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河南省衛(wèi)輝一中2020屆高三數(shù)學(xué)二輪 備考抓分點(diǎn)透析專題6 立體幾何 理

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河南省衛(wèi)輝一中2020屆高三數(shù)學(xué)二輪 備考抓分點(diǎn)透析專題6 立體幾何 理

2020屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí)專題六 立體幾何【重點(diǎn)知識(shí)回顧】穩(wěn)定中有所創(chuàng)新,由知識(shí)立意轉(zhuǎn)為能力立意(1) 考查重點(diǎn)及難點(diǎn)穩(wěn)定:高考始終把空間直線與直線、直線與平面、平面與平面的平行與垂直的性質(zhì)與判定,以及求線面角、二面角等知識(shí)都是重點(diǎn)考查的內(nèi)容,其中線線角、線面角、二面角的求解更是重中之重在難度上平穩(wěn)過渡,始終以中等偏難為主。實(shí)行新課程的高考,命題者在求穩(wěn)的同時(shí)注重創(chuàng)新高考創(chuàng)新,主要體現(xiàn)在命題的立意和思路上注重對(duì)學(xué)生能力的考查 (2)空間幾何體中的三視圖仍是高考的一個(gè)重要知識(shí)點(diǎn)解答題的考查形式仍要注重在一個(gè)具體立體幾何模型中考查線面的關(guān)系(3)使用,“向量”仍將會(huì)成為高考命題的熱點(diǎn),一般選擇題、填空題重在考查向量的概念、數(shù)量積及其運(yùn)算律在有些立體幾何的解答題中,建立空間直角坐標(biāo)系,以向量為工具,利用空間向量的坐標(biāo)和數(shù)量積解決直線、平面問題的位置關(guān)系、角度、長度等問題,比用傳統(tǒng)立體幾何的方法簡便快捷,空間向量的數(shù)量積及坐標(biāo)運(yùn)算仍是2020年高考命題的重點(diǎn)(4)支持新課改,在重疊部分做文章,在知識(shí)交匯點(diǎn)處命題立體幾何中平行、垂直關(guān)系證明的思路清楚嗎? 平行垂直的證明主要利用線面關(guān)系的轉(zhuǎn)化: 線面平行的判定: 線面平行的性質(zhì): 三垂線定理(及逆定理): 線面垂直: 面面垂直: 三類角的定義及求法 (1)異面直線所成的角,0°90° (2)直線與平面所成的角,0°90° (三垂線定理法:A作或證AB于B,作BO棱于O,連AO,則AO棱l,AOB為所求。) 三類角的求法: 找出或作出有關(guān)的角。 證明其符合定義,并指出所求作的角。 計(jì)算大小(解直角三角形,或用余弦定理)。點(diǎn)與點(diǎn),點(diǎn)與線,點(diǎn)與面,線與線,線與面,面與面間距離。 將空間距離轉(zhuǎn)化為兩點(diǎn)的距離,構(gòu)造三角形,解三角形求線段的長(如:三垂線定理法,或者用等積轉(zhuǎn)化法)。 如:正方形ABCDA1B1C1D1中,棱長為a,則: (1)點(diǎn)C到面AB1C1的距離為_; (2)點(diǎn)B到面ACB1的距離為_; (3)直線A1D1到面AB1C1的距離為_; (4)面AB1C與面A1DC1的距離為_; (5)點(diǎn)B到直線A1C1的距離為_。你是否準(zhǔn)確理解正棱柱、正棱錐的定義并掌握它們的性質(zhì)? 正棱柱底面為正多邊形的直棱柱 正棱錐底面是正多邊形,頂點(diǎn)在底面的射影是底面的中心。 正棱錐的計(jì)算集中在四個(gè)直角三角形中: 它們各包含哪些元素? 球有哪些性質(zhì)? (2)球面上兩點(diǎn)的距離是經(jīng)過這兩點(diǎn)的大圓的劣弧長。為此,要找球心角! (3)如圖,為緯度角,它是線面成角;為經(jīng)度角,它是面面成角。 (5)球內(nèi)接長方體的對(duì)角線是球的直徑。正四面體的外接球半徑R與內(nèi)切球半徑r之比為R:r3:1?!镜湫屠}】1, 空間幾何體及三視圖例1用一些棱長為1cm的小正方體碼放成一個(gè)幾何體,圖1為其俯視圖,圖2為其主視圖則這個(gè)幾何體的體積最大是 7 cm3 圖1(俯視圖) 圖2(主視圖)例2.一個(gè)多面體的直觀圖及三視圖如圖所示,則多面體的體積為 例4.右圖是由一些相同的小正方體構(gòu)成的幾何體的三視圖,這些相同的小正方體共有 個(gè)5例5如果一個(gè)幾何體的三視圖如圖所示(單位長度: cm), 則此幾何體的表面積是 。主視圖俯視圖左視圖2俯視圖主視圖左視圖212例 6.矩形ABCD中,AB=4,BC=3,沿AC將矩形ABCD折成一個(gè)直二面角BACD,則四面體ABCD的外接球的體積為 例7.一個(gè)幾何體的三視圖中,正視圖和側(cè)視圖都是矩形,俯視圖是等腰直角三角形(如圖),根據(jù)圖中標(biāo)注的長度,可以計(jì)算出該幾何體的表面積是 12+4 2.平行與垂直例8.已知:正方體,E為棱的中點(diǎn)求證:;求證:平面;求三棱錐的體積證明:連結(jié),則/, 是正方形,面,又,面 面, 證明:作的中點(diǎn)F,連結(jié)是的中點(diǎn),四邊形是平行四邊形, 是的中點(diǎn),又,四邊形是平行四邊形,/,平面面 又平面,面例ABCDE9. 多面體中,。(1)求證:;(2)求證:證明:(1) (2)令中點(diǎn)為,中點(diǎn)為,連結(jié)、 是的中位線 ABCDEMN又 為正 又,四邊形為平行四邊形 例10如圖四邊形是菱形,平面, 為的中點(diǎn). 求證: 平面;BACDPQO 平面平面.解:證:設(shè) ,連 為菱形, 為中點(diǎn),又為中點(diǎn)。 又 , 為菱形, , 又, 又 又 3.距離與角例11已知所在的平面互相垂直,且,求:直線AD與平面BCD所成角的大?。?直線AD與直線BC所成角的大?。欢娼茿-BD-C的余弦值如圖,在平面ABC內(nèi),過A作AHBC,垂足為H,則AH平面DBC,ADH即為直線AD與平面BCD所成的角 由題設(shè)知AHBAHD,則DHBH,AH=DH,ADH=45°BCDH,且DH為AD在平面BCD上的射影,BCAD,故AD與BC所成的角為90° 過H作HRBD,垂足為R,連結(jié)AR,則由三垂線定理知,ARBD,故ARH為二面角ABDC的平面角的補(bǔ)角 設(shè)BC=a,則由題設(shè)知,AH=DH=,在HDB中,HR=a,tanARH=2故二面角ABDC的余弦值的大小為 【點(diǎn)評(píng)】:本題著眼于讓學(xué)生掌握通性通法。幾何法在書寫上體現(xiàn):“作出來、證出來、指出來、算出來、答出來”五步。斜線和平面所成的角是一個(gè)直角三角形所成的銳角,它的三條邊分別是平面的垂線段、斜線段及斜線段在平面內(nèi)的射影。因此求直線和平面所成的角,幾何法一般先定斜足、再作垂線找射影、通過解直角三角形求解;向量法則利用斜線和射影的夾角或考慮法向量,設(shè) 為直線與平面所成的角,為直線的方向向量與平面的法向量之間的夾角,則有或(如圖) 特別地 時(shí),;時(shí), ,或。用兩面垂直的性質(zhì)作垂線,找垂足的位置作出線面角,利用三垂線定理證,利用對(duì)稱性定義法作二面角【變式與拓展】如圖,BCD是等腰直角三角形,斜邊CD的長等于點(diǎn)P到BC的距離,D是P在平面BCD上的射影.求PB與平面BCD所成角;.求BP與平面PCD所成的角.【解法】. PD平面BCD,BD是PB在平面BCD內(nèi)的射影,PBD為PB與平面BCD所成角,BDBC,由三垂線定理得BCBD,BP=CD,設(shè)BC=a,則BD=a,BP=CD=a在RtBPD中,cosDBP= DBP=45°, 即PB與平面BCD所成角為45°.過B作BECD于E,連結(jié)PE,PD平面BCD得PDBE,BE平面PCD,BPE為BP與平面PCD所成的角,在RtBEP中,BE=a, BP=a,BPE=30° 即BP與平面PCD所成角為30°例12.在四棱錐P-ABCD中,已知ABCD為矩形,PA 平面ABCD,設(shè)PA=AB=a,BC=2a,求二面角B-PC-D的大小BDPCABDPCA解析一BDPCA解析三EFGBDPCA解析二解析1.定義法 過D作DE PC于E,過E作EF PC于F,連接FD,由二面角的平面角的定義可知是所求二面角B-PC-D的平面角。求解二面角B-PC-D的大小只需解DEF即可【解法一】過D作DE PC于E,過E作EF PC于F,連接FD,由二面角的平面角的定義可知是所求二面角B-PC-D的平面角在四棱錐P-ABCD中, PA 平面ABCD且ABCD為矩形,ADDCPDDCPA=a,AD=BC=2a,PD=,PC=,DE=,CE=同理在RtPBC中,在RtEFC中,FC=, 在RtDFC中,DF=,在DEF中由余弦定理cos=所求二面角B-PC-D的余弦值為解析2.垂面法易證面PAB面PBC,過A作AM BP于M,顯然AM 面PBC,從而有AM PC,同法可得AN PC,再由AM與AN相交與A得PC 面AMN。設(shè)面AMN交PC于Q,則為二面角B-PC-D的平面角;再利用三面角公式可解【解法二】略解析3.利用三垂線求解把四棱錐P-ABCD補(bǔ)成如圖的直三棱柱PAB-EDC,顯然二面角E-PC-D與二面角D-PC-B互補(bǔ),轉(zhuǎn)化為求二面角E-PC-D。易證面PEDA PDC,過E作EF PD于F,顯然PF 面PDC,在面PCE內(nèi),過E作EG PC于G,連接GF,由三垂線得GF PC 即為二面角E-PC-D的平面角,只需解EFG即可BDPCA解析四解析4.在面PDC內(nèi),分別過D、B作DE PC于E,BF PC于F,連接EF即可。利用平面知識(shí)求BF、EF、DE的長度,再利用空間余弦定理求出q 即可【點(diǎn)評(píng)】.用幾何法求二面角的方法比較多,常見的有:(1)定義法, 在棱上的點(diǎn)分別作棱的垂線,如解析(2)三垂線求解 ,在棱上的點(diǎn)分別作棱的垂線,如解析(3)垂面法, 在棱上的點(diǎn)分別作棱的垂線,如解析用幾何法將二面角轉(zhuǎn)化為其平面角,要掌握以下三種基本做法:直接利用定義,圖(1).利用三垂線定理及其逆定理,圖 (2).最常用。作棱的垂面,圖(3).AOBMNababAOPABOPab (1) (2) (3)4.空間幾何中的向量方法例13. 如下圖,直棱柱ABCA1B1C1的底面ABC中,CA=CB=1,BCA=90°,棱AA1=2,M、N分別是A1B1、A1A的中點(diǎn).C1A1B1BCA(1)求BN的長;(2)求異面直線BA與1CB1的余弦值;(3)求證:A1BC1M.【解法】:ACBC,CC1面ABC,可以建立如圖所示的坐標(biāo)系(1)依題意得B(0, 1,0),N(1,0,1),=.(2)A1(1,0,2),B(0,1,0),C(0,0,0),B1(0,1,2),=(1,-1,2),=(0,1,2),·=3,=,=.cos,=.所以,異面直線BA與1CB1的余弦值為(3)證明:C1(0,0,2),M(,2),=(-1,1,-2),=(,0),·=0,A1BC1M.【點(diǎn)評(píng)】底面有直角的直棱柱適合建立坐標(biāo)系的條件,可以用兩點(diǎn)間的距離公式,數(shù)量積的夾角公式,用坐標(biāo)法求點(diǎn)點(diǎn)距、向量夾角。特別注意異面直線角的范圍(0,而向量角的范圍為0, SBCA【變式與拓展】在三棱錐SABC中,SAB=SAC=ACB=90°,AC=2,BC=,SB=.(1)求證:SCBC;(2)求SC與AB所成角的余弦值.【解法一】:如下圖,取A為原點(diǎn),AB、AS分別為y、z軸建立空間直角坐標(biāo)系,則有AC=2,BC=,SB=,得B(0,0)、S(0,0,2)、C(2,0), =(2,2),=(2,0).(1)·=0,SCBC.(2)設(shè)SC與AB所成的角為,=(0,0),·=4,| |=4,cos=,即為所求. 【解法二】:(1)SA面ABC,ACBC,AC是斜線SC在平面ABC內(nèi)的射影,SCBC.(2)如下圖,過點(diǎn)C作CDAB,過點(diǎn)A作ADBC交CD于點(diǎn)D,連結(jié)SD、SC,則SCD為異面直線SC與AB所成的角.四邊形ABCD是平行四邊形,CD=,SA=2,SD=5,在SDC中,由余弦定理得cosSCD=,即為所求.例14.如圖,在四棱錐中,底面ABCD是正方形,側(cè)棱底面ABCD,E是PC的中點(diǎn),作交PB于點(diǎn)F. (1)證明 平面; (2)證明平面EFD; (3)求二面角的大小【解法】:如圖所示建立空間直角坐標(biāo)系,D為坐標(biāo)原點(diǎn).設(shè)證明:連結(jié)AC,AC交BD于G.連結(jié)EG. 依題意得底面ABCD是正方形, 是此正方形的中心,故點(diǎn)G的坐標(biāo)為且. 這表明.而平面EDB且平面EDB,平面EDB。證明:依題意得。又故 , 由已知,且所以平面EFD.(3)解:設(shè)點(diǎn)F的坐標(biāo)為則從而所以由條件知,即 解得 點(diǎn)F的坐標(biāo)為 且,即,故是二面角的平面角.且 ,所以,二面角CPCD的大小為【點(diǎn)評(píng)】考查空間向量數(shù)量積及其坐標(biāo)表示,運(yùn)用向量數(shù)量積判斷向量的共線與垂直,用向量證明線線、線面、面面的垂直與平行關(guān)系?!咀兪脚c拓展】如圖,已知矩形ABCD所在平面外一點(diǎn)P,PA平面ABCD,E、F分別是AB、PC的中點(diǎn) (1)求證:EF平面PAD; (2)求證:EFCD; (3)若ÐPDA45°,求EF與平面ABCD所成的角 證明:如圖,建立空間直角坐標(biāo)系A(chǔ)xyz,設(shè)AB2a,BC2b,PA2c,則:A(0, 0, 0),B(2a, 0, 0),C(2a, 2b, 0),D(0, 2b, 0),P(0, 0, 2c) E為AB的中點(diǎn),F(xiàn)為PC的中點(diǎn) E (a, 0, 0),F(xiàn) (a, b, c)(1)(0, b, c),(0, 0, 2c),(0, 2b, 0)() 與、共面又 E Ï 平面PAD EF平面PAD(2) (-2a, 0, 0 ) ·(-2a, 0, 0)·(0, b, c)0 CDEF(3)若ÐPDA45°,則有2b2c,即 bc, (0, b, b),(0, 0, 2b) cos á,ñ á,ñ 45° 平面AC, 是平面AC的法向量 EF與平面AC所成的角為:90°á,ñ 45°例15.如圖,在正四棱柱中,已知,、分別為、上的點(diǎn),且圖9()求證:平面;()求點(diǎn)到平面的距離.解:()以為原點(diǎn),以、的正向分別為軸、軸、軸建立空間直角坐標(biāo)系,則于是且 平面 ()由()知,為平面的一個(gè)法向量,向量在上的射影長即為到平面的距離,設(shè)為,于是故點(diǎn)到平面的距離為例16.如圖,在四棱錐PABCD中,底面ABCD為矩形,側(cè)棱PA底面ABCD,AB=,BC=1,PA=2,E為PD的中點(diǎn)()求直線AC與PB所成角的余弦值;PABCDE()在側(cè)面PAB內(nèi)找一點(diǎn)N,使NE面PAC,并求出N點(diǎn)到AB和AP的距離解:方法一、(1)設(shè)ACBD=O,連OE,則OE/PB,EOA即為AC與PB所成的角或其補(bǔ)角.在AOE中,AO=1,OE=即AC與PB所成角的余弦值為. (2)在面ABCD內(nèi)過D作AC的垂線交AB于F,則.連PF,則在RtADF中設(shè)N為PF的中點(diǎn),連NE,則NE/DF,DFAC,DFPA,DF面PAC,從而NE面PAC.N點(diǎn)到AB的距離,N點(diǎn)到AP的距離方法二、()建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系,則A、B、C、D、P、E的坐標(biāo)為A(0,0,0)、B(,0,0)、C(,1,0)、D(0,1,0)、P(0,0,2)、E(0,1),從而設(shè)的夾角為,則AC與PB所成角的余弦值為. ()由于N點(diǎn)在側(cè)面PAB內(nèi),故可設(shè)N點(diǎn)坐標(biāo)為(x,O,z),則,由NE面PAC可得, 即N點(diǎn)的坐標(biāo)為,從而N點(diǎn)到AB、AP的距離分別為1,.【模擬演練】一、選擇1已知正方體外接球的體積是,那么正方體的棱長為( )A B C D2一個(gè)幾何體的三視圖如圖所示,已知側(cè)視圖是一個(gè)等腰三角形, 根據(jù)圖中尺寸(單位:),可知這個(gè)幾何體的體積是( )A. B. C. D. 4已知、是不重合的直線,、是兩兩不重合的平面,給出下列命題:若則;若,則;若,;若其中真命題的序號(hào)為( )A B C D 5.在正三棱錐中,分別為、的中點(diǎn),若與所成的角為,則與所成的角為( )A. B. C. D. 7已知直三棱柱ABCA1B1C1中,AC=BC,M、N分別是A1B1,AB的中點(diǎn),P點(diǎn)在線段上,則與平面的位置關(guān)系是 ( )A垂直 B平行 C相交但不垂直 D 要依P點(diǎn)的位置而定11. 如圖所示,設(shè)地球半徑為,點(diǎn)在赤道上,為地心,點(diǎn)在北緯30°的緯線(為其圓心)上,且點(diǎn),共面,點(diǎn)、共線 若,則異面直線與所成角的正弦值為( )A. B. C. D. 二、填空13.已知一個(gè)正四棱柱內(nèi)接于球,該正四棱柱高為3,體積為24,則這個(gè)球的表面積是 。14若直線l與平面 所成角為,直線a在平面內(nèi),且與直線l異面,則直線l與直線a所成的角的取值范圍是 。 三解答題17(本題滿分12分)如圖所示,在四棱錐中,底面為平行四邊形,平面,點(diǎn)是的中點(diǎn)。(1)求證:平面平面;(2)求證:。 18. (本小題滿分12分)如圖所示,矩形中,G是對(duì)角線AC,BD的交點(diǎn), ,F(xiàn)為CE上的點(diǎn),且,連接FG.求證:;求證:/;求三棱錐的體積. 19如圖,四棱錐的底面為直角梯形,ABCD,。()求證:()求二面角的大小專題訓(xùn)練答案1B 解析:由正方體對(duì)角線得到直徑可知,所以棱長為。2.A 解析:由三視圖可知該幾何體的底面是底邊為6,高是4的等腰三角形,該幾何體的高為5,所以。4D解析:只有、相交才正確,所以錯(cuò)誤;正確;l還需與、的交線垂直,錯(cuò)誤;由平面與平面平行的性質(zhì)定理可知正確,選D. 5C 解析:由正三棱錐的對(duì)應(yīng)棱互相垂直,得。取的中點(diǎn),連,則,所以是直角三角形,與所成的角為,就是,從而,即與所成的角為,故選C。7B 解析:由題設(shè)知B1MAN且B1M=AN,四邊形ANB1M是平行四邊形,故B1NAM,B1NAMC1平面又C1MCN,得CN平面AMC1,則平面B1NCAMC1,平面AMC1,平面B1NC。11.C 解析:分別以所在直線為x軸、y軸、z軸建立空間直角坐標(biāo)系,易得A(0,R,0),B(R,0,0),C(0,D(0,0,R),所以, 故選C。13. 解析:正四棱柱高為3,體積為24,底面積為8,正方形邊長為2,正四棱柱的對(duì)角線長即球的直徑為5, 球的半徑為,球的表面積是。14;解析:因?yàn)橹本€l是平面的斜線,斜線與平面所成的角,是這條斜線和這個(gè)平面內(nèi)的直線所成的一切角中最小的角,故a與l所成的角大于或等于;又因?yàn)楫惷嬷本€所成的角不大于.17、證明:(1)平面,平面,。 2分 又,平面,平面,平面,平面,平面平面。 6分(2)連結(jié)交于點(diǎn),并連結(jié),四邊形為平行四邊形為的中點(diǎn), 又為的中點(diǎn)。 8分 在中為中位線, ,平面,平面,。 12分 18、解:(1)證明:, 2分又, , 4分又.,。 5分證明:,又是的中點(diǎn),又易知是的中點(diǎn),在中,又,. 9分由知且, .,又,在中,。在,在。 12分解析:()如圖,建立坐標(biāo)系,則, 2分,又,平面 6分()設(shè)平面的法向量為,則,又,解得。 8分平面的法向量取為,。二面角的大小為。 12分

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