【三維設(shè)計】2014屆高三物理一輪 課時跟蹤檢測25 靜電現(xiàn)象 電容器 帶電粒子在電場中的運(yùn)動

課時跟蹤檢測(二十五)靜電現(xiàn)象電容器帶電粒子在電場中的運(yùn)動高考?？碱}型：選擇題計算題1(2012·上海虹口二模)處于強(qiáng)電場中的空氣分子會被電離為電子和正離子，利用此原理可以進(jìn)行靜電除塵。如圖1所示，是一個用來研究靜電除塵的實驗裝置，鋁板與手搖起電機(jī)的正極相連，鋼針與手搖起電機(jī)的負(fù)極相連，在鋁板和鋼針中間放置點燃的蚊香。轉(zhuǎn)動手搖起電機(jī)，蚊香放出的煙霧會被電極吸附，停止轉(zhuǎn)動手 圖1搖起電機(jī)，蚊香的煙霧又會裊裊上升。關(guān)于這個現(xiàn)象，下列說法中正確的是()A煙塵因為帶正電而被吸附到鋼針上B同一煙塵顆粒在被吸附過程中離鋁板越近速度越小C同一煙塵顆粒在被吸附過程中離鋁板越近速度越大D同一煙塵顆粒在被吸附過程中如果帶電量不變，離鋁板越近則加速度越大2某電容式話筒的原理示意圖如圖2所示，E為電源，R為電阻，薄片P和Q為兩金屬極板，對著話筒說話時，P振動而Q可視為不動。在P、Q間距增大過程中()AP、Q構(gòu)成的電容器的電容增大BP上電荷量保持不變CM點的電勢比N點的低 圖2DM點的電勢比N點的高3(2012·課標(biāo)全國高考)如圖3所示，平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器，則在此過程中，該粒子() A所受重力與電場力平衡B電勢能逐漸增加 圖3C動能逐漸增加 D做勻變速直線運(yùn)動4(2011·天津高考)板間距為 d 的平行板電容器所帶電荷量為 Q 時，兩極板間電勢差為 U1，板間場強(qiáng)為 E1?，F(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)?2Q，板間距變?yōu)閐，其他條件不變，這時兩極板間電勢差為 U2, 板間場強(qiáng)為 E2，下列說法正確的是()AU2U1，E2E1 BU22U1，E24E1CU2U1，E22E1 DU22U1，E22E15(2013·吉林聯(lián)考)一平行板電容器充電后與電源斷開，負(fù)極板接地。兩板間有一個正試探電荷固定在P點，如圖4所示，以C表示電容器的電容、E表示兩板間的場強(qiáng)、表示P點的電勢，W表示正電荷在P點的電勢能，若正極板保持不動，將負(fù)極板緩慢向右平移一小段距離 l0的過程中，各物理量與負(fù)極板移動距離x的關(guān)系圖象中正確的是() 圖4圖56(2011·安徽高考)圖6(a)為示波管的原理圖。如果在電極YY之間所加的電壓圖按圖(b)所示的規(guī)律變化，在電極XX之間所加的電壓按圖(c)所示的規(guī)律變化，則在熒光屏上會看到的圖形是()圖6圖77(2012·江西重點中學(xué)聯(lián)考)如圖8所示，長為L、傾角為30°的光滑絕緣斜面處于電場中，一帶電量為q，質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由斜面底端的A點開始沿斜面上滑，到達(dá)斜面頂端的速度仍為v0，則() 圖8A小球在B點的電勢能一定大于小球在A點的電勢能BA、B兩點的電勢差一定為C若電場是勻強(qiáng)電場，則該電場的場強(qiáng)的最小值一定是D若該電場是AC邊中垂線上某點的點電荷Q產(chǎn)生的，則Q一定是正電荷8. (2011·安徽高考)如圖9(a)所示，兩平行正對的金屬板A、B間加有如圖9(b)所示的交變電壓，一重力可忽略不計的帶正電粒子被固定在兩板的正中間P處。若在t0時刻釋放該粒子，粒子會時而向A板運(yùn)動，時而向B板運(yùn)動，并最終打在A板上。則t0可能屬于的時間段是() 圖9A0<t0< B.<t0<C.<t0<T DT<t0<9(2012·湖北重點中學(xué)聯(lián)考)如圖10所示豎直放置的兩個平行金屬板間存在勻強(qiáng)電場，與兩板上邊緣等高處有兩個質(zhì)量相同的帶電小球，P小球從緊靠左極板處由靜止開始釋放，Q小球從兩板正中央由靜止開始釋放，兩小球最終都能運(yùn)動到右極板上的同一位置，則從開始釋放到運(yùn)動到右極板的過程中它們的() 圖10A運(yùn)行時間tP>tQB電勢能減少量之比EPEQ21C電荷量之比qPqQ21D動能增加量之比EkPEkQ4110(2012·晉江四校聯(lián)考)如圖11所示，質(zhì)量為m，帶電量為q的微粒在O點以初速度v0與水平方向成角射出，微粒在運(yùn)動中受阻力大小恒定為F阻。 圖11(1)如果在某方向加上一定大小的勻強(qiáng)電場后，能保證微粒仍沿v0方向做直線運(yùn)動，試求所加勻強(qiáng)電場的最小值的大小與方向；(2)若加上大小一定，方向水平向左的勻強(qiáng)電場，仍能保證微粒沿v0方向做直線運(yùn)動，并經(jīng)過一段時間后又返回O點，求微?；氐絆點時的速率。11(2012·遼寧模擬)如圖12所示，現(xiàn)在有一個小物塊，質(zhì)量為m80 g，帶上正電荷q2×104 C。與水平的軌道之間的滑動摩擦系數(shù)0.2，在一個水平向左的勻強(qiáng)電場中，E1×103 V/m，在水平軌道的末端N處，連接一個光滑的半圓形軌道，半徑為R40 cm，取g10 m/s2，求 圖12(1)小物塊恰好運(yùn)動到軌道的最高點，那么小物塊應(yīng)該從水平哪個位置釋放？(2)如果在上小題的位置釋放小物塊，當(dāng)它運(yùn)動到P(軌道中點)點時對軌道的壓力等于多少？12(2012·浙江名校聯(lián)考)如圖13所示，一對半徑均為R1的金屬板M、N圓心正對平行放置，兩板距離為d，N板中心鍍有一層半徑為R2的圓形鋅金屬薄膜，dR2<R1，兩板之間電壓為UMN，兩板之間真空且可視為勻強(qiáng)電場。N板受到某種單色光照射后鋅金屬薄膜表面會發(fā)射出最大速率為v，方向各異的電子，已知電子的電荷量為e，質(zhì)量為m，每秒穩(wěn)定發(fā)射n個電子。電子在板間運(yùn)動過程中無碰撞且不計電子 圖13的重力和電子間相互作用，電子到達(dá)M板全部被吸收。M板右側(cè)串聯(lián)的電流表可以測量到通過M板的電流I。試求：(1)當(dāng)UMN取什么值時，I始終為零；(2)當(dāng)UMN取什么值時，I存在一個最大值，并求這個最大值；(3)請利用(1)(2)的結(jié)論定性畫出I隨UMN變化的圖象。答 案課時跟蹤檢測(二十五) 靜電現(xiàn)象電容器帶電粒子在電場中的運(yùn)動1選C在鋁板和鋼針中間形成強(qiáng)電場，處于強(qiáng)電場中的空氣分子會被電離為電子和正離子，煙塵吸附電子帶負(fù)電，而被吸附到鋁板上，A錯誤；由于電場力做功，同一煙塵顆粒在被吸附過程中離鋁板越近速度越大，選項C正確B錯誤；由于離鋁板越近，電場強(qiáng)度越小，同一煙塵顆粒在被吸附過程中如果帶電量不變，離鋁板越近則加速度越小，選項D錯誤。2選D由公式C可知，當(dāng)PQ間距增大時，C減小，故A錯誤。由C可知，在U不變時，C減小，Q減小，即電容器放電，R中的電流方向從M到N，則M點電勢高于N點，故BC錯誤，D正確。3.選BD粒子做直線運(yùn)動，其重力和電場力的合力應(yīng)與速度共線，如圖所示。重力與電場力不共線，不可能平衡，選項A錯誤；粒子運(yùn)動過程中電場力做負(fù)功，因而電勢能增加，選項B正確；合力做負(fù)功，動能減小，選項C錯誤；電容器的極板與直流電源相連，即其電壓、板間的場強(qiáng)不變，則電場力不變，合力恒定，因而粒子做勻變速直線運(yùn)動，選項D正確。4選C由公式E、C和C可得 E ，所以 Q 加倍，E 也加倍，再由U Ed可得U相等，C正確。5選C由平行板電容器的電容C可知d減小時，C變大，但不是一次函數(shù)，A錯。在電容器兩極板所帶電荷量一定情況下，U，E與d無關(guān)，則B錯。在負(fù)極板接地的情況下，設(shè)沒有移動負(fù)極板時P點距負(fù)極板的距離為d，移動x后為dx。因為移動極板過程中電場強(qiáng)度E不變。故PE(dx)EdEx，其中xl0，則C正確；正電荷在P點的電勢能WqPqEdqEx，顯然D錯。6選B在02t1時間內(nèi)，掃描電壓掃描一次，信號電壓完成一個周期，當(dāng)UY為正的最大值時，電子打在熒光屏上有正的最大位移，當(dāng)UY為負(fù)的最大值時，電子打在熒光屏上有負(fù)的最大位移，因此一個周期內(nèi)熒光屏上的圖象為B。7選B由題述可知，小球以初速度v0由斜面底端的A點開始沿斜面上滑，電場力做正功，電勢能減小，小球在B點的電勢能一定小于小球在A點的電勢能，選項A錯誤；由動能定理，qUmgLsin 30°0，解得A、B兩點的電勢差為U，選項B正確；若電場是勻強(qiáng)電場，該電場的場強(qiáng)的最小值為，選項C錯誤；若該電場是AC邊中垂線上某點的點電荷Q產(chǎn)生的，則Q可以是負(fù)電荷，選項D錯誤。8選B兩板間加的是方波電壓，剛釋放粒子時，粒子向A板運(yùn)動，說明釋放粒子時UAB為負(fù)，因此A項錯誤，若t0時刻釋放粒子，則粒子做方向不變的單向直線運(yùn)動，一直向A運(yùn)動；若t0時刻釋放粒子，則粒子在電場中固定兩點間做往復(fù)運(yùn)動，不能到達(dá)A板；因此<t0<時間內(nèi)，粒子的運(yùn)動滿足題意的要求，選項B正確。9選C兩球均受重力、恒定的電場力作用，做勻加速直線運(yùn)動，按運(yùn)動的分解，豎直方向：是重力作用下的自由落體運(yùn)動，二者下降位移相同，用時間相等，A錯誤；水平方向：電場力作用下的初速度為0的勻加速直線運(yùn)動，位移比是xPxQ21，由公式xt2得它們的電荷量之比qPqQ21，C正確，又EPqPU，EQqQ，故EPEQ41，B錯；動能增加量EkPEPmgh，EkQEQmgh，故EkPEkQ41，D錯誤。10解析：(1)微粒沿v0方向做直線運(yùn)動，微粒所受合外力應(yīng)該沿速度v0方向，由力的合成知識可得qEmgcos 解得所加勻強(qiáng)電場的最小值的大小Ecos ，方向斜向上且與豎直方向的夾角為。(2)若加上大小一定，方向水平向左的勻強(qiáng)電場，電場力向左，且滿足，qEsin mgcos ，設(shè)微粒的最大位移為x，由動能定理(qEcos mg sin F阻)x0mv022F阻xmv2mv02聯(lián)立解得v 。答案：見解析11解析：(1)物塊能通過軌道最高點的臨界條件是mgm解得v2 m/s設(shè)小物塊釋放位置距N處為xEqxmgxmv2mg·2R解得x20 m，即小物塊應(yīng)該從在水平位置距N處為20 m處開始釋放(2)物塊到P點時，mv2mgREqRmvP2解得vPm/sFNEq解得FN3.0 N由牛頓第三運(yùn)動定律可得物塊對軌道的壓力；FNFN3.0 N答案：(1)20 m(2)3.0 N12解析：(1)當(dāng)垂直N板發(fā)射速度為v的電子不能到達(dá)M板時，I0，令此時兩板間電壓為UMN，則mv2eUMN得UMN(2)當(dāng)從鋅膜邊緣平行N板射出的電子做類平拋運(yùn)動剛好能到達(dá)M板邊緣時，則所有電子均能到達(dá)M板，電流最大Ine令此時兩板間電壓為UMNR1R2vt，dat2，a得UMN(3)I隨UMN變化的圖象如圖所示。答案：(1)(2)ne(3)見解析圖7