高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 7.3空間點(diǎn)、直線、平面之間的位置關(guān)系課件 .ppt

第三節(jié) 空間點(diǎn)、直線、平面之間的位置關(guān)系,【知識(shí)梳理】 1.平面的基本性質(zhì),兩點(diǎn),不在一條直線,這條直線外,的一點(diǎn),相交,平行,有且只有,一條,2.空間直線的位置關(guān)系 (1)位置關(guān)系分類:,異面直線：不同在_內(nèi)，沒有公共點(diǎn).,位置 關(guān)系,共面直線,_直線：同一平面內(nèi),有且只有一個(gè) 公共點(diǎn); _直線：同一平面內(nèi),沒有公共點(diǎn);,相交,平行,任何一個(gè)平面,(2)平行公理和等角定理: 平行公理:平行于同一條直線的兩條直線_. 等角定理:空間中如果兩個(gè)角的兩邊分別對(duì)應(yīng)平行,那么這兩個(gè) 角_. (3)異面直線所成的角: 定義:已知兩條異面直線a,b,經(jīng)過空間任一點(diǎn)O作直線aa, bb,把a(bǔ)與b所成的_叫做異面直線a與b所 成的角(或夾角). 異面直線所成角的范圍:_.,平行,相等或互補(bǔ),銳角(或直角),3.空間直線與平面、平面與平面的位置關(guān)系,1,0,無數(shù),0,無數(shù),【考點(diǎn)自測】 1.(思考)給出下列命題: 如果兩個(gè)不重合的平面,有一條公共直線a,就說平面,相交,并記作=a; 兩個(gè)平面,有一個(gè)公共點(diǎn)A,就說,相交于過A點(diǎn)的任意一條直線; 兩個(gè)平面,有一個(gè)公共點(diǎn)A,就說,相交于A點(diǎn),并記作=A; 兩個(gè)平面ABC與DBC相交于線段BC;,兩兩相交的三條直線最多可以確定三個(gè)平面. 其中正確的是( ) A. B. C. D. 【解析】選D.根據(jù)平面的性質(zhì)公理3可知對(duì);對(duì)于,其錯(cuò)誤在于“任意”二字上;對(duì)于,錯(cuò)誤在于=A上;對(duì)于,應(yīng)為平面ABC和平面DBC相交于直線BC;兩兩相交的三條直線可以確定一個(gè)或三個(gè)平面,所以正確.,2.(2013·安徽高考)在下列命題中,不是公理的是( ) A.平行于同一個(gè)平面的兩個(gè)平面相互平行 B.過不在同一條直線上的三點(diǎn),有且只有一個(gè)平面 C.如果一條直線上的兩點(diǎn)在一個(gè)平面內(nèi),那么這條直線上所有的點(diǎn)都在此平面內(nèi) D.如果兩個(gè)不重合的平面有一個(gè)公共點(diǎn),那么它們有且只有一條過該點(diǎn)的公共直線,【解析】選A.因?yàn)锽,C,D是經(jīng)過人類長期反復(fù)的實(shí)踐檢驗(yàn)是真實(shí)的,不需要由其他判斷加以證明的命題和原理,是公理.而A平行于同一個(gè)平面的兩個(gè)平面平行是定理而不是公理.,3.(2014·臺(tái)州模擬)對(duì)于空間中的兩條直線,“這兩條直線為異面直線”是“這兩條直線沒有公共點(diǎn)”的( ) A.充分不必要條件 B.必要不充分條件 C.充要條件 D.既不充分也不必要條件 【解析】選A.若兩條直線異面,則一定無公共點(diǎn),兩條直線無公共點(diǎn)時(shí),這兩條直線可能平行,故選A.,4.直線a,b,c兩兩平行,但不共面,經(jīng)過其中兩條直線的平面的個(gè)數(shù)為( ) A.1 B.3 C.6 D.0 【解析】選B.如圖所示,可知有3個(gè)平面.,5.(2014·石家莊模擬)如圖所示,在正方體ABCD-A1B1C1D1中,E,F分別是AB,AD的中點(diǎn),則異面直線B1C與EF所成的角的大小為 .,【解析】連接BD,B1D1,如圖所示,易證 EFBD,BDB1D1,故CB1D1就是異面 直線B1C與EF所成的角或所成角的補(bǔ)角. 連接D1C知CB1D1為正三角形,故B1C與EF 所成的角為60°. 答案:60°,考點(diǎn)1 平面的基本性質(zhì)及其應(yīng)用 【典例1】(1)給出以下命題: 不共面的四點(diǎn)中,其中任意三點(diǎn)不共線; 若點(diǎn)A,B,C,D共面,點(diǎn)A,B,C,E共面,則點(diǎn)A,B,C,D,E共面; 若直線a,b共面,直線a,c共面,則直線b,c共面; 依次首尾相接的四條線段必共面. 正確命題的個(gè)數(shù)是( ) A.0 B.1 C.2 D.3,(2)(2014·寧波模擬)如圖,在正方體ABCD-A1B1C1D1中,E,F分別是AB和AA1的中點(diǎn), 求證:E,C,D1,F四點(diǎn)共面.,【解題視點(diǎn)】(1)根據(jù)確定平面的公理及推論進(jìn)行判斷. (2)根據(jù)中位線定理可證明EFCD1,即可證得結(jié)論.,【規(guī)范解答】(1)選B.假設(shè)其中有三點(diǎn)共線,則該直線和直線外的另一點(diǎn)確定一個(gè)平面.這與四點(diǎn)不共面矛盾,故其中任意三點(diǎn)不共線,所以正確.從條件看出兩平面有三個(gè)公共點(diǎn)A,B,C,但是若A,B,C共線,則結(jié)論不正確.對(duì)于,b與c可能異面,不正確.不正確,因?yàn)榇藭r(shí)所得的四邊形的四條邊可以不在一個(gè)平面上,如空間四邊形.,(2)如圖,連接CD1,EF,A1B, 因?yàn)镋,F分別是AB和AA1的中點(diǎn), 所以EFA1B且EF= A1B. 又因?yàn)锳1D1BC,且A1D1=BC, 所以四邊形A1BCD1是平行四邊形. 所以A1BCD1,所以EFCD1, 即EF與CD1確定一個(gè)平面. 且E,F,C,D1,即E,C,D1,F四點(diǎn)共面.,【互動(dòng)探究】本例第(2)題的條件不變,如何證明“CE,D1F,DA交于一點(diǎn)”? 【證明】由例題解析可知,EFCD1,且EF= CD1, 所以四邊形CD1FE是梯形. 所以CE與D1F必相交.設(shè)交點(diǎn)為P,如圖, 則PCE平面ABCD, 且PD1F平面A1ADD1. 又因?yàn)槠矫鍭BCD平面A1ADD1=AD, 所以PAD,所以CE,D1F,DA交于一點(diǎn).,【規(guī)律方法】 1.證明空間點(diǎn)共線問題的方法 (1)公理法:一般轉(zhuǎn)化為證明這些點(diǎn)是某兩個(gè)平面的公共點(diǎn),再根據(jù)公理3證明這些點(diǎn)都在這兩個(gè)平面的交線上. (2)納入直線法:選擇其中兩點(diǎn)確定一條直線,然后證明其余點(diǎn)也在該直線上.,2.點(diǎn)、線共面的常用判定方法 (1)納入平面法:先確定一個(gè)平面,再證明有關(guān)點(diǎn)、線在此平面內(nèi). (2)輔助平面法:先證明有關(guān)的點(diǎn)、線確定平面,再證明其余元素確定平面,最后證明平面,重合. (3)反證法. 提醒:在選擇已知條件確定平面時(shí),要看其余的點(diǎn)或線在確定的平面內(nèi)是否能證明.,【變式訓(xùn)練】如圖,空間四邊形ABCD中,E,F 分別是AB,AD的中點(diǎn),G,H分別在BC,CD上,且 BGGC=DHHC=12. (1)求證:E,F,G,H四點(diǎn)共面. (2)設(shè)EG與FH交于點(diǎn)P.求證:P,A,C三點(diǎn)共線.,【證明】(1)因?yàn)镋,F分別為AB,AD的中點(diǎn), 所以EFBD. 在BCD中, 則GHBD,所以EFGH. 所以E,F,G,H四點(diǎn)共面.,(2)因?yàn)镋GFH=P,PEG,EG平面ABC, 所以P平面ABC.同理P平面ADC. 則P為平面ABC與平面ADC的公共點(diǎn). 又平面ABC平面ADC=AC, 則PAC, 所以P,A,C三點(diǎn)共線.,【加固訓(xùn)練】1.(2013·江西高考)如圖,正方體的底面與正四面體的底面在同一平面上,且ABCD,正方體的六個(gè)面所在的平面與直線CE,EF相交的平面?zhèn)€數(shù)分別記為m,n,那么m+n=( ) A.8 B.9 C.10 D.11,【解析】選A.取CD中點(diǎn)G,連接EG,FG,可知CD平面EFG,因?yàn)锳BCD,所以AB平面EFG,容易知道平面EFG與正方體的左右兩個(gè)側(cè)面平行,所以EF與正方體的兩個(gè)側(cè)面平行,觀察可知n=4;又正方體的底面與正四面體的底面共面,所以過點(diǎn)A可作AHCE,易知CE與正方體的上底面平行,在下底面內(nèi),與其他四個(gè)面相交,所以m=4,即得m+n=8.,2.如圖,已知正方體ABCD-A1B1C1D1中,E,F分別為D1C1,C1B1的中點(diǎn),ACBD=P,A1C1EF=Q.求證: (1)D,B,F,E四點(diǎn)共面. (2)若A1C交平面DBFE于R點(diǎn),則P,Q,R三點(diǎn)共線.,【證明】(1)連接B1D1, 因?yàn)镋,F分別為D1C1,C1B1的中點(diǎn), 所以EFD1B1,又D1B1DB,則EFDB, 所以D,B,F,E四點(diǎn)共面. (2)因?yàn)锳CBD=P,A1C1EF=Q, 所以P平面DBFE,P平面A1ACC1, Q平面DBFE,Q平面A1ACC1, 又A1C平面DBFE=R,所以R平面DBFE,R平面A1ACC1, 所以P,Q,R在平面DBFE與平面A1ACC1的交線上, 因此P,Q,R三點(diǎn)共線.,考點(diǎn)2 空間直線的位置關(guān)系 【典例2】(1)(2014·新鄉(xiāng)模擬)已知m,n為異面直線,m平面,n平面,=l,則l( ) A.與m,n都相交 B.與m,n中至少一條相交 C.與m,n都不相交 D.與m,n中的一條直線相交,(2)如圖所示,正方體ABCD -A1B1C1D1中,M,N分別是A1B1,B1C1的中點(diǎn).問: AM和CN是否是異面直線?說明理由. D1B和CC1是否是異面直線?說明理由.,【解題視點(diǎn)】(1)采用反證法進(jìn)行判斷. (2)通過說明MNAC,說明AM,CN共面,從而判斷. 由圖易判斷D1B和CC1是異面直線,可用反證法證明.,【規(guī)范解答】(1)選B.若m,n都不與l相交, 因?yàn)閙,n,=l,所以ml,nl, 所以mnl,這與m,n為異面直線矛盾, 故l與m,n中至少一條相交. (2)不是異面直線. 理由:連接MN,A1C1,AC. 因?yàn)镸,N分別是A1B1,B1C1的中點(diǎn),所以MNA1C1. 又因?yàn)锳1A C1C,所以A1ACC1為平行四邊形, 所以A1C1AC,所以MNAC, 所以A,M,N,C在同一平面內(nèi), 故AM和CN不是異面直線.,是異面直線. 理由: 因?yàn)锳BCD-A1B1C1D1是正方體,所以B,C,C1,D1不共面. 假設(shè)D1B與CC1不是異面直線, 則存在平面,使D1B平面,CC1平面, 所以D1,B,C,C1, 這與B,C,C1,D1不共面矛盾. 所以假設(shè)不成立, 即D1B和CC1是異面直線.,【易錯(cuò)警示】反證法證直線異面 如本例(2)中用反證法證明異面,不論是從共面的角度,還是從平行、相交的角度否定,都要說清楚,得出矛盾. 【規(guī)律方法】異面直線的判定方法 (1)判定定理:平面外一點(diǎn)A與平面內(nèi)一點(diǎn)B的連線和平面內(nèi)不經(jīng)過點(diǎn)B的直線是異面直線. (2)反證法:先假設(shè)兩條直線不是異面直線,即兩條直線平行或相交,由假設(shè)出發(fā),經(jīng)過嚴(yán)格的推理,導(dǎo)出矛盾,從而否定假設(shè),肯定兩條直線異面.此法在異面直線的判定中經(jīng)常用到.,【變式訓(xùn)練】(2014·麗水模擬)l1,l2,l3是空間三條不同的直線,則下列命題正確的是( ) A.l1l2,l2l3l1l3 B.l1l2,l2l3l1l3 C.l1l2l3l1,l2,l3共面 D.l1,l2,l3共點(diǎn)l1,l2,l3共面 【解析】選B.因?yàn)榫€線垂直不具有傳遞性,所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤;易知選項(xiàng)B正確;當(dāng)l1,l2,l3為三棱柱的三條側(cè)棱時(shí),l1,l2,l3就不共面,所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤;當(dāng)l1,l2,l3為三棱錐的三條側(cè)棱時(shí),l1,l2,l3就不共面,所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤.,【加固訓(xùn)練】1.用a,b,c表示三條不同的直線,表示平面,給出下列命題: 若ab,bc,則ac; 若ab,bc,則ac; 若a,b,則ab; 若a,b,則ab. 其中真命題的序號(hào)是( ) A. B. C. D.,【解析】選C.平行關(guān)系的傳遞性. 舉反例: 在同一平面內(nèi),ab,bc,有ac.,舉反例:如圖的長方體中,a,b,但a與b相交. 垂直于同一平面的兩直線互相平行. 故正確.,2.(2013·唐山模擬)如果兩條異面直線稱為“1對(duì)”,那么在正方體的十二條棱中共有異面直線( ) A.12對(duì) B.24對(duì) C.36對(duì) D.48對(duì) 【解析】選B.如圖所示,與AB異面的直線有 B1C1,CC1,A1D1,DD1四條,因?yàn)楦骼饩哂邢嗤?的位置且正方體共有12條棱,排除兩棱的重 復(fù)計(jì)算, 共有異面直線 =24(對(duì)).,3.如圖所示,正方體ABCD-A1B1C1D1中,M,N分別為棱C1D1,C1C的中點(diǎn),有以下四個(gè)結(jié)論: 直線AM與CC1是相交直線; 直線AM與BN是平行直線; 直線BN與MB1是異面直線; 直線AM與DD1是異面直線. 其中正確的結(jié)論為 (注:把你認(rèn)為正確的結(jié)論序號(hào)都填上).,【解析】因?yàn)辄c(diǎn)A在平面CDD1C1外,點(diǎn)M在平面CDD1C1內(nèi),直線CC1在平面CDD1C1內(nèi),CC1不過點(diǎn)M,所以AM與CC1是異面直線,故錯(cuò);取DD1中點(diǎn)E,連接AE,則BNAE,但AE與AM相交,故錯(cuò);因?yàn)锽1與BN都在平面BCC1B1內(nèi),M在平面BCC1B1外,BN不過點(diǎn)B1,所以BN與MB1是異面直線,故正確;同理正確,故填. 答案:,考點(diǎn)3 異面直線所成的角 【考情】從近幾年的高考試題來看,異面直線所成的角是高考的熱點(diǎn),題型既有選擇題又有填空題,也有解答題,難度為中低檔題;客觀題主要考查異面直線所成的角,主觀題較全面考查立體幾何的有關(guān)知識(shí)、異面直線所成的角的求法等.,高頻考點(diǎn) 通 關(guān),【典例3】(1)(2014·寧波模擬)在正方體ABCD-A1B1C1D1中,M,N分別為A1B1,BB1的中點(diǎn),則異面直線AM與CN所成角的余弦值為 ( ) (2)(2014·廣州模擬)已知三棱錐A-BCD中,AB=CD,且直線AB與CD成60°角,點(diǎn)M,N分別是BC,AD的中點(diǎn),求直線AB和MN所成的角.,【解題視點(diǎn)】(1)由M,N分別為A1B1,BB1的中點(diǎn),可取AB的中點(diǎn)E,EB的中點(diǎn)F,利用直線平行的傳遞性,確定異面直線AM與CN所成的角. (2)取AC的中點(diǎn)P連接PM連接PN得AB與CD所成的角得AB與MN所成的角.,【規(guī)范解答】(1)選D.如圖,取AB的中點(diǎn)E, 連接B1E,則AMB1E. 取EB的中點(diǎn)F,連接FN,則B1EFN,因此 AMFN, 連接CF,則直線FN與CN所夾銳角或直角為異面直線AM與CN所成的角. 設(shè)AB=1,在CFN中, 由余弦定理cos=|cosCNF|=,(2)如圖,取AC的中點(diǎn)P.連接PM,PN, 則PMAB,且PM= AB, PNCD, 且PN= CD, 所以MPN為AB與CD所成的角(或其補(bǔ)角). 則MPN=60°或MPN=120°,若MPN=60°, 因?yàn)镻MAB,所以PMN是AB與MN所成的角(或其補(bǔ)角). 又因?yàn)锳B=CD,所以PM=PN, 則PMN是等邊三角形,所以PMN=60°, 即AB和MN所成的角為60°. 若MPN=120°,則易知PMN是等腰三角形. 所以PMN=30°, 即AB和MN所成的角為30°. 綜上,直線AB和MN所成的角為60°或30°.,【通關(guān)錦囊】,【特別提醒】求異面直線所成的角應(yīng)注意角的范圍是 其余弦值一定為非負(fù).,【關(guān)注題型】,【通關(guān)題組】 1.(2014·溫州模擬)直三棱柱ABC-A1B1C1中,若BAC=90°, AB=AC=AA1,則異面直線BA1與AC1所成的角等于( ) A.30° B.45° C.60° D.90°,【解析】選C.分別取AB,AA1,A1C1的中點(diǎn)D,E,F, 則BA1DE,AC1EF. 所以異面直線BA1與AC1所成的角為DEF(或其 補(bǔ)角), 設(shè)AB=AC=AA1=2,則DE=EF= ,DF= , 由余弦定理得, cosDEF= 則DEF=120°, 從而異面直線BA1與AC1所成的角為60°.,2.(2014·金華模擬)如圖所示,在正三棱柱ABC-A1B1C1中,D是AC的中點(diǎn),AA1AB= 則異面直線AB1與BD所成的角為 .,【解析】如圖所示,取A1C1的中點(diǎn)D1,連接B1D1, 由于D是AC的中點(diǎn), 所以B1D1BD,所以AB1D1即為異面直線AB1與BD 所成的角或其補(bǔ)角.連接AD1,設(shè)AB=a,則AA1= a, 所以 在AB1D1中,由余弦定理得 cosAB1D1= 所以AB1D1=60°. 所以異面直線AB1與BD所成的角為60°. 答案:60°,3.(2014·寧波模擬)一個(gè)正方體紙盒展開后如圖所示,在原正方體紙盒中有如下結(jié)論:ABEF;AB與CM所成的角為60°EF與MN是異面直線;MNCD.以上四個(gè)命題中,正確命題的序號(hào)是 .,【解析】由展開后的圖形可還原成如圖 所示的紙盒,顯然ABEF,所以正確; ABCM,所以錯(cuò)誤;由異面直線的定義 可知,EF與MN是異面直線,所以正確;同理MN與CD也是異面直線,且所成角為90°,所以錯(cuò)誤. 答案:,【加固訓(xùn)練】1.(2014·惠州模擬)如圖是三棱錐D-ABC的三視圖,點(diǎn)O在三個(gè)視圖中都是所在邊的中點(diǎn),則異面直線DO和AB所成角的余弦值等于( ),【解析】選A.由題意得如圖的直觀圖,從A出發(fā) 的三條線段AB,AC,AD兩兩垂直且AB=AC=2,AD=1, O是BC中點(diǎn),取AC中點(diǎn)E,連接DE,DO,OE,則OE=1, 又可知AE=1,由于OEAB,故DOE即為所求兩異面直線所成的角或其補(bǔ)角.在直角三角形DAE中,DE= ,由于O是中點(diǎn),在直角三角形ABC中可以求得AO= , 在直角三角形DAO中可以求得DO= .在三角形DOE中,由余弦定理得cosDOE= 故所求余弦值為,2.(2014·成都模擬)若兩條異面直線所成的角為60°,則稱這對(duì)異面直線為“黃金異面直線對(duì)”,在連接正方體各頂點(diǎn)的所有直線中,“黃金異面直線對(duì)”共有 對(duì).,【解析】正方體如圖,若要出現(xiàn)所成角為60° 的異面直線,則直線需為面對(duì)角線,以AC為例, 與之構(gòu)成黃金異面直線對(duì)的直線有4條,分別 是AB,BC,AD,CD,正方體的面對(duì)角線 有12條,所以所求的黃金異面直線對(duì)共有 =24對(duì)(每一對(duì)被計(jì)算兩次,所以記好要除以2). 答案:24,3.(2013·長沙模擬)如圖,在正三角形ABC中,D,E,F分別為各邊的中點(diǎn),G,H分別為DE,AF的中點(diǎn),將ABC沿DE,EF,DF折成正四面體P-DEF,則四面體中異面直線PG與DH所成的角的余弦值為 .,【解析】如圖,連接HE,取HE的中點(diǎn)K,連接GK,PK, 則GKDH,故PGK即為所求的異面直線所成的角 或者其補(bǔ)角. 設(shè)這個(gè)正四面體的棱長為2,在PGK中, 故cosPGK= 即異面直線PG與DH所成的角的余弦值是 答案:,【巧思妙解8】巧用補(bǔ)形法求異面直線所成的角 【典例】(2014·銀川模擬)如圖長方體AC1中, AB=12,BC=3,AA1=4,N在A1B1上,且B1N=4,則異 面直線BD1與C1N所成角的余弦值為( ),【解析】常規(guī)解法:選B.如圖所示, 在AB上取點(diǎn)N1使得BN1= AB,連接AD1,在AD1上取點(diǎn)E使得ED1= AD1,連接EN1,CN1,CE, 則EN1BD1,CN1C1N,所以EN1C為異面直線BD1與C1N所成角(或其補(bǔ)角). 因?yàn)?連接BC1,在BC1上取點(diǎn)F,使得FC1= BC1,連接EF,CF,可知EFFC,CF= 所以EC= 在EN1C中,由余弦定理得 cosEN1C = 所以BD1與C1N所成角的余弦值為,巧妙解法:選B. 補(bǔ)一個(gè)與原長方體相同的,并與原長方體有公共面BC1的長方體B1F, 如圖所示，連接C1E,NE, 則C1EBD1，于是NC1E即為異面直線BD1與C1N所成角(或其補(bǔ)角).,在NC1E中，根據(jù)已知條件可求 C1N5， C1E13，EN 由余弦定理，得cosNC1E 所以BD1與C1N所成角的余弦值為,【解法分析】,【小試牛刀】在長方體ABCD-A1B1C1D1中,AB=AA1=2,AD=1,則異面直線A1C1與BD1所成角的余弦值為 .,【解析】常規(guī)解法: 如圖,連接B1D1與A1C1,交于點(diǎn)O1,取BB1的中點(diǎn)M,連 接O1M,則O1MD1B,于是A1O1M即為異面直線A1C1 與BD1所成的角(或其補(bǔ)角),連接A1M, 在A1O1M中, A1O1= 由余弦定理得cosA1O1M = 所以異面直線A1C1與BD1所成角的余弦值為 答案:,巧妙解法:補(bǔ)一個(gè)與原長方體相同的 并與原長方體有公共面BC1的長方體 B1F,位置如圖所示.連接A1E,C1E,則 A1C1E即為異面直線A1C1與BD1所成的角(或其補(bǔ)角). 在A1C1E中, 由余弦定理得cosA1C1E= 所以異面直線A1C1與BD1所成角的余弦值為 答案:,