新版浙江高考數(shù)學(xué)理二輪專題訓(xùn)練:第1部分 專題三 第2講 高考中的數(shù)列解答題型
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1、 1
2、 1 考 點(diǎn) 考 情 等差、等比數(shù)列的判定與證明 1.數(shù)列求和問題,多以考查公式法、錯位相減法和裂項(xiàng)相消法為主,且考查頻率較高,是高考命題的熱點(diǎn),如浙江T18等.[來源:學(xué)§科§網(wǎng)] 2.?dāng)?shù)列與函數(shù)、不等式的綜合問題也是高考考查的重點(diǎn),主要考查利用函數(shù)的觀點(diǎn)解決數(shù)列問題以及用不等式的方法研究數(shù)列的性質(zhì),多為中檔題,如天津T19等. 3.?dāng)?shù)列與解析幾何交匯主
3、要涉及點(diǎn)列問題,難度中等及以上. 4.?dāng)?shù)列應(yīng)用題主要以等差數(shù)列、等比數(shù)列及遞推數(shù)列為模型進(jìn)行考查,難度中等及以上.[來源:Z_xx_k.Com][來源:學(xué)#科#網(wǎng)Z#X#X#K][來源:Z+xx+k.Com] 數(shù)列求和問題[來源:學(xué),科,網(wǎng)Z,X,X,K] 數(shù)列與函數(shù)、不等式的綜合問題 數(shù)列與解析幾何的綜合問題 數(shù)列的實(shí)際應(yīng)用問題 新情境、新定義問題 1.(20xx·浙江高考)在公差為d的等差數(shù)列{an}中,已知a1=10,且a1,2a2+2,5a3成等比數(shù)列. (1)求d,an; (2)若d<0,求|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|. 解:(1)由題意
4、得5a3·a1=(2a2+2)2,a2=a1+d,a3=a1+2d且a1=10. 整理得d2-3d-4=0. 故d=-1或d=4. 所以an=-n+11(n∈N*)或an=4n+6(n∈N*). (2)設(shè)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn. 因?yàn)閐<0,由(1)得d=-1,an=-n+11. 則當(dāng)n≤11時,|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=Sn=-n2+n. 當(dāng)n≥12時,|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|=-Sn+2S11=n2-n+110. 綜上所述,|a1|+|a2|+|a3|+…+|an|= 2.(20xx·天津高考)已知首項(xiàng)為的等比數(shù)列{an}不是遞減
5、數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn(n∈N*),且S3+a3,S5+a5,S4+a4成等差數(shù)列.
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式;
(2)設(shè)Tn=Sn-(n∈N*),求數(shù)列{Tn}的最大項(xiàng)的值與最小項(xiàng)的值.
解:(1)設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q,因?yàn)镾3+a3,S5+a5,S4+a4成等差數(shù)列,所以S5+a5-S3-a3=S4+a4-S5-a5,即4a5=a3,于是q2==.又{an}不是遞減數(shù)列且a1=,所以q=-.故等比數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=×n-1=(-1)n-1·.
(2)由(1)得Sn=1-n=
當(dāng)n為奇數(shù)時,Sn隨n的增大而減小,所以1 6、-=.
當(dāng)n為偶數(shù)時,Sn隨n的增大而增大,所以=S2≤Sn<1,故0>Sn-≥S2-=-=-.
綜上,對于n∈N*,總有-≤Sn-≤.
所以數(shù)列{Tn}的最大項(xiàng)的值為,最小項(xiàng)的值為-.
一、遞推公式求通項(xiàng)常用的方法和技巧
1.a(chǎn)n+1=an+f(n),把原遞推公式轉(zhuǎn)化為an+1-an=f(n),再利用累加法求解.
2.a(chǎn)n+1=f(n)an,把原遞推公式轉(zhuǎn)化為=f(n),再利用累乘法求解.
3.a(chǎn)n+1=pan+q(其中p,q均為常數(shù),pq(p-1)≠0)先用待定系數(shù)法把原遞推公式轉(zhuǎn)化為an+1-t=p(an-t),其中t=,再利用換元法轉(zhuǎn)化為等比數(shù)列求解.
二、數(shù)列求和 7、常用的方法
1.分組求和法:分組求和法是解決通項(xiàng)公式可以寫成cn=an+bn形式的數(shù)列求和問題的方法,其中{an}與{bn}是等差(比)數(shù)列或一些可以直接求和的數(shù)列.
2.裂項(xiàng)相消法:將數(shù)列的通項(xiàng)分成兩個代數(shù)式子的差,即an=f(n+1)-f(n)的形式,然后通過累加抵消中間若干項(xiàng)的求和方法.形如(其中{an}是各項(xiàng)均不為0的等差數(shù)列,c為常數(shù))的數(shù)列等.
3.錯位相減法:形如{an·bn}(其中{an}為等差數(shù)列,{bn}為等比數(shù)列)的數(shù)列求和,一般分三步:①巧拆分;②構(gòu)差式;③求和.
4.倒序求和法:距首尾兩端等距離的兩項(xiàng)和相等,可以用此法,一般步驟:①求通項(xiàng)公式;②定和值;③倒序 8、相加;④求和;⑤回顧反思.
熱點(diǎn)一
等差、等比數(shù)列的判定與證明
[例1] (20xx·北京高考)已知{an}是由非負(fù)整數(shù)組成的無窮數(shù)列.該數(shù)列前n項(xiàng)的最大值記為An,第n項(xiàng)之后各項(xiàng)an+1,an+2,…的最小值記為Bn,dn=An-Bn.
(1)若{an}為2,1,4,3,2,1,4,3,…,是一個周期為4的數(shù)列(即對任意n∈N*,an+4=an),寫出d1,d2,d3,d4的值;
(2)設(shè)d是非負(fù)整數(shù).證明:dn=-d(n=1,2,3,…)的充分必要條件為{an}是公差為d的等差數(shù)列;
(3)證明:若a1=2,dn=1(n=1,2,3,…),則{an}的項(xiàng)只能是1或者2, 9、且有無窮多項(xiàng)為1.
[自主解答] (1)d1=d2=1,d3=d4=3.
(2)證明:(充分性)因?yàn)閧an}是公差為d的等差數(shù)列,且d≥0,所以a1≤a2≤…≤an≤…,
因此An=an,Bn=an+1,dn=an-an+1=-d(n=1,2,3,…).
(必要性)因?yàn)閐n=-d≤0(n=1,2,3,…),所以An=Bn+dn≤Bn,又an≤An,an+1≥Bn,
所以an≤an+1,
于是,An=an,Bn=an+1,
因此an+1-an=Bn-An=-dn=d,
即{an}是公差為d的等差數(shù)列.
(3)證明:因?yàn)閍1=2,d1=1,
所以A1=a1=2,B1=A1-d1 10、=1.
故對任意n≥1,an≥B1=1.
假設(shè){an}(n≥2)中存在大于2的項(xiàng).
設(shè)m為滿足am>2的最小正整數(shù),
則m≥2,并且對任意1≤k 11、}有無窮多項(xiàng)為1.
證明(或判斷)數(shù)列是等差(比)數(shù)列的四種基本方法
(1)定義法:an+1-an=d(常數(shù))(n∈N*)?{an}是等差數(shù)列;=q(q是非零常數(shù))?{an}是等比數(shù)列;
(2)等差(比)中項(xiàng)法:2an+1=an+an+2(n∈N*)?{an}是等差數(shù)列;a=an·an+2(n∈N*,an≠0)?{an}是等比數(shù)列;
(3)通項(xiàng)公式法:an=pn+q(p,q為常數(shù))?{an}是等差數(shù)列;an=a1·qn-1(其中a1,q為非零常數(shù),n∈N*)?{an}是等比數(shù)列.
(4)前n項(xiàng)和公式法:Sn=An2+Bn(A,B為常數(shù))?{an}是等差數(shù)列;Sn=Aqn-A( 12、A為非零常數(shù),q≠0,1)?{an}是等比數(shù)列.
1.已知數(shù)列{an},{bn}滿足:a1=0,b1=2 013,且對任意的正整數(shù)n,an,an+1,bn和an+1,bn+1,bn均成等差數(shù)列.
(1)求a2,b2的值;
(2)證明:{an-bn}和{an+2bn}均成等比數(shù)列;
(3)是否存在唯一的正整數(shù)c,使得an 13、,
又a1+2b1=4 026≠0,所以,{an+2bn}是首項(xiàng)為4 026,公比為1的等比數(shù)列.
(3)由(2)得
解得n∈N*.
顯然,{an}是單調(diào)遞增數(shù)列,{bn}是單調(diào)遞減數(shù)列,且an<1 342 14、意的n∈N*,有an 15、自主解答] (1)設(shè)各行依次組成的等差數(shù)列的公差是d,各列依次組成的等比數(shù)列的公比是q(q>0),
則a2,3=qa1,3=q(1+2d)?q(1+2d)=6,
a3,2=q2a1,2=q2(1+d)?q2(1+d)=8,
解得d=1,q=2.a1,2=2?an,2=2×2n-1=2n.
(2)bn=,則Sn=+++…+,
則Sn=+++…+,
兩式相減得Sn=+++…+-=1-,
所以Sn=2-.
若本例(2)中bn=+(-1)na1,n,如何求Sn?
解:由例題可知bn=+(-1)nn,
Sn=+[-1+2-3+…+(-1)nn].
設(shè)Tn=+++…+,
則Tn 16、=+++…+
兩式相減得Tn=+++…+-=1-,
所以Tn=2-.
又-1+2-3+…+(-1)n·n=
故Sn=
六招解決數(shù)列求和問題
(1)轉(zhuǎn)化法:將數(shù)列的項(xiàng)進(jìn)行分組重組,使之轉(zhuǎn)化為n個等差數(shù)列或等比數(shù)列,然后應(yīng)用公式求和.
(2)錯位相減法:(見要點(diǎn)歸納)
(3)裂項(xiàng)相消法:(見要點(diǎn)歸納)
(4)倒序相加法:(見要點(diǎn)歸納)
(5)并項(xiàng)求和法:先將某些項(xiàng)放在一起求和,然后再求Sn.
(6)歸納猜想法:通過對S1,S2,S3,…的計算進(jìn)行歸納分析,尋求規(guī)律,猜想出Sn,然后用數(shù)學(xué)歸納法給出證明.
2.已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,a1=3 17、,若數(shù)列{Sn+1}是公比為4的等比數(shù)列.
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式;
(2)設(shè)bn=,n∈N*,求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn.
解:(1)由題意知Sn+1=(S1+1)·4n-1=4n,
所以Sn=4n-1.
當(dāng)n≥2時,an=Sn-Sn-1=3·4n-1,且a1=3滿足上式,
所以數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式為an=3·4n-1.
(2)bn==
=,
Tn=b1+b2+…+bn=+·-+…+
==-.
熱點(diǎn)三
數(shù)列與函數(shù)、方程的綜合應(yīng)用
[例3] (20xx·成都模擬)設(shè)函數(shù)f(x)=x2,過點(diǎn)C1(1,0)作x軸的垂線l1交函數(shù)f(x)圖像于點(diǎn)A1,以 18、A1為切點(diǎn)作函數(shù)f(x)圖像的切線交x軸于點(diǎn)C2,再過C2作x軸的垂線l2交函數(shù)f(x)圖像于點(diǎn)A2,…,以此類推得點(diǎn)An,記An的橫坐標(biāo)為an,n∈N*.
(1)證明數(shù)列{an}為等比數(shù)列,并求出通項(xiàng)公式;
(2)設(shè)直線ln與函數(shù)g(x)=logx的圖像相交于點(diǎn)Bn,記bn=n·n(其中O為坐標(biāo)原點(diǎn)),求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Sn.
[自主解答] (1)以點(diǎn)An-1(an-1,a)(n≥2)為切點(diǎn)的切線方程為y-a=2an-1(x-an-1).
當(dāng)y=0時,得x=an-1,即an=an-1.
又∵a1=1,
∴數(shù)列{an}是以1為首項(xiàng),為公比的等比數(shù)列.
∴通項(xiàng)公式為an=n- 19、1.
(2)由題意,得Bn.
∴bn=n·n=n-1+n-1·(n-1)=nn-1.
∵Sn=1×0+2×1+…+n×n-1,
Sn=1×1+2×2+…+n×n,
兩式相減,得Sn=1×0+1×1+…+n-1-n×n=-n×n,
化簡,得Sn=-×n=-.
解決數(shù)列與函數(shù)、方程的綜合問題的三個轉(zhuǎn)化方向
(1)函數(shù)條件的轉(zhuǎn)化.直接利用函數(shù)與數(shù)列的對應(yīng)關(guān)系,把函數(shù)解析式中的自變量x換為n即可;
(2)方程條件的轉(zhuǎn)化.一般要根據(jù)方程解的有關(guān)條件進(jìn)行轉(zhuǎn)化;
(3)數(shù)列向函數(shù)的轉(zhuǎn)化.可將數(shù)列中的問題轉(zhuǎn)化為函數(shù)的相應(yīng)問題求解,但要注意自變量取值范圍的限制.對于數(shù)列中的最值、范圍等問 20、題的求解,可轉(zhuǎn)化為相應(yīng)函數(shù)的單調(diào)性或利用方程有解的條件來求解.
3.已知函數(shù)f(x)=(x-1)2,g(x)=4(x-1).?dāng)?shù)列{an}是各項(xiàng)均不為0的等差數(shù)列,點(diǎn)(an+1,S2n-1)在函數(shù)f(x)的圖像上;數(shù)列{bn}滿足b1=2,bn≠1,且(bn-bn+1)·g(bn)=f(bn)(n∈N*).
(1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式,并證明數(shù)列{bn-1}是等比數(shù)列;
(2)若數(shù)列{cn}滿足cn=,證明:c1+c2+c3+…+cn<3.
解:(1)因?yàn)辄c(diǎn)(an+1,S2n-1)在函數(shù)f(x)的圖像上,所以a=S2n-1.
分別令n=1,n=2,得
即解得a1=1,d=2( 21、d=-1舍去),則an=2n-1.
由(bn-bn+1)·g(bn)=f(bn),得4(bn-bn+1)·(bn-1)=(bn-1)2.
由題意bn≠1,所以4(bn-bn+1)=bn-1,
即3(bn-1)=4(bn+1-1),所以=.
又因?yàn)閎1=2,所以b1-1=1.
所以數(shù)列{bn-1}是首項(xiàng)為1,公比為的等比數(shù)列.
(2)證明:由(1)得bn-1=n-1.
cn===.
令Tn=c1+c2+c3+…+cn,
則Tn=+++…++,①
Tn=+++…++,②
①-②得,Tn=+++…+-=1+·-=2--=2-.
所以Tn=3-,所以c1+c2+c3+…+cn= 22、3-<3.
熱點(diǎn)四
數(shù)列的實(shí)際應(yīng)用
[例4] 為了加強(qiáng)環(huán)保建設(shè),提高社會效益和經(jīng)濟(jì)效益,長沙市計劃用若干年時間更換一萬輛燃油型公交車.每更換一輛新車,則淘汰一輛舊車,更換的新車為電力型車和混合動力型車.今年初投入了電力型公交車128輛,混合動力型公交車400輛,計劃以后電力型車每年的投入量比上一年增加50%,混合動力型車每年比上一年多投入a輛.
(1)求經(jīng)過n年,該市被更換的公交車總數(shù)S(n);
(2)若該市計劃用7年的時間完成全部更換,求a的最小值.
[自主解答] (1)設(shè)an、bn分別為第n年投入的電力型公交車、混合動力型公交車的數(shù)量,
依題意知,數(shù)列{an}是首項(xiàng)為 23、128,公比為1+50%=的等比數(shù)列;數(shù)列{bn}是首項(xiàng)為400,公差為a的等差數(shù)列.
所以數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和
Sn==256,
數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn=400n+a.
所以經(jīng)過n年,該市更換的公交車總數(shù)
S(n)=Sn+Tn=256+400n+a.
(2)若用7年的時間完成全部更換,則S(7)≥10 000,
即256+400×7+a≥10 000,
即21a≥3 082,
所以a≥.
又a∈N*,所以a的最小值為147.
求解數(shù)列應(yīng)用題必須明確三點(diǎn)
(1)該應(yīng)用題屬于哪種數(shù)列模型,是等差數(shù)列還是等比數(shù)列;
(2)是求通項(xiàng)問題還是求項(xiàng)數(shù)問題,或是求和問題 24、;
(3)題目中涉及哪幾個量,這幾個量之間存在什么關(guān)系.
4.祖國大陸允許臺灣農(nóng)民到大陸創(chuàng)業(yè)以來,在11個省區(qū)設(shè)立了海峽兩岸農(nóng)業(yè)合作試驗(yàn)區(qū)和臺灣農(nóng)民創(chuàng)業(yè)園,臺灣農(nóng)民在那里申辦個體工商戶可以享受“綠色通道”的申請、受理、審批一站式服務(wù).某臺商到大陸一創(chuàng)業(yè)園投資72萬美元建起一座蔬菜加工廠,第一年各種經(jīng)費(fèi)12萬美元,以后每年增加4萬美元,每年銷售蔬菜收入50萬美元,設(shè)f(n)表示前n年的純收入.(f(n)=前n年的總收入-前n年的總支出-投資額)
(1)從第幾年開始該臺商獲利?
(2)若干年后,該臺商為開發(fā)新項(xiàng)目,有兩種處理方案:①年平均利潤最大時以48萬美元出售該廠;②純利潤總和 25、最大時,以16萬美元出售該廠,問哪種方案最合算?
解:由題意知,每年的經(jīng)費(fèi)是以12為首項(xiàng),4為公差的等差數(shù)列.
設(shè)純利潤與年數(shù)的關(guān)系為f(n),
則f(n)=50n--72=-2n2+40n-72.
(1)獲取純利潤就是要求f(n)>0,故有-2n2+40n-72>0,解得2
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