp(1)AV 物理 選修 3-4 15. 如圖，單色光從折射率 n=1.5、厚度 d=10.0cm 的玻璃板上表面射入。已知真空中的光速為 m/s，則該單色光在玻璃板內(nèi)傳播的速度為 _m/s；對(duì)于所有可能的入射角，該單色光通8310 過玻璃板所用時(shí)間 t 的取值范圍是 _st0） ，質(zhì)點(diǎn) A
26、位于波峰。求 （i）從 t1 時(shí)刻開始，質(zhì)點(diǎn) B 最少要經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間位于波峰； （ii）t 1 時(shí)刻質(zhì)點(diǎn) B 偏離平衡位置的位移。 【答案】 （i）0.8s；（ii）-0.5cm 【解析】 【分析】 【詳解】 （i）因?yàn)椴ㄩL(zhǎng)大于 20cm，所以波的周期 1.0sTv 由題可知，波的周期是 2.st 波的波長(zhǎng) 4cmvT 在 t1 時(shí)刻（t 10） ，質(zhì)點(diǎn) A 位于波峰。因?yàn)?AB 距離小于一個(gè)波長(zhǎng)，B 到波峰最快也是 A 的波峰傳過去，所 以 從 t1 時(shí)刻開始，質(zhì)點(diǎn) B 運(yùn)動(dòng)到波峰所需要的最少時(shí)間 10.8sABxtv （ii）在 t1 時(shí)刻（t 10） ，由題意可知，此時(shí)圖象的函數(shù)是 cos(m)2yx t1 時(shí)刻質(zhì)點(diǎn) B 偏離平衡位置的位移 s0.5c1BB
2021年高考全國(guó)甲卷物理試題（解析版）
