《高考理科數(shù)學(xué)通用版練酷專(zhuān)題二輪復(fù)習(xí)課時(shí)跟蹤檢測(cè)：五 基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程 Word版含解析》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《高考理科數(shù)學(xué)通用版練酷專(zhuān)題二輪復(fù)習(xí)課時(shí)跟蹤檢測(cè)：五 基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程 Word版含解析（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、高考數(shù)學(xué)精品復(fù)習(xí)資料 2019.5 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（五）課時(shí)跟蹤檢測(cè)（五） 基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程 A級(jí)級(jí)“124”保分小題提速練保分小題提速練 1若若 f(x)是冪函數(shù)，且滿(mǎn)足是冪函數(shù)，且滿(mǎn)足f 9 f 3 2，則，則 f 19( ) A.12 B.14 C2 D4 解析：解析：選選 B 設(shè)設(shè) f(x)x，由，由f 9 f 3 9332，得，得 log32，f 19 19log3214. 2(20 xx 云南模擬云南模擬)設(shè)設(shè) a60.7，blog70.6，clog0.60.7，則，則 a，b，c 的大小關(guān)系為的大小關(guān)系為( ) Acba Bbca Ccab Dacb
2、 解析解析：選選 D 因?yàn)橐驗(yàn)?a60.71，blog70.60,0clog0.60.71，所以，所以 acb. 3函數(shù)函數(shù) f(x)|log2x|x2 的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為的零點(diǎn)個(gè)數(shù)為( ) A1 B2 C3 D4 解析：解析：選選 B 函數(shù)函數(shù) f(x)|log2x|x2 的零點(diǎn)個(gè)數(shù)，就是方程的零點(diǎn)個(gè)數(shù)，就是方程|log2x|x20 的根的個(gè)數(shù)的根的個(gè)數(shù) 令令 h(x)|log2x|，g(x)2x，畫(huà)出兩函數(shù)的圖象，如圖，畫(huà)出兩函數(shù)的圖象，如圖 由圖象得由圖象得 h(x)與與 g(x)有有 2 個(gè)交點(diǎn)，個(gè)交點(diǎn)， 方程方程|log2x|x20 的解的解的個(gè)數(shù)為的個(gè)數(shù)為 2. 4(20 xx 河南適應(yīng)
3、性測(cè)試河南適應(yīng)性測(cè)試)函數(shù)函數(shù) yaxa(a0，a1)的圖象可能是的圖象可能是( ) 解析：解析：選選 C 由函數(shù)由函數(shù) yaxa(a0，a1)的圖象過(guò)點(diǎn)的圖象過(guò)點(diǎn)(1,0)，得選項(xiàng)，得選項(xiàng) A、B、D 一定不一定不可能；可能；C 中中 0a1，有可能，故選，有可能，故選 C. 5已知奇函數(shù)已知奇函數(shù) y f x ，x0，g x ，x0.若若 f(x)ax(a0，a1)對(duì)應(yīng)對(duì)應(yīng)的圖象如圖所示，則的圖象如圖所示，則 g(x)( ) A. 12x B 12x C2x D2x 解析：解析：選選 D 由圖象可知，當(dāng)由圖象可知，當(dāng) x0 時(shí)，函數(shù)時(shí)，函數(shù) f(x)單調(diào)遞減，則單調(diào)遞減，則 0a1，f(1
4、)12，a12，即函數(shù)，即函數(shù) f(x) 12x，當(dāng)，當(dāng) x0 時(shí)，時(shí)，x0，則，則 f(x) 12xg(x)，即，即 g(x) 12x2x，故，故 g(x)2x，x0，選，選 D. 6已知已知 f(x)ax和和 g(x)bx是指數(shù)函數(shù)，則是指數(shù)函數(shù)，則“f(2)g(2)”是是“ab”的的( ) A充分不必要條件充分不必要條件 B必要不充分條件必要不充分條件 C充要條件充要條件 D既不充分也不既不充分也不必要條件必要條件 解析：解析：選選 C 由題可得，由題可得，a0，b0 且且 a1，b1. 充分性：充分性：f(2)a2，g(2)b2， 由由 f(2)g(2)知，知，a2b2， 再結(jié)合再結(jié)合
5、 yx2在在(0，)上單調(diào)遞增，上單調(diào)遞增， 可知可知 ab，故充分性成立；，故充分性成立； 必要性：由題可知必要性：由題可知 ab0， 構(gòu)造函數(shù)構(gòu)造函數(shù) h(x)f x g x axbx abx，顯然，顯然ab1， 所以所以 h(x)單調(diào)遞增，單調(diào)遞增， 故故 h(2)a2b2h(0)1， 所以所以 a2b2，故必要性成立，故必要性成立 7函數(shù)函數(shù) f(x)exx2 的零點(diǎn)所在的一個(gè)區(qū)間是的零點(diǎn)所在的一個(gè)區(qū)間是( ) A(2，1) B(1,0) C(0,1) D(1,2) 解析：解析：選選 C 法一：法一：f(0)e00210，f(1)e112e10，f(0)f(1)0，故函數(shù)，故函數(shù) f(
6、x)exx2 的零點(diǎn)所在的一個(gè)區(qū)間是的零點(diǎn)所在的一個(gè)區(qū)間是(0,1)，選選 C. 法二：法二：函數(shù)函數(shù) f(x)exx2 的零點(diǎn)，即函數(shù)的零點(diǎn)，即函數(shù) yex的圖象與的圖象與 yx2的圖象的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，作出函數(shù)的圖象的交點(diǎn)的橫坐標(biāo)，作出函數(shù) yex與直線(xiàn)與直線(xiàn) yx2 的圖象如圖所示，由圖可知選的圖象如圖所示，由圖可知選C. 8 已知函數(shù) 已知函數(shù) f(x)ln x3x8 的零點(diǎn)的零點(diǎn) x0a， b， 且， 且 ba1， a， bN*， 則， 則 ab( ) A0 B2 C5 D7 解析：解析：選選 C f(2)ln 268ln 220，f(3)ln 398ln 310，且函數(shù)，且函數(shù)f(x
7、)ln x3x8 在在(0，)上為單調(diào)遞增函數(shù)，上為單調(diào)遞增函數(shù)，x02,3，即，即 a2，b3，ab5. 9(高三高三 湖南四校聯(lián)考湖南四校聯(lián)考)設(shè)函數(shù)設(shè)函數(shù) f(x) log2x，x0，g x ，x0，若若 f(x)為奇函數(shù)，則為奇函數(shù)，則 g 14的值的值為為( ) A14 B.14 C2 D2 解析：解析：選選 D 法一：法一：當(dāng)當(dāng) x0 時(shí)，時(shí)，f(x)log2x， f(x)為奇函數(shù)，為奇函數(shù)， 當(dāng)當(dāng) x0 時(shí)，時(shí)，f(x)log2(x)， 即即 g(x)log2(x)， g 14log2142. 法二：法二：g 14f 14f 14log214log2222. 10(20 xx 杭
8、州二模杭州二模)已知直線(xiàn)已知直線(xiàn) xm(m1)與函數(shù)與函數(shù) f(x)logax(a0 且且 a1)，g(x)logbx(b0 且且 b1)的圖象及的圖象及 x 軸分別交于軸分別交于 A，B，C 三點(diǎn)，若三點(diǎn)，若AB 2BC ，則，則( ) Aba2 Bab2 Cba3 Dab3 解析：解析：選選 C 由于由于 AB 2BC ，則，則 AC 3BC ，則點(diǎn)，則點(diǎn) A 的坐標(biāo)為的坐標(biāo)為(m,3g(m)，又點(diǎn)，又點(diǎn) A 在在函數(shù)函數(shù) f(x)logax 的圖象上，故的圖象上，故 logam3logbm，即，即 logamlogbm3，由對(duì)數(shù)運(yùn)算可知，由對(duì)數(shù)運(yùn)算可知 ba3. 11已知已知 f(x)
9、2x1，x0，|ln x|，x0，則方程則方程 ff(x)3 的根的個(gè)數(shù)是的根的個(gè)數(shù)是( ) A6 B5 C4 D3 解析：解析：選選 B 令令 f(x)t，則方程，則方程 ff(x)3 即為即為 f(t)3，解得，解得 te3或或 e3，作出函數(shù)，作出函數(shù) f(x)的圖象的圖象(如圖所示如圖所示)，由圖象可知方程，由圖象可知方程 f(x)e3有有 3 個(gè)解，個(gè)解，f(x)e3有有 2 個(gè)解，則方程個(gè)解，則方程 ff(x)3 有有 5 個(gè)實(shí)根個(gè)實(shí)根 12(20 xx 合肥模擬合肥模擬)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x) 2x1，x0， 12x22x1 ，x0.方程方程f(x)2af(x)b0(b0)有
10、有 6 個(gè)不同的實(shí)數(shù)解，則個(gè)不同的實(shí)數(shù)解，則 3ab 的取值范圍是的取值范圍是( ) A6,11 B3,11 C(6,11) D(3,11) 解析：解析：選選 D 作出函數(shù)作出函數(shù) f(x)的圖象如圖所示，的圖象如圖所示， 對(duì)于方程對(duì)于方程f(x)2af(x)b0，可令，可令 f(x)t，那么方程根的個(gè)數(shù)就是，那么方程根的個(gè)數(shù)就是 f(x)t1與與 f(x)t2的根的個(gè)數(shù)之和，結(jié)合圖象可知，要使總共有的根的個(gè)數(shù)之和，結(jié)合圖象可知，要使總共有 6 個(gè)根，需要一個(gè)方程有個(gè)根，需要一個(gè)方程有 4 個(gè)根，另一個(gè)方個(gè)根，另一個(gè)方程有程有 2 個(gè)根，從而可知關(guān)于個(gè)根，從而可知關(guān)于 t 的方程的方程 t2a
11、tb0 有有 2 個(gè)根，分別位于區(qū)間個(gè)根，分別位于區(qū)間(0,1)與與(1,2)內(nèi)，內(nèi)，由根的分布得出約束條件由根的分布得出約束條件 b0，1ab0，42ab0， 畫(huà)出可行域如圖所示， 目標(biāo)函數(shù)畫(huà)出可行域如圖所示， 目標(biāo)函數(shù)z3ab經(jīng)過(guò)經(jīng)過(guò) 1ab0，42ab0的的交點(diǎn)交點(diǎn) A(3,2)時(shí)取得最大值時(shí)取得最大值 11，經(jīng)過(guò)，經(jīng)過(guò) B(1,0)時(shí)取得最小值時(shí)取得最小值 3.故故 3ab 的的取值范圍為取值范圍為(3,11) 13函數(shù)函數(shù) yloga(x3)3(a0，a1)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)_ 解析：解析：因?yàn)楹瘮?shù)因?yàn)楹瘮?shù) ylogax(a0，a1)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)(1,0)，
12、所以函數(shù)，所以函數(shù) yloga(x3)3(a0，a1)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)(4,3) 答案：答案：(4,3) 14(log43log83)(log32log92)_. 解析：解析：(log43log83)(log32log92) 12log2313log23 log3212log32 56log2332log32 54. 答案：答案：54 15 已 知 函 數(shù) 已 知 函 數(shù)f(x) 為 偶 函 數(shù) 且為 偶 函 數(shù) 且f(x) f(x 4) ， 又 在 區(qū) 間， 又 在 區(qū) 間 0,2 上上 f(x) x232x5，0 x1，2x2x，10 時(shí)，函數(shù)時(shí)，函數(shù) y tat，t(0，)的單調(diào)遞增區(qū)間是的單調(diào)遞增區(qū)間是 a，)，此時(shí)，此時(shí) a1，即，即 0a1 時(shí)成立；當(dāng)時(shí)成立；當(dāng) a0 時(shí)，函數(shù)時(shí)，函數(shù) y tattat，t(0，)的單的單調(diào)遞增區(qū)間是調(diào)遞增區(qū)間是 a，)，此時(shí)，此時(shí) a1，即，即1a0 時(shí)成立綜上可得時(shí)成立綜上可得 a 的取值范圍的取值范圍是是1,1 答案：答案：1,1
高考理科數(shù)學(xué)通用版練酷專(zhuān)題二輪復(fù)習(xí)課時(shí)跟蹤檢測(cè)：五 基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程 Word版含解析
