2019版高考物理總復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能 基礎(chǔ)課3 機(jī)械能守恒定律及其應(yīng)用學(xué)案

基礎(chǔ)課3機(jī)械能守恒定律及其應(yīng)用知識(shí)排查重力做功與重力勢(shì)能1.重力做功的特點(diǎn)(1)重力做功與路徑無(wú)關(guān)，只與始、末位置的高度差有關(guān)。(2)重力做功不引起物體機(jī)械能的變化。2.重力勢(shì)能(1)表達(dá)式：Epmgh。(2)重力勢(shì)能的特點(diǎn)系統(tǒng)性：重力勢(shì)能是物體和地球所共有的。相對(duì)性：重力勢(shì)能的大小與參考平面的選取有關(guān)，但重力勢(shì)能的變化與參考平面的選取無(wú)關(guān)。3.重力做功與重力勢(shì)能變化的關(guān)系(1)定性關(guān)系：重力對(duì)物體做正功，重力勢(shì)能就減?。恢亓?duì)物體做負(fù)功，重力勢(shì)能就增大。(2)定量關(guān)系：重力對(duì)物體做的功等于物體重力勢(shì)能的減小量，即WG(Ep2Ep1)Ep。彈性勢(shì)能1.定義：物體由于發(fā)生彈性形變而具有的能。2.彈力做功與彈性勢(shì)能變化的關(guān)系：彈力做正功，彈性勢(shì)能減??；彈力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加，即WEp。機(jī)械能守恒定律及應(yīng)用1.機(jī)械能：動(dòng)能和勢(shì)能統(tǒng)稱為機(jī)械能，其中勢(shì)能包括彈性勢(shì)能和重力勢(shì)能。2.機(jī)械能守恒定律(1)內(nèi)容：在只有重力或彈簧彈力做功的物體系統(tǒng)內(nèi)，動(dòng)能與勢(shì)能可以相互轉(zhuǎn)化，而總的機(jī)械能保持不變。(2)表達(dá)式：mgh1mvmgh2mv。3.守恒條件：只有重力或彈簧的彈力做功。小題速練1.思考判斷(1)被舉到高處的物體的重力勢(shì)能一定不為零。()(2)物體在速度增大時(shí)，其機(jī)械能可能在減小。()(3)物體所受合外力為零時(shí)，機(jī)械能一定守恒。()(4)物體除受重力外，還受其他力，但其他力不做功，則物體的機(jī)械能一定守恒。()答案(1)×(2)(3)×(4)2.將質(zhì)量為100 kg的物體從地面提升到10 m高處，在這個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(取g10 m/s2)()A.重力做正功，重力勢(shì)能增加1.0×104 JB.重力做正功，重力勢(shì)能減少1.0×104 JC.重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加1.0×104 JD.重力做負(fù)功，重力勢(shì)能減少1.0×104 J解析WGmgh1.0×104 J，EpWG1.0×104 J，選項(xiàng)C正確。答案C3.人教版必修2·P78·T3改編(多選)如圖1所示，在地面上以速度v0拋出質(zhì)量為m的物體，拋出后物體落到比地面低h的海平面上。若以地面為零勢(shì)能面，而且不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是()圖1A.重力對(duì)物體做的功為mghB.物體在海平面上的勢(shì)能為mghC.物體在海平面上的動(dòng)能為mvmghD.物體在海平面上的機(jī)械能為mv答案AD機(jī)械能守恒的判斷1.利用機(jī)械能的定義判斷(直接判斷)分析動(dòng)能和勢(shì)能的和是否變化。2.用做功判斷若物體或系統(tǒng)只有重力(或彈簧的彈力)做功，或有其他力做功，但其他力做功的代數(shù)和為零，則機(jī)械能守恒。3.用能量轉(zhuǎn)化來(lái)判斷若物體系統(tǒng)中只有動(dòng)能和勢(shì)能的相互轉(zhuǎn)化而無(wú)機(jī)械能與其他形式的能的轉(zhuǎn)化，則物體系統(tǒng)機(jī)械能守恒。1.(多選)如圖2所示，下列關(guān)于機(jī)械能是否守恒的判斷正確的是()圖2A.圖甲中，物體A將彈簧壓縮的過(guò)程中，物體A機(jī)械能守恒B.圖乙中，物體A固定，物體B沿斜面勻速下滑，物體B的機(jī)械能守恒C.圖丙中，不計(jì)任何阻力和定滑輪質(zhì)量時(shí)，物體A加速下落，物體B加速上升過(guò)程中，物體A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D.圖丁中，小球沿水平面做勻速圓錐擺運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球的機(jī)械能守恒解析題圖甲中重力和彈力做功，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但物體A機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；題圖乙中物體B勻速下滑，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減小，物體B的機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；題圖丙中繩子張力對(duì)物體A做負(fù)功，對(duì)物體B做正功，代數(shù)和為零，物體A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項(xiàng)C正確；題圖丁中小球的動(dòng)能不變，勢(shì)能不變，機(jī)械能守恒，選項(xiàng)D正確。答案CD2.(多選)質(zhì)量為m的物體，從靜止開始以2g的加速度豎直向下運(yùn)動(dòng)h高度，下列說(shuō)法正確的是()A.物體的重力勢(shì)能減少2mghB.物體的機(jī)械能保持不變C.物體的動(dòng)能增加2mghD.物體的機(jī)械能增加mgh解析因重力做了mgh的功，由重力做功與重力勢(shì)能變化關(guān)系可知重力勢(shì)能減少mgh，合力做功為2mgh，由動(dòng)能定理可知?jiǎng)幽茉黾?mgh，除重力之外的力做功mgh，所以機(jī)械能增加mgh，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤，C、D正確。答案CD3.如圖3所示，P、Q兩球質(zhì)量相等，開始兩球靜止，將P上方的細(xì)繩燒斷，在Q落地之前，下列說(shuō)法正確的是(不計(jì)空氣阻力)()圖3A.在任一時(shí)刻，兩球動(dòng)能相等B.在任一時(shí)刻，兩球加速度相等C.在任一時(shí)刻，系統(tǒng)動(dòng)能和重力勢(shì)能之和保持不變D.在任一時(shí)刻，系統(tǒng)機(jī)械能是不變的解析細(xì)繩燒斷后，由于彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，通過(guò)對(duì)P、Q兩球受力分析可知aP>aQ，在任一時(shí)刻，兩球的動(dòng)能不一定相等，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；系統(tǒng)內(nèi)有彈力做功，彈性勢(shì)能發(fā)生變化，系統(tǒng)的動(dòng)能和重力勢(shì)能之和發(fā)生變化，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；Q落地前，兩球及彈簧組成的系統(tǒng)只有重力和彈簧的彈力做功，整個(gè)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，選項(xiàng)D正確。答案D判斷機(jī)械能是否守恒時(shí)，一定要注意研究對(duì)象是單個(gè)物體還是物體系統(tǒng)，研究對(duì)象不同，得到的結(jié)果也會(huì)不一樣。機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用機(jī)械能守恒定律的表達(dá)式【典例】(2017·定州模擬)如圖4所示，B是質(zhì)量為2m、半徑為R的光滑半圓弧槽，放在光滑的水平桌面上。A是質(zhì)量為3m的細(xì)長(zhǎng)直桿，在光滑導(dǎo)孔的限制下，A只能上下運(yùn)動(dòng)。物塊C的質(zhì)量為m，緊靠B放置。初始時(shí)，A桿被夾住，使其下端正好與半圓弧槽內(nèi)側(cè)的上邊緣接觸，然后從靜止釋放A。求：圖4(1)桿A的下端運(yùn)動(dòng)到槽B的最低點(diǎn)時(shí)B、C的速度；(2)桿A的下端經(jīng)過(guò)槽B的最低點(diǎn)后，A能上升的最大高度。解析(1)最低點(diǎn)時(shí)，長(zhǎng)直桿在豎直方向的速度為0，B、C具有共同速度v，由(整個(gè)系統(tǒng)ABC)機(jī)械能守恒定律得3mgR·3mv2，所以，vBvCv(2)B、C分離后，桿上升到所能達(dá)到的最高點(diǎn)時(shí)，A、B的速度均為0，A、B系統(tǒng)機(jī)械能守恒·2mv23mgh，解得h答案(1)(2)1.一小球以一定的初速度從圖示5位置進(jìn)入光滑的軌道，小球先進(jìn)入圓軌道1，再進(jìn)入圓軌道2，圓軌道1的半徑為R，圓軌道2的半徑是軌道1的1.8倍，小球的質(zhì)量為m，若小球恰好能通過(guò)軌道2的最高點(diǎn)B，則小球在軌道1上經(jīng)過(guò)A處時(shí)對(duì)軌道的壓力為()圖5A.2mg B.3mgC.4mg D.5mg解析小球恰好能通過(guò)軌道2的最高點(diǎn)B時(shí)，有mgm，小球在軌道1上經(jīng)過(guò)A處時(shí)，有Fmgm，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有1.6mgRmvmv，解得F4mg，由牛頓第三定律可知，小球?qū)壍赖膲毫F4mg，選項(xiàng)C正確。答案C2.如圖6所示，質(zhì)量相同的可視為質(zhì)點(diǎn)的甲、乙兩小球，甲從豎直固定的光滑圓弧軌道頂端由靜止滑下，軌道半徑為R，圓弧底端切線水平，乙從高為R的光滑斜面頂端由靜止滑下。下列判斷正確的是()圖6A.兩小球到達(dá)底端時(shí)速度相同B.兩小球由靜止運(yùn)動(dòng)到底端的過(guò)程中重力做功不相同C.兩小球到達(dá)底端時(shí)動(dòng)能相同D.兩小球到達(dá)底端時(shí)，甲小球重力做功的瞬時(shí)功率大于乙小球重力做功的瞬時(shí)功率解析根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得兩小球到達(dá)底端時(shí)速度大小v，但方向不同，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤；兩小球由靜止運(yùn)動(dòng)到底端的過(guò)程中重力做功相同，則兩小球到達(dá)底端時(shí)動(dòng)能相同，所以選項(xiàng)C正確，B錯(cuò)誤；兩小球到達(dá)底端時(shí)，甲小球重力做功的瞬時(shí)功率為零，乙小球重力做功的瞬時(shí)功率大于零，所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤。答案C3.如圖7所示，在某豎直平面內(nèi)，光滑曲面AB與水平面BC平滑連接于B點(diǎn)，BC右端連接內(nèi)、外壁光滑、半徑r0.2 m 的四分之一細(xì)圓管CD，管口D端正下方直立一根勁度系數(shù)為k100 N/m的輕彈簧，彈簧一端固定，另一端恰好與管口D端平齊。一個(gè)質(zhì)量為1.0 kg的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))放在曲面AB上，現(xiàn)從距BC的高度為h0.6 m 處由靜止釋放小滑塊，它與BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5，小滑塊進(jìn)入管口C端時(shí)，它對(duì)上管壁有FN2.5mg的相互作用力，通過(guò)CD后，在壓縮彈簧過(guò)程中小滑塊速度最大時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep0.5 J。取重力加速度g10 m/s2。求：圖7(1)小滑塊在C處受到的向心力大??；(2)在壓縮彈簧過(guò)程中小滑塊的最大動(dòng)能Ekm；(3)小滑塊最終停止的位置。解析(1)小滑塊進(jìn)入管口C端時(shí)它與圓管外管壁有大小為FN2.5mg的相互作用力，故小滑塊在C點(diǎn)受到的向心力大小為F向2.5mgmg35 N。(2)在壓縮彈簧過(guò)程中小滑塊速度最大時(shí)，所受合力為零。設(shè)此時(shí)小滑塊離D端的距離為x0，則有kx0mg解得x00.1 m在C點(diǎn)合外力提供向心力，有F向m得v7 m2/s2小滑塊從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到速度最大位置的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得mg(rx0)mvEkmEp聯(lián)立解得Ekmmg(rx0)mvEp6 J。(3)小滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)過(guò)程，由動(dòng)能定理得mghmgsmv解得B、C間的距離s0.5 m小滑塊與彈簧作用后返回C處動(dòng)能不變，小滑塊的動(dòng)能最終消耗在與BC水平面相互作用的過(guò)程中，設(shè)之后小滑塊在BC上的運(yùn)動(dòng)路程為s，由動(dòng)能定理有：mgs0mv，解得s0.7 m，故最終小滑塊在距離B點(diǎn)為(0.70.5) m0.2 m處停下。答案(1)35 N(2)6 J(3)距B點(diǎn)0.2 m系統(tǒng)機(jī)械能守恒的兩類連接體模型模型建構(gòu)能力的培養(yǎng)模型一速率相等的連接體模型1.如圖8所示的兩物體組成的系統(tǒng)，當(dāng)釋放B而使A、B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A、B的速度均沿繩子方向，在相等的時(shí)間內(nèi)A、B運(yùn)動(dòng)的路程相等，則A、B的速率相等。圖82.判斷系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒不從做功角度判斷，而從能量轉(zhuǎn)化的角度判斷，即：如果系統(tǒng)中只有動(dòng)能和勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。這類題目的典型特點(diǎn)是系統(tǒng)不受摩擦力和空氣阻力作用。【例1】如圖9所示，A、B兩小球由繞過(guò)輕質(zhì)定滑輪的細(xì)線相連，A放在固定的光滑斜面上，B、C兩小球在豎直方向上通過(guò)勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連，C球放在水平地面上?，F(xiàn)用手控制住A，并使細(xì)線剛剛拉直但無(wú)拉力作用，并保證滑輪左側(cè)細(xì)線豎直、右側(cè)細(xì)線與斜面平行。已知A的質(zhì)量為4m，B、C的質(zhì)量均為m，重力加速度為g，細(xì)線與滑輪之間的摩擦不計(jì)。開始時(shí)整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)；釋放A后，A沿斜面下滑至速度最大時(shí)，C恰好離開地面。求：圖9 (1)斜面的傾角；(2)A球獲得的最大速度vm。審題建模(1)細(xì)線不可伸長(zhǎng)，A、B兩球速率一定相等，但B與C球用彈簧相連，速率一般不同。(2)彈簧的彈性勢(shì)能與彈簧的形變量大小有關(guān)，無(wú)論彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)還是壓縮狀態(tài)。解析(1)由題意可知，當(dāng)A沿斜面下滑至速度最大時(shí)，C恰好離開地面，A的加速度此時(shí)為零。由牛頓第二定律得4mgsin 2mg0則sin ，30°。(2)由題意可知，mgkx，B球上升的高度x2x。A、B兩小球及輕質(zhì)彈簧組成的系統(tǒng)在初始時(shí)和A沿斜面下滑至速度最大時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能相等，對(duì)A、B、C三小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，得4mgxsin mgx(5m)v聯(lián)立化簡(jiǎn)得vm2g。答案(1)30°(2)2g模型二角速度相等的連接體模型1.如圖10所示的兩物體組成的系統(tǒng)，當(dāng)釋放后A、B在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)的軸轉(zhuǎn)動(dòng)，在轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中相等時(shí)間內(nèi)A、B轉(zhuǎn)過(guò)的角度相等，則A、B轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相等。圖102.系統(tǒng)機(jī)械能守恒的特點(diǎn)(1)一個(gè)物體的機(jī)械能增加，另一個(gè)物體的機(jī)械能必然減少，機(jī)械能通過(guò)內(nèi)力做功實(shí)現(xiàn)物體間的轉(zhuǎn)移。(2)內(nèi)力對(duì)一個(gè)物體做正功，必然對(duì)另外一個(gè)物體做負(fù)功，且二者代數(shù)和為零。【例2】(2017·黑龍江模擬)(多選)將質(zhì)量分別為m和2m的兩個(gè)小球A和B，用長(zhǎng)為2L的輕桿相連，如圖11所示，在桿的中點(diǎn)O處有一固定水平轉(zhuǎn)動(dòng)軸，把桿置于水平位置后由靜止自由釋放，在B球順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)到最低位置的過(guò)程中(不計(jì)一切摩擦)()圖11A.A、B兩球的線速度大小始終不相等B.重力對(duì)B球做功的瞬時(shí)功率先增大后減小C.B球轉(zhuǎn)動(dòng)到最低位置時(shí)的速度大小為D.桿對(duì)B球做正功，B球機(jī)械能不守恒解析A、B兩球用輕桿相連共軸轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度大小始終相等，轉(zhuǎn)動(dòng)半徑相等，所以兩球的線速度大小也相等，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；桿在水平位置時(shí)，重力對(duì)B球做功的瞬時(shí)功率為零，桿在豎直位置時(shí)，B球的重力方向和速度方向垂直，重力對(duì)B球做功的瞬時(shí)功率也為零，但在其他位置重力對(duì)B球做功的瞬時(shí)功率不為零，因此，重力對(duì)B球做功的瞬時(shí)功率先增大后減小，選項(xiàng)B正確；設(shè)B球轉(zhuǎn)動(dòng)到最低位置時(shí)速度為v，兩球線速度大小相等，對(duì)A、B兩球和桿組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律得2mgLmgL(2m)v2mv2，解得v，選項(xiàng)C正確；B球的重力勢(shì)能減少了2mgL，動(dòng)能增加了mgL，機(jī)械能減少了，所以桿對(duì)B球做負(fù)功，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。答案BC解決角速度相等的連接體問(wèn)題三點(diǎn)提醒(1)要注意判斷系統(tǒng)的機(jī)械能是否守恒。(2)注意尋找物體間的速度關(guān)系和位移關(guān)系。(3)列機(jī)械能守恒方程時(shí)，一般選用EkEp的形式。【針對(duì)訓(xùn)練】如圖12所示，半徑為r、質(zhì)量不計(jì)的圓盤盤面與地面垂直，圓心處有一個(gè)垂直盤面的光滑水平固定軸O，在盤的右邊緣固定有一個(gè)質(zhì)量為m的小球A，在O點(diǎn)正下方離O點(diǎn)處固定一個(gè)質(zhì)量也為m的小球B，放開盤讓其自由轉(zhuǎn)動(dòng)。圖12 (1)當(dāng)A轉(zhuǎn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，兩小球的重力勢(shì)能之和減少了多少？(2)A球轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)的線速度是多少？解析(1)以通過(guò)固定軸O的水平面為零勢(shì)能面，開始時(shí)兩球的重力勢(shì)能之和為Ep1EpAEpB0mgrmgr，當(dāng)小球A轉(zhuǎn)至最低點(diǎn)時(shí)兩小球重力勢(shì)能之和為Ep2EpAEpBmgr0mgr，故兩球重力勢(shì)能之和減少量為Ep減Ep1Ep2mgr(mgr)mgr。(2)由于圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中，系統(tǒng)只有動(dòng)能和重力勢(shì)能相互轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，因此系統(tǒng)的重力勢(shì)能的減少一定等于兩球動(dòng)能的增加。設(shè)A球轉(zhuǎn)至最低點(diǎn)時(shí)，A、B的線速度分別為vA和vB，則mgrmvmv。因A、B兩球固定在同一圓盤上，轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中角速度相等，故線速度的關(guān)系為vA2vB，解得vA。答案(1)mgr(2)活頁(yè)作業(yè)(時(shí)間：40分鐘)A級(jí)：保分練1.(多選)下列關(guān)于機(jī)械能是否守恒的論述正確的是()A.做變速曲線運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能可能守恒B.沿水平面運(yùn)動(dòng)的物體，機(jī)械能一定守恒C.合外力對(duì)物體做功等于零時(shí)，物體的機(jī)械能一定守恒D.只有重力對(duì)物體做功時(shí)，機(jī)械能一定守恒解析判斷機(jī)械能是否守恒，就要依據(jù)機(jī)械能守恒的條件來(lái)分析。要看是不是只有重力(或系統(tǒng)內(nèi)彈簧的彈力)做功，而不是看物體如何運(yùn)動(dòng)。物體做變速曲線運(yùn)動(dòng)，機(jī)械能可能守恒，如平拋運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A正確；沿水平面運(yùn)動(dòng)的物體，重力勢(shì)能不變，如果不是勻速，動(dòng)能發(fā)生變化，機(jī)械能就不守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；合外力做功為零，只是動(dòng)能不變，勢(shì)能的變化情況不能確定，機(jī)械能不一定守恒，如物體勻速下落，機(jī)械能減少，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；只有重力對(duì)物體做功時(shí)，機(jī)械能一定守恒，選項(xiàng)D正確。答案AD2.在同一位置以相同的速率把三個(gè)小球分別沿水平、斜向上、斜向下方向拋出，不計(jì)空氣阻力，則落在同一水平地面時(shí)的速度大小()A.一樣大 B.水平拋的最大C.斜向上拋的最大 D.斜向下拋的最大解析不計(jì)空氣阻力，小球在空中只受重力作用，機(jī)械能守恒。拋出時(shí)高度、速度大小相等，落地時(shí)速度大小一定相等。答案A3. (2018·湖南郴州一中模擬)(多選)一蹦極運(yùn)動(dòng)員身系彈性蹦極繩從水面上方的高臺(tái)下落，到最低點(diǎn)時(shí)距水面還有數(shù)米距離。假定空氣阻力可忽略，運(yùn)動(dòng)員可視為質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是()圖1A.運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最低點(diǎn)前重力勢(shì)能始終減小B.蹦極繩張緊后的下落過(guò)程中，彈力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加C.蹦極過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D.蹦極過(guò)程中，重力勢(shì)能的改變量與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取有關(guān)解析在運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最低點(diǎn)前，運(yùn)動(dòng)員一直向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)重力勢(shì)能的定義可知重力勢(shì)能始終減小，故選項(xiàng)A正確；蹦極繩張緊后的下落過(guò)程中，彈力方向向上，而運(yùn)動(dòng)員向下運(yùn)動(dòng)，所以彈力做負(fù)功，彈性勢(shì)能增加，故選項(xiàng)B正確；對(duì)于運(yùn)動(dòng)員、地球和蹦極繩所組成的系統(tǒng)，蹦極過(guò)程中只有重力和彈力做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故選項(xiàng)C正確；重力做功是重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化的量度，即WGEp，而蹦極過(guò)程中重力做功與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)，所以重力勢(shì)能的改變量與重力勢(shì)能零點(diǎn)的選取無(wú)關(guān)，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。答案ABC4.(2017·全國(guó)卷，16)如圖2，一質(zhì)量為m、長(zhǎng)度為l的均勻柔軟細(xì)繩PQ豎直懸掛。用外力將繩的下端Q緩慢地豎直向上拉起至M點(diǎn)，M點(diǎn)與繩的上端P相距l(xiāng)。重力加速度大小為g。在此過(guò)程中，外力做的功為()圖2A.mgl B.mglC.mgl D.mgl解析由題意可知，PM段細(xì)繩的機(jī)械能不變，MQ段細(xì)繩的重心升高了，則重力勢(shì)能增加Epmg·mgl，由功能關(guān)系可知，在此過(guò)程中，外力做的功為Wmgl ，故選項(xiàng)A正確，B、C、 D錯(cuò)誤。答案A5.如圖3所示，有一光滑軌道ABC，AB部分為半徑為R的圓弧，BC部分水平，質(zhì)量均為m的小球a、b固定在豎直輕桿的兩端，輕桿長(zhǎng)為R，不計(jì)小球大小。開始時(shí)a球處在圓弧上端A點(diǎn)，由靜止釋放小球和輕桿，使其沿光滑軌道下滑，則下列說(shuō)法正確的是()圖3A.a球下滑過(guò)程中機(jī)械能保持不變B.b球下滑過(guò)程中機(jī)械能保持不變C.a、b球滑到水平軌道上時(shí)速度大小為D.從釋放a、b球到a、b球滑到水平軌道上，整個(gè)過(guò)程中輕桿對(duì)a球做的功為解析a、b球和輕桿組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；由系統(tǒng)機(jī)械能守恒有mgRmg·2R×2mv2，解得a、b球滑到水平軌道上時(shí)速度大小為v，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；從釋放a、b球到a、b球滑到水平軌道上，對(duì)a球，由動(dòng)能定理有WmgRmv2，解得輕桿對(duì)a球做的功為W，選項(xiàng)D正確。答案D6.如圖4所示，一個(gè)可以看成質(zhì)點(diǎn)的小球用沒(méi)有彈性的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，細(xì)線長(zhǎng)L5 m，小球質(zhì)量為m1 kg。現(xiàn)向左拉小球使細(xì)線水平，由靜止釋放小球，已知小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)O時(shí)細(xì)線恰好斷開，取重力加速度g10 m/s2。圖4 (1)求小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)O時(shí)細(xì)線的拉力F的大??；(2)如果在小球做圓周運(yùn)動(dòng)的豎直平面內(nèi)固定一圓弧軌道，該軌道以O(shè)點(diǎn)為圓心，半徑R5 m，求小球從O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到圓弧軌道上的時(shí)間t。解析(1)設(shè)小球擺到O點(diǎn)時(shí)的速度為v，小球由A點(diǎn)到O點(diǎn)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律有mgLmv2在O點(diǎn)由牛頓第二定律得Fmgm解得F30 N(2)細(xì)線被拉斷后，小球做平拋運(yùn)動(dòng)，有xvtygt2，x2y2R2聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)，解得t1 s。答案(1)30 N(2)1 sB級(jí)：拔高練7.(多選)如圖5所示，輕彈簧一端固定在O1點(diǎn)，另一端系一小球，小球穿在固定于豎直面內(nèi)、圓心為O2的光滑圓環(huán)上，O1在O2的正上方，C是O1O2的連線和圓環(huán)的交點(diǎn)，將小球從圓環(huán)上的A點(diǎn)無(wú)初速度釋放后，發(fā)現(xiàn)小球通過(guò)了C點(diǎn)，最終在A、B之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)。已知小球在A點(diǎn)時(shí)彈簧被拉長(zhǎng)，在C點(diǎn)時(shí)彈簧被壓縮，則下列判斷正確的是()圖5A.彈簧在A點(diǎn)的伸長(zhǎng)量一定大于彈簧在C點(diǎn)的壓縮量B.小球從A至C一直做加速運(yùn)動(dòng)，從C至B一直做減速運(yùn)動(dòng)C.彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，小球的速度最大D.小球機(jī)械能最大的位置有兩處解析因只有重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力做功，故小球和彈簧組成系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，小球在A點(diǎn)的動(dòng)能和重力勢(shì)能均最小，故小球在A點(diǎn)的彈性勢(shì)能必大于在C點(diǎn)的彈性勢(shì)能，所以彈簧在A點(diǎn)的伸長(zhǎng)量一定大于彈簧在C點(diǎn)的壓縮量，故選項(xiàng)A正確；小球從A至C，在切線方向先做加速運(yùn)動(dòng)再做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)切線方向合力為零(此時(shí)彈簧仍處于伸長(zhǎng)狀態(tài))時(shí)，速度最大，故選項(xiàng)B、C錯(cuò)誤；當(dāng)彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，彈性勢(shì)能為零，小球機(jī)械能最大，由題意知，A、B相對(duì)于O1O2對(duì)稱，顯然，此位置在A、C與B、C之間各有一處，故選項(xiàng)D正確。答案AD8.(2017·佛山高三檢測(cè))(多選)如圖6甲所示，質(zhì)量為0.1 kg 的小球從最低點(diǎn)A沖入豎直放置在水平地面上、半徑為0.4 m的半圓軌道，小球速度的平方與其高度的關(guān)系圖象如圖乙所示。已知小球恰能到達(dá)最高點(diǎn)C，軌道粗糙程度處處相同，空氣阻力不計(jì)。g取10 m/s2，B為AC軌道中點(diǎn)。下列說(shuō)法正確的是()圖6A.圖乙中x4 m2·s2B.小球從B到C損失了0.125 J的機(jī)械能C.小球從A到C合外力對(duì)其做的功為1.05 JD.小球從C拋出后，落地點(diǎn)到A的距離為0.8 m解析當(dāng)h0.8 m時(shí)小球在C點(diǎn)，由于小球恰能到達(dá)最高點(diǎn)C，故mgm，所以vgr10×0.4 m2·s24 m2·s2，故選項(xiàng)A正確；由已知條件無(wú)法計(jì)算出小球從B到C損失了0.125 J的機(jī)械能，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；小球從A到C，由動(dòng)能定理可知W合mvmv×0.1×4 J×0.1×25 J1.05 J，故選項(xiàng)C正確；小球離開C點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，故2rgt2，落地點(diǎn)到A的距離x1vCt，解得x10.8 m，故選項(xiàng)D正確。答案ACD9.(2017·上海單科，19)如圖7，與水平面夾角37°的斜面和半徑R0.4 m的光滑圓軌道相切于B點(diǎn)，且固定于豎直平面內(nèi)?；瑝K從斜面上的A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)B點(diǎn)后沿圓軌道運(yùn)動(dòng)，通過(guò)最高點(diǎn)C時(shí)軌道對(duì)滑塊的彈力為零。已知滑塊與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)0.25。(g取10 m/s2，sin 37°0.6，cos 37°0.8)求：圖7(1)滑塊在C點(diǎn)的速度大小vC；(2)滑塊在B點(diǎn)的速度大小vB；(3)A、B兩點(diǎn)間的高度差h。解析(1)滑塊在C點(diǎn)豎直方向所受合力提供向心力mgvC2 m/s(2)對(duì)BC過(guò)程，滑塊的機(jī)械能守恒，有mvmvmgR(1cos 37°)vB4.29 m/s(3)滑塊在AB的過(guò)程，利用動(dòng)能定理得mghmgcos 37°·mv0代入數(shù)據(jù)解得h1.38 m答案(1)2 m/s(2)4.29 m/s(3)1.38 m10.(2017·西安質(zhì)檢)一半徑為R的半圓形豎直圓弧面，用輕質(zhì)不可伸長(zhǎng)的細(xì)繩連接的A、B兩球懸掛在圓弧面邊緣兩側(cè)，A球質(zhì)量為B球質(zhì)量的2倍，現(xiàn)將A球從圓弧邊緣處由靜止釋放，如圖8所示。已知A球始終不離開圓弧內(nèi)表面，且細(xì)繩足夠長(zhǎng)，若不計(jì)一切摩擦，求：圖8 (1)A球沿圓弧內(nèi)表面滑至最低點(diǎn)時(shí)速度的大小；(2)A球沿圓弧內(nèi)表面運(yùn)動(dòng)的最大位移。解析(1)設(shè)A球沿圓弧內(nèi)表面滑至最低點(diǎn)時(shí)速度的大小為v，B球的質(zhì)量為m，則根據(jù)機(jī)械能守恒定律有2mgRmgR·2mv2mv由圖甲可知，A球的速度v與B球速度vB的關(guān)系為vBv1vcos 45°聯(lián)立解得v2。甲(2)當(dāng)A球的速度為零時(shí)，A球沿圓弧內(nèi)表面運(yùn)動(dòng)的位移最大，設(shè)為x，如圖乙所示，由幾何關(guān)系可知A球下降的高度h根據(jù)機(jī)械能守恒定律有2mghmgx0，解得xR。乙答案(1)2(2)R17