高考物理得分關鍵題增值增分特訓：應用動力學和能量觀點分析電磁感應問題 Word版含解析

應用動力學和能量觀點分析電磁感應問題(限時：45分鐘)一、單項選擇題1 如圖1所示，邊長為L的正方形金屬框ABCD在水平恒力F作用下，穿過寬度為d的有界勻強磁場已知d<L，AB邊始終與磁場邊界平行若線框AB邊進入磁場時，線框恰好做勻速直線運動則線框AB邊穿過磁場的過程和CD邊穿過磁場的過程相比較()圖1A線框中感應電流的方向相反B線框均做勻速直線運動C水平恒力F做的功不相等D線框中產生的電能相等答案A解析根據(jù)右手定則，線框AB邊穿過磁場的過程中，感應電流方向是逆時針的，線框CD邊穿過磁場的過程中，感應電流方向是順時針的，電流方向相反，選項A正確；在線框AB邊已經(jīng)穿出磁場而CD邊還沒有進入磁場時，線框不受安培力，做加速運動，當線框CD邊進入磁場后，線框受到的安培力會大于F，線框做減速運動，選項B錯誤；水平恒力做的功等于水平恒力乘位移，兩個過程位移相等，所以兩個過程恒力F做的功相等，選項C錯誤；兩個過程中產生的電能等于線框克服安培力做的功，由于安培力不相等，所以線框克服安培力做的功也不相等，選項D錯誤2 如圖2甲所示，一個圓形線圈的匝數(shù)n100，線圈面積S200 cm2，線圈的電阻r1 ，線圈外接一個阻值R4 的電阻，把線圈放入一方向垂直線圈平面向里的勻強磁場中，磁感應強度隨時間變化規(guī)律如圖乙所示下列說法中正確的是()圖2A線圈中的感應電流方向為順時針方向B電阻R兩端的電壓隨時間均勻增大C線圈電阻r消耗的功率為4×104 WD前4 s內通過R的電荷量為4×104 C答案C解析由楞次定律可知，線圈中的感應電流方向為逆時針方向，選項A錯誤；由法拉第電磁感應定律可知，產生的感應電動勢為E0.1 V，電阻R兩端的電壓不隨時間變化，選項B錯誤；回路中電流I0.02 A，線圈電阻r消耗的功率為PI2r4×104 W，選項C正確；前4 s內通過R的電荷量為qIt0.08 C，選項D錯誤3 如圖3，MN和PQ是電阻不計的平行金屬導軌，其間距為L，導軌彎曲部分光滑，平直部分粗糙，右端接一個阻值為R的定值電阻平直部分導軌左邊區(qū)域有寬度為d、方向豎直向上、磁感應強度大小為B的勻強磁場質量為m、電阻也為R的金屬棒從高度為h處由靜止釋放，到達磁場右邊界處恰好停止已知金屬棒與平直部分導軌間的動摩擦因數(shù)為，金屬棒與導軌間接觸良好則金屬棒穿過磁場區(qū)域的過程中()圖3A流過金屬棒的最大電流為B通過金屬棒的電荷量為C克服安培力所做的功為mghD金屬棒產生的焦耳熱為mg(hd)答案D解析金屬棒滑下過程中，根據(jù)動能定理有mghmv，根據(jù)法拉第電磁感應定律有EBLvm，根據(jù)閉合電路歐姆定律有I，聯(lián)立得Im，A錯誤；根據(jù)q可知，通過金屬棒的電荷量為，B錯誤；全過程根據(jù)動能定理得mghWfW安0，故C錯誤；由Wfmgd，金屬棒克服安培力做的功完全轉化成電熱，由題意可知金屬棒與電阻R上產生的焦耳熱相同，設金屬棒上產生的焦耳熱為Q，故2QW安，聯(lián)立得Qmg(hd)，D正確4 如圖4所示，相距為L的平行金屬導軌ab、cd與水平面成角放置，導軌與阻值均為R的兩定值電阻R1、R2相連，磁感應強度為B的勻強磁場垂直穿過導軌平面有一質量為m、阻值也為R的導體棒MN，以速度v沿導軌勻速下滑，它與導軌之間的動摩擦因數(shù)為，忽略感應電流之間的相互作用，則()圖4A導體棒下滑的速度大小為B電阻R1消耗的熱功率為mgv(sin cos )C導體棒兩端電壓為Dt時間內通過導體棒的電荷量為答案D解析由導體棒受力平衡可得mgsin BILFfmgcos ，整理可得v，A錯誤；重力的功率等于摩擦力產生的熱功率和電功率之和，即mgvsin mgvcos P電，由電路的知識可知，電阻R1消耗的熱功率P1P電，整理可得P1mgv(sin cos )，B錯誤；導體棒切割磁感線產生的感應電動勢EBLv，導體棒兩端電壓UE，結合A項分析得到的v值可得U，C錯誤；t時間內通過導體棒的電荷量q，BLvt，代入v值整理可得q，D正確5 如圖5甲所示，垂直紙面向里的有界勻強磁場磁感應強度B1.0 T，質量為m0.04 kg、高h0.05 m、總電阻R5 、n100匝的矩形線圈豎直固定在質量為M0.08 kg的小車上，小車與線圈的水平長度l相同當線圈和小車一起沿光滑水平面運動，并以初速度v110 m/s進入磁場，線圈平面和磁場方向始終垂直若小車運動的速度v隨車的位移x變化的vx圖象如圖乙所示，則根據(jù)以上信息可知()圖5A小車的水平長度l15 cmB磁場的寬度d35 cmC小車的位移x10 cm時線圈中的電流I7 AD線圈通過磁場的過程中線圈產生的熱量Q1.92 J答案C解析從x5 cm開始，線圈進入磁場，線圈中有感應電流，在安培力作用下小車做減速運動，速度v隨位移x增大而減小，當x15 cm時，線圈完全進入磁場，小車做勻速運動小車的水平長度l10 cm，A項錯；當x30 cm時，線圈開始離開磁場，則d30 cm5 cm25 cm，B項錯；當x10 cm時，由題圖乙知，線圈速度v27 m/s，感應電流I 7 A，C項對；線圈左邊離開磁場時，小車的速度為v32 m/s，線圈上產生的電熱為Q(Mm)(vv)5.76 J，D項錯6 如圖6所示，電阻不計的平行金屬導軌與水平面間的傾角為，下端與阻值為R的定值電阻相連，磁感應強度為B的勻強磁場垂直穿過導軌平面有一質量為m、長度為l的導體棒從ab位置獲得平行于斜面的、大小為v的初速度向上運動，最遠到達ab的位置，滑行的距離為s.已知導體棒的電阻也為R，與導軌之間的動摩擦因數(shù)為，則()圖6A上滑過程中導體棒受到的最大安培力為B上滑過程中電流做功產生的熱量為mv2mgs(sin cos )C上滑過程中導體棒克服安培力做的功為mv2D上滑過程中導體棒損失的機械能為mv2答案B解析上滑過程中開始時導體棒的速度最大，受到的安培力最大為；根據(jù)能量守恒，上滑過程中電流做功產生的熱量為mv2mgs(sin cos )；上滑過程中導體棒克服安培力做的功等于電流做功產生的熱量，即mv2mgs(sin cos )；上滑過程中導體棒損失的機械能為mv2mgssin ；所以只有選項B正確. 7 如圖7所示，在光滑的水平面上方，有兩個磁感應強度大小均為B，方向相反的水平勻強磁場，PQ為兩個磁場的邊界，磁場范圍足夠大一邊長為a、質量為m、電阻為R的金屬正方形線框，以速度v垂直磁場方向從左邊磁場區(qū)域向右運動，當線框運動到分別有一半面積在兩個磁場中的位置時，線框的速度為，則下列說法正確的是()圖7A位置時線框中的電功率為B此過程中回路產生的電能為mv2C位置時線框的加速度為D此過程中通過線框截面的電量為答案B解析在位置時線框中的電功率為P，選項A錯誤；根據(jù)功能關系，此過程中回路產生的電能為mv2m()2mv2，選項B正確；根據(jù)牛頓第二定律，在位置時線框的加速度為a線框，選項C錯誤；此過程中通過線框截面的電量為Q，選項D錯誤8 如圖8為一測量磁場磁感應強度大小的裝置原理示意圖長度為L、質量為m的均質細鋁棒MN的中點與豎直懸掛的、勁度系數(shù)為k的絕緣輕彈簧相連，與MN的右端連接的一絕緣輕指針可指示標尺上的刻度在矩形區(qū)域abcd內有勻強磁場，方向垂直紙面向外，當MN中沒有電流通過且處于平衡狀態(tài)時，指針恰好指在零刻度；當在MN中通有由M向N大小為I的恒定電流時，MN始終在磁場中運動，在向下運動到最低點時，指針的最大示數(shù)為xm.不考慮MN中電流產生的磁場及空氣阻力，則在通電后MN棒第一次向下運動到xm的過程中，以下說法正確的是()圖8AMN棒的加速度一直增大BMN棒及彈簧、地球組成的系統(tǒng)機械能守恒C在最低點彈簧具有的彈性勢能為(mgBIL)xmD該磁場的磁感應強度B答案D解析通電后安培力恒定，隨著鋁棒向下運動，彈簧彈力逐漸增大，鋁棒所受的豎直向下的合力先減小后反向增大，加速度先向下減小，后反向增大，A錯誤；運動過程中，由于安培力做功，系統(tǒng)機械能不守恒，B錯誤；由功能關系可知，在最低點，鋁棒速度為零，彈簧具有的彈性勢能為彈簧從原長開始運動到最低點的過程中，重力與安培力做功之和，則Epmg(xm)BILxm，C錯誤；從通電開始到鋁棒下落至最低點，對于鋁棒由動能定理有(mgBIL)xmxm0，解得B，D正確9 如圖9所示，水平的平行虛線間距為d，其間有磁感應強度為B的勻強磁場一個正方形線框邊長為l(d>l)，質量為m，電阻為R.開始時，線框的下邊緣到磁場上邊緣的距離為h.將線框由靜止釋放，其下邊緣剛進入磁場時，線框的加速度恰好為零則線框進入磁場的過程和從磁場下邊穿出磁場的過程相比較，有()圖9A產生的感應電流的方向相同B所受的安培力的方向相反C進入磁場的過程中產生的熱量大于穿出磁場的過程中產生的熱量D進入磁場過程中所用的時間大于穿出磁場過程中所用的時間答案D解析根據(jù)楞次定律，線框進入磁場時感應電流沿逆時針方向，線框離開磁場時，感應電流沿順時針方向，選項A錯誤；根據(jù)楞次定律“來拒去留”的結論，線框進出磁場時，所受安培力方向都向上，選項B錯誤；由d>l，線框穿出磁場時的平均速度大于進入磁場時的平均速度，所以穿出磁場時所用時間小于進入磁場時所用的時間，選項D正確；根據(jù)FBIl可知，穿出磁場時的平均安培力大于進入磁場時的平均安培力，所以穿出磁場時安培力做的功多，產生的熱量多，選項C錯誤二、多項選擇題10(2013·四川·7)如圖10所示，邊長為L、不可形變的正方形導線框內有半徑為r的圓形磁場區(qū)域，其磁感應強度B隨時間t的變化關系為Bkt(常量k0)回路中滑動變阻器R的最大阻值為R0，滑動片P位于滑動變阻器中央，定值電阻R1R0、R2.閉合開關S，電壓表的示數(shù)為U，不考慮虛線MN右側導體的感應電動勢，則()圖10AR2兩端的電壓為B電容器的a極板帶正電C滑動變阻器R的熱功率為電阻R2的5倍D正方形導線框中的感應電動勢kL2答案AC解析由楞次定律可知，正方形導線框中的感應電流方向為逆時針方向，所以電容器b極板帶正電，選項B錯誤根據(jù)法拉第電磁感應定律，正方形導線框中的感應電動勢Ekr2，選項D錯誤R2與的并聯(lián)阻值R并，根據(jù)串聯(lián)分壓的特點可知：UR2×R0U，選項A正確由P得：PR2，PR，所以PR5PR2選項C正確11如圖11所示，一軌道的傾斜部分和水平部分都處于磁感應強度為B的勻強磁場中，且磁場方向都與軌道平面垂直，水平軌道足夠長一質量為m的水平金屬棒ab，從靜止開始沿軌道下滑，運動過程中金屬棒ab始終保持與軌道垂直且接觸良好金屬棒從傾斜軌道轉入水平軌道時無機械能損失則ab棒運動的vt圖象，可能正確的是()圖11答案CD解析金屬棒沿傾斜軌道下滑時，開始時重力沿斜面向下的分力大于安培力和摩擦力，金屬棒向下加速，隨著速度的增大，安培力增大，故導體棒做加速度減小的加速運動，可能在傾斜軌道上加速度減為零，做一段勻速運動，也可能加速度沒減為零，導體棒到達水平軌道上時，受安培力和摩擦力的作用，速度越來越小，安培力越來越小，導體棒減速運動的加速度越來越小，最后靜止在軌道上，故C、D正確，A、B錯誤12一正方形金屬線框位于有界勻強磁場區(qū)域內，線框平面與磁場垂直，線框的右邊緊貼著磁場邊界，如圖12甲所示t0時刻對線框施加一水平向右的外力F，讓線框從靜止開始做勻加速直線運動穿過磁場外力F隨時間t變化的圖線如圖乙所示已知線框質量m1 kg、電阻R1 .以下說法正確的是()圖12A做勻加速直線運動的加速度為1 m/s2B勻強磁場的磁感應強度為2 TC線框穿過磁場過程中，通過線框的電荷量為 CD線框穿過磁場的過程中，線框上產生的焦耳熱為1.5 J答案ABC解析本題考查的是電磁感應定律相關問題，開始時，a m/s21 m/s2，由題圖乙可知t1.0 s時安培力消失，線框剛好離開磁場區(qū)域，則線框邊長：lat2×1×1.02 m0.5 m；當t1.0 s時，F(xiàn)3 N，由牛頓第二定律得F3 N N1 kg·1 m/s2，得到B2 T，qtt×1.0 C C；Q2Rt()2×1×1.0 J0.5 J，故D錯，A、B、C正確13如圖13所示，在傾角為的光滑斜面上，存在著兩個大小相等、方向相反的勻強磁場，磁場方向與斜面垂直，兩磁場的寬度MJ和JG均為L，一個質量為m、電阻為R、邊長也為L的正方形導線框，由靜止開始沿斜面下滑，當ab邊剛越過GH進入磁場時，線框恰好以速度v0做勻速直線運動；當ab邊下滑到JP與MN的中間位置時，線框又恰好以速度v做勻速直線運動則下列說法正確的是()圖13Avv0B線框離開MN的過程中電流方向為adcdaC當ab邊剛越過JP時，線框加速度的大小為3gsin D從ab邊剛越過GH到ab邊剛越過MN過程中，線框產生的熱量為2mgLsin mv答案BCD解析ab邊剛越過GH進入磁場時，線框做勻速直線運動，安培力BILmgsin ，當ab邊剛越過JP時，ab、cd邊都切割磁感線，感應電流變?yōu)樵瓉淼?倍，總的安培力變?yōu)樵瓉淼?倍，4BILmgsin ma，a3gsin ，選項C正確；ab邊越過JP后，導體棒先做減速運動，當再次勻速時，安培力的合力仍等于mgsin ，由mgsin 、mgsin 得，vv0，選項A錯誤；根據(jù)楞次定律，線框離開MN的過程中，感應電流的方向應該為adcba，選項B正確；從ab邊剛越過GH到ab邊剛越過MN，根據(jù)動能定理有2mgLsin Wmv2mv，所以克服安培力做的功為W2mgLsin mv，選項D正確