2019年高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練5 曲線運(yùn)動(dòng)和運(yùn)動(dòng)的合成與分解.doc

2019年高考物理大二輪專題復(fù)習(xí) 考前增分練 選擇題部分 專練5 曲線運(yùn)動(dòng)和運(yùn)動(dòng)的合成與分解1如圖1所示的曲線是某個(gè)質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下的一段運(yùn)動(dòng)軌跡質(zhì)點(diǎn)從M點(diǎn)出發(fā)經(jīng)P點(diǎn)到達(dá)N點(diǎn)，已知弧長(zhǎng)MP大于弧長(zhǎng)PN，質(zhì)點(diǎn)由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)與從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)所用的時(shí)間相等則下列說法中正確的是()圖1A質(zhì)點(diǎn)從M到N過程中速度大小保持不變B質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小相等，方向相同C質(zhì)點(diǎn)在這兩段時(shí)間內(nèi)的速度變化量大小不相等，但方向相同D質(zhì)點(diǎn)在M、N間的運(yùn)動(dòng)不是勻變速運(yùn)動(dòng)答案B解析由題圖知，質(zhì)點(diǎn)在恒力作用下做一般曲線運(yùn)動(dòng)，不同地方彎曲程度不同，即曲率半徑不同，所以速度大小在變，所以A錯(cuò)誤；因是在恒力作用下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律Fma，所以加速度不變，根據(jù)vat可得在相同時(shí)間內(nèi)速度的變化量相同，故B正確，C錯(cuò)誤；因加速度不變，故質(zhì)點(diǎn)做勻變速運(yùn)動(dòng)，所以D錯(cuò)誤2(xx四川4)有一條兩岸平直、河水均勻流動(dòng)、流速恒為v的大河小明駕著小船渡河，去程時(shí)船頭指向始終與河岸垂直，回程時(shí)行駛路線與河岸垂直去程與回程所用時(shí)間的比值為k，船在靜水中的速度大小相同，則小船在靜水中的速度大小為()A. B.C. D.答案B解析設(shè)大河寬度為d，小船在靜水中的速度為v0，則去程渡河所用時(shí)間t1，回程渡河所用時(shí)間t2.由題知k，聯(lián)立以上各式得v0，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)A、C、D錯(cuò)誤3質(zhì)量為2 kg的質(zhì)點(diǎn)在豎直平面內(nèi)斜向下做曲線運(yùn)動(dòng)，它在豎直方向的速度圖象和水平方向的位移圖象如圖2甲、乙所示下列說法正確的是()圖2A前2 s內(nèi)質(zhì)點(diǎn)處于超重狀態(tài)B2 s末質(zhì)點(diǎn)速度大小為4 m/sC質(zhì)點(diǎn)的加速度方向與初速度方向垂直D質(zhì)點(diǎn)向下運(yùn)動(dòng)的過程中機(jī)械能減小答案D解析由題圖甲知，質(zhì)點(diǎn)在豎直方向向下加速運(yùn)動(dòng)，即加速度的方向向下，故處于失重狀態(tài)，所以A錯(cuò)誤；2 s末vy4 m/s，水平方向勻速運(yùn)動(dòng)vx m/s，故此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的速度v m/s，可得B錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)的加速度豎直向下，初速度斜向下，故不垂直，所以C錯(cuò)誤；由題圖甲可求加速度a1 m/s2，根據(jù)牛頓第二定律可得mgFfma，即質(zhì)點(diǎn)在下落的過程中受豎直向上的力，該力做負(fù)功，所以質(zhì)點(diǎn)的機(jī)械能減小，所以D正確4如圖3所示，細(xì)繩一端固定在天花板上的O點(diǎn)，另一端穿過一張CD光盤的中央小孔后拴著一個(gè)橡膠球，橡膠球靜止時(shí)，豎直懸線剛好挨著水平桌面的邊沿現(xiàn)將CD光盤按在桌面上，并沿桌面邊緣以速度v勻速移動(dòng)，移動(dòng)過程中，CD光盤中央小孔始終緊挨桌面邊線，當(dāng)懸線與豎直方向的夾角為時(shí)，小球上升的速度大小為()圖3Avsin Bvcos Cvtan Dvcot 答案A解析由題意可知，線與光盤的交點(diǎn)參與兩個(gè)運(yùn)動(dòng)，一是逆著線的方向運(yùn)動(dòng)，二是垂直線的方向運(yùn)動(dòng)，則合運(yùn)動(dòng)的速度大小為v，由數(shù)學(xué)三角函數(shù)關(guān)系，則有：v線vsin ；而沿線方向的速度大小，即為小球上升的速度大小，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤5如圖4所示，x軸在水平地面上，y軸豎直向上，在y軸上的P點(diǎn)分別沿x軸正方向和y軸正方向以相同大小的初速度拋出兩個(gè)小球a和b，不計(jì)空氣阻力，若b上行的最大高度等于P點(diǎn)離地的高度，則從拋出到落地，有()圖4Aa的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是b的運(yùn)動(dòng)時(shí)間的倍Ba的位移大小是b的位移大小的倍Ca、b落地時(shí)的速度相同，因此動(dòng)能一定相同Da、b落地時(shí)的速度不同，但動(dòng)能可能相同答案D解析設(shè)P點(diǎn)離地面高度為h，兩小球的初速度大小為v0，則a落地的時(shí)間ta，a的位移xa；對(duì)b分段求時(shí)間tb，又有h，解得ta(1)tb，b的位移xbh，a的位移xah，故，所以A、B錯(cuò)誤由機(jī)械能守恒可知，a、b落地時(shí)速度大小相等，方向不同，若a、b質(zhì)量相等，則動(dòng)能相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確6如圖5所示，位于同一高度的小球A、B分別以v1和v2的速度水平拋出，都落在了傾角為30的斜面上的C點(diǎn)，小球B恰好垂直打到斜面上，則v1、v2之比為()圖5A11 B21C32 D23答案C解析小球A做平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)分位移公式，有：xv1tygt2又tan 30聯(lián)立得：v1gt小球B恰好垂直打到斜面上，則有：tan 30則得v2gt由得：v1v232.7(xx安徽19)如圖6所示，一傾斜的勻質(zhì)圓盤繞垂直于盤面的固定對(duì)稱軸以恒定角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，盤面上離轉(zhuǎn)軸距離2.5 m處有一小物體與圓盤始終保持相對(duì)靜止物體與盤面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)，盤面與水平面的夾角為30，g取10 m/s2.則的最大值是()圖6A. rad/s B. rad/sC1.0 rad/s D0.5 rad/s答案C解析當(dāng)小物體轉(zhuǎn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)為臨界點(diǎn)，由牛頓第二定律知，mgcos 30mgsin 30m2r解得1.0 rad/s，故選項(xiàng)C正確8利用雙線可以穩(wěn)固小球在豎直平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)而不易偏離豎直面，如圖7所示，用兩根長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)線系一質(zhì)量為m的小球，兩線上端系于水平橫桿上的A、B兩點(diǎn)，A、B兩點(diǎn)相距也為L(zhǎng)，若小球恰能在豎直面內(nèi)做完整的圓周運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，每根線承受的張力為()圖7A2mg B3mg C2.5mg D.答案A解析小球恰好過最高點(diǎn)時(shí)有：mgm解得v1 根據(jù)動(dòng)能定理得：mgLmvmv由牛頓第二定律得：FTmgm聯(lián)立得，F(xiàn)T2mg故A正確，B、C、D錯(cuò)誤