高考化學(xué)二輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)專項(xiàng)突破練習(xí)：專題八電化學(xué) 7含解析

2020屆高考化學(xué)二輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)專項(xiàng)突破練習(xí)專題八電化學(xué)（7）1、一種突破傳統(tǒng)電池設(shè)計(jì)理念的鎂銻液態(tài)金屬儲(chǔ)能電池工作原理如下圖所示,該電池所用液體密度不同,在重力作用下分為三層,工作時(shí)中間層熔融鹽的組成及濃度不變。下列說法不正確的是(   )A.放電時(shí),Mg(液)層的質(zhì)量減小B.放電時(shí).正極反應(yīng)為:Mg2+2e-=MgC.該電池充電時(shí),Mg-Sb(液)層發(fā)生還原反應(yīng)D.該電池充電時(shí),Cl-有向下層移動(dòng)的趨勢(shì)2、某科研小組公司開發(fā)了Li-SO2Cl2軍用電池,其示意圖如圖所示,已知電池反應(yīng)為2Li+SO2Cl2=2LiCl+SO2.下列敘述中錯(cuò)誤的是(   )A.電池工作時(shí)負(fù)極材料是Li,發(fā)生氧化反應(yīng)B.將電解質(zhì)溶液改為L(zhǎng)iCl的水溶液,電池性能會(huì)更好C.電池工作時(shí)電子流向:鋰電極導(dǎo)線負(fù)載碳棒D.電池工作過程中,石墨電極反應(yīng)式為SO2Cl2+2e-=2Cl-+SO23、電-Fenton法是用 于水體中有機(jī)污染物降解的高級(jí)氧化技術(shù)，反應(yīng)原理如圖所示。電解產(chǎn)生的與發(fā)生 Fenton反應(yīng)生成的經(jīng)基自由基（OH)能氧化降解有機(jī)污染物。下列說法正確的是（ ）A.電源的A極為正極B.與電源B相連電極的電極反應(yīng)式為C.Fenton 反應(yīng)為： D.每消耗22.4 L (標(biāo)準(zhǔn)狀況），整個(gè)電解池中理論上可產(chǎn)生的 OH為2 mol4、為提升電池循環(huán)效率和穩(wěn)定性，科學(xué)家近期利用三維多孔海綿狀Zn（3DZn）可以高效沉積ZnO的特點(diǎn)，設(shè)計(jì)了采用強(qiáng)堿性電解質(zhì)的3DZnNiOOH二次電池，結(jié)構(gòu)如下圖所示。電池反應(yīng)為。則下列說法錯(cuò)誤的是( )A三維多孔海綿狀Zn具有較高的表面積，所沉積的ZnO分散度高B充電時(shí)陽(yáng)極反應(yīng)為C放電時(shí)負(fù)極反應(yīng)為D放電過程中通過隔膜從負(fù)極區(qū)移向正極區(qū)5、利用生物燃料電池原理研究室溫下氨的合成，電池工作時(shí)在電極與酶之間傳遞電子，示意圖如下所示。下列說法錯(cuò)誤的是（ ）A.相比現(xiàn)有工業(yè)合成氨，該方法條件溫和，同時(shí)還可提供電能B.陰極區(qū)，在氫化酶作用下發(fā)生反應(yīng)C.正極區(qū)，固氮酶為催化劑，發(fā)生還原反應(yīng)生成D.電池工作時(shí)質(zhì)子通過交換膜由負(fù)極區(qū)向正極區(qū)移動(dòng)6、堿性硼化釩()空氣電池工作時(shí)反應(yīng)為:。用該電池為電源,選用惰性電極電解硫酸銅溶液,實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。當(dāng)外電路中通過0.04mol電子時(shí), B裝置內(nèi)共收集到0.448L氣體(標(biāo)準(zhǔn)狀況),則下列說法正確的是( )  A. VB2電極發(fā)生的電極反應(yīng)為: B.外電路中電子由c電極流向電極C.電解過程中, b電極表面先有紅色物質(zhì)析出,然后有氣泡產(chǎn)生D.若B裝置內(nèi)的液體體積為200mL,則溶液的物質(zhì)的量濃度為0.05 mol/L7、以N2和H2為反應(yīng)物,鹽酸酸化的NH4Cl溶液為電解質(zhì)的原電N2池,工作原理如下圖所示,下列說法不正確的是(   )A.b電極為負(fù)極B.反應(yīng)過程中,溶液中的Cl-向a電極移動(dòng)C.a電極的電極反應(yīng)式為N2+6e-+8H+=2D.電池反應(yīng)為N2+3H2+2HCl=2NH4Cl8、下列圖示與對(duì)應(yīng)的敘述不相符的是( )A圖甲為微生物燃料電池，可將工業(yè)廢水中的乙胺()轉(zhuǎn)化成環(huán)境友好的物質(zhì)(M、N均為鉑電極)，N電極的電極反應(yīng)式為B由圖乙可知，反應(yīng)的H>0，當(dāng)n(A)/n(B)=2時(shí)，A、B的轉(zhuǎn)化率之比為2：1C圖丙表示恒溫恒容條件下，發(fā)生的可逆反應(yīng)中，各物質(zhì)的濃度與其消耗速率之間的關(guān)系，其中A點(diǎn)對(duì)應(yīng)的狀態(tài)為化學(xué)平衡狀態(tài)D圖丁是利用N2O4制備N2O5的裝置（隔膜只允許H+通過，不允許H2O分子通過），其陽(yáng)極的電極反應(yīng)式為9、乙二醛電解氧化制備乙醛酸(OHC-COOH)的裝置示意圖如圖所示,通電后,陽(yáng)極產(chǎn)生的Cl2與乙二醛溶液反應(yīng)生成乙醛酸,下列說法錯(cuò)誤的是(   )A.a接電源正極B.通電后,陰極的電極反應(yīng)式為2H+2e-=H2C.標(biāo)準(zhǔn)狀況下,每生成1mol乙醛酸消耗的Cl2為11.2LD.鹽酸的作用,除了產(chǎn)生氯氣外,還可以增強(qiáng)溶液的導(dǎo)電性10、最近我國(guó)成功研制出高效電催化固氮催化劑Mo2N,如圖所示,在0.1mol·L-1鹽酸溶液中,在一定電壓下具有較高的產(chǎn)氨速率和穩(wěn)定的電流效率。下列判斷錯(cuò)誤的是(   )A.石墨電極為陽(yáng)極B.P為陽(yáng)離子交換膜C.Mo2N/GCE電極區(qū)反應(yīng)式為N2+6H+6e-=2NH3D.為提高溶液的導(dǎo)電性,可在石墨電極區(qū)加入適量的鹽酸11、一定條件下合成乙烯:6H2(g)+2CO2(g)CH2=CH2(g)+4H2O(g)        H1已知:2H2(g)+O2(g)=2 H2O(g)        H2=-480 kJmol-1CH2=CH2(g)+3O2(g)=2CO2(g)+2 H2O(g)     H3=-1400 kJmol-11.H1=_。請(qǐng)標(biāo)出該反應(yīng)電子轉(zhuǎn)移的方向和數(shù)目_。2.溫度對(duì)CO2的平衡轉(zhuǎn)化率和催化劑催化效率的影響如圖,下列說法正確的是_。A.生成乙烯的速率:v(M)有可能小于v(N)B.平衡常數(shù):KM >KNC.催化劑會(huì)影響CO2的平衡轉(zhuǎn)化率3.若投料比n(H2):n(CO2)=3:1,則圖中M點(diǎn)時(shí),乙烯的體積分?jǐn)?shù)為_(保留兩位有效數(shù)字)。4.為提高CO2的平衡轉(zhuǎn)化率,除改變溫度外,還可采取的措施有_(任寫一條)。5.電解法可制取乙烯(下圖),電極a接電源的極,該電極反應(yīng)式為_。12、用壓強(qiáng)傳感器探究生鐵在pH=2和pH=4醋酸溶液中發(fā)生腐蝕的裝置及得到的圖象如下：分析圖象，以下結(jié)論錯(cuò)誤的是( )A溶液pH2時(shí)，生鐵發(fā)生析氫腐蝕B在酸性溶液中生鐵可能發(fā)生吸氧腐蝕C析氫腐蝕和吸氧腐蝕的速率一樣快D兩溶液中負(fù)極反應(yīng)均為：Fe-2e=Fe2+13、圖1所示的氮循環(huán)是生態(tài)系統(tǒng)物質(zhì)循環(huán)的重要組成部分,人類活動(dòng)加劇了氮循環(huán)中的物質(zhì)轉(zhuǎn)化。                                  圖11.(多選)結(jié)合上圖判斷下列說法正確的是(   )A.固氮過程中,N2只做氧化劑B.在硝化細(xì)菌作用下發(fā)生的硝化過程需要有氧化劑參與C.反硝化過程有助于彌補(bǔ)人工固氮對(duì)氮循環(huán)造成的影響D.同化、氨化過程中,氮元素均從無機(jī)物轉(zhuǎn)移至有機(jī)物2.硝化過程中,NH3轉(zhuǎn)化成HNO2的反應(yīng)的化學(xué)方程式為_。3.反硝化過程中,CH3OH可作為反應(yīng)的還原劑,請(qǐng)將該反應(yīng)的離子方程式補(bǔ)充完整:5CH3OH + 6NO3- N2 + 4HCO3- +_+_4. 利用下表數(shù)據(jù)進(jìn)行估算,寫出工業(yè)合成氨反應(yīng)的熱化學(xué)方程式:_。共價(jià)鍵 NN HH NH 斷開1mol共價(jià)鍵所需能量(kJ) 946 436 391 5.電解法合成氨因其原料轉(zhuǎn)化率大幅度提高,有望代替?zhèn)鹘y(tǒng)的工業(yè)合成氨工藝。電解法合成氨的兩種原理及裝置如圖2和圖3所示。          圖2                                   圖3圖2中,a電極上通入的X為_。圖3中,d電極上的電極反應(yīng)式為_。若圖2和圖3裝置的通電時(shí)間相同、電流強(qiáng)度相等,電解效率分別為80%和60%,則兩種裝置中產(chǎn)生氨氣的物質(zhì)的量之比為_。14、某混合物漿液含和少量?？紤]到膠體的吸附作用使不易完全被水浸出,某研究小組利用設(shè)計(jì)的電解分離裝置(如圖),使?jié){液分離成固體混合物和含鉻元素溶液,并冋收利用?；卮餓和II中的問題:I.固體混合物的分離和利用(流程圖中的部分分離操作和反應(yīng)條件未標(biāo)明)(1)反應(yīng)所加試劑NaOH的電子式為_,BC的反應(yīng)條件為_,CAl的制備方法稱為_。(2)該小組探究反應(yīng)發(fā)生的條件。D與濃鹽酸混合,不加熱,無變化;加熱有生成,當(dāng)反應(yīng)停止后,固體有剩余,此時(shí)滴加硫酸,又產(chǎn)生。由此判斷影響該反應(yīng)有效進(jìn)行的因素有_(填序號(hào))a.溫度b.的濃度c.溶液的酸度(3)0.1mol 與焦炭、完全反應(yīng),生成一種還原性氣體和一種易水解成的液態(tài)化合物,放熱4.28kJ,該反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為_。II.含鉻元素溶液的分離和利用用惰性電極電解時(shí),能從漿液中分離出來的原因是_,分離后含鉻元素的粒子是_;陰極室生成的物質(zhì)為_(寫化學(xué)式)。15、陽(yáng)離子交換膜法電解飽和食鹽水具有綜合能耗低、環(huán)境污染小等優(yōu)點(diǎn)。生產(chǎn)流程如下圖所示：(1)電解飽和食鹽水的化學(xué)方程式為 。(2)電解結(jié)束后，能夠脫去陽(yáng)極液中游離氯的試劑或方法是 (填字母序號(hào)）。a. b.c.熱空氣吹出d降低陽(yáng)極區(qū)液面上方的氣壓(3)食鹽水中的若進(jìn)入電解槽，可被電解產(chǎn)生的氧化為IC1,并進(jìn)一步轉(zhuǎn)化為，可繼續(xù)被氧化為高碘酸根（)，與結(jié)合生成溶解度較小的沉積于陽(yáng)離子交換膜上，影響膜的壽命。從原子結(jié)構(gòu)的角度解釋IC1中碘元素的化合價(jià)為+ 1價(jià)的原因： 。,被氧化為，的化學(xué)方程式為 。(4)在酸性條件下加入NaCIO溶液，可將食鹽水中的轉(zhuǎn)化為，再進(jìn)一步除去。通過測(cè)定體系的吸光度，可以檢測(cè)不同pH下的生成量隨時(shí)間的變化，如圖所示。已知：吸光度越高表明該體系中越大。結(jié)合化學(xué)用語(yǔ)解釋10min時(shí)pH體系吸光度不同的不同原因： 。 pH = 4.0時(shí)，體系的吸光度很快達(dá)到最大值，之后快速下降。吸光度快速下降的可能原因： 。研究表明食鹽水中含量<0.2 mg L -1時(shí)對(duì)離子交換膜影響可忽略?，F(xiàn)將1 m3含濃度為1.47 mg. L-1的食鹽水進(jìn)行處理，為達(dá)到使用標(biāo)準(zhǔn)，理論上至少需要0.05 mol L-1NaCIO溶液L。（已知NaCIO的反應(yīng)產(chǎn)物為NaCl，溶液體積變化忽略不計(jì)） 答案以及解析1答案及解析：答案：C解析： 2答案及解析：答案：B解析：電池工作時(shí)負(fù)極材料是Li,負(fù)極失電子發(fā)生氧化反應(yīng),A正確;Li與水能反應(yīng),不能用水溶液作電解質(zhì)溶液,B錯(cuò)誤;電池工作時(shí)電子由負(fù)極流向正極,C正確;電池工作過程中,石墨是正極,發(fā)生還原反應(yīng),電極反應(yīng)式為SO2Cl2+2e-=2Cl-+SO2,D正確。 3答案及解析：答案：C解析：左側(cè)電極附近，發(fā)生了還原反應(yīng)，該極為電解池的陰極，與之相連電源的A極為負(fù)極，A錯(cuò)誤；與電源B相連電極為電解池的陽(yáng)極，失電子發(fā)生氧化反應(yīng)，B錯(cuò)誤；能夠把氧化為，C正確；每消耗1 mol，轉(zhuǎn)移2 mol電子，生成1 mol，根據(jù)，生成1 molOH，陰極共轉(zhuǎn)移3 mol電子，陽(yáng)極失電子發(fā)生氧化反應(yīng)，每轉(zhuǎn)移1 mol電子， 生成1 mol OH,所以共生成4 mol OH,D錯(cuò)誤。 4答案及解析：答案：D解析：A.三維多孔海綿狀Zn具有較高的表面積，吸附能力強(qiáng)，所沉積的ZnO分散度高，A正確；B.充電相當(dāng)于是電解池，陽(yáng)極發(fā)生失去電子的氧化反應(yīng)，根據(jù)總反應(yīng)式可知陽(yáng)極是失去電子轉(zhuǎn)化為NiOOH，電極反應(yīng)式為，B正確；C.放電時(shí)相當(dāng)于是原電池，負(fù)極發(fā)生失去電子的氧化反應(yīng)，根據(jù)總反應(yīng)式可知負(fù)極反應(yīng)式為，C正確；D.原電池中陽(yáng)離子向正極移動(dòng)，陰離子向負(fù)極移動(dòng)，則放電過程中通過隔膜從正極區(qū)移向負(fù)極區(qū)，D錯(cuò)誤。 5答案及解析：答案：B解析：A對(duì)，該反應(yīng)中，可產(chǎn)生電流，反應(yīng)條件比較溫和， 沒有高溫高壓條件。B錯(cuò)，該生物燃料電池中，左端電極反應(yīng)式為，則左端電極是負(fù)極，應(yīng)為負(fù)極區(qū)，在氫化酶作用下，發(fā)生反應(yīng)，C對(duì)， 右端電極反應(yīng)式為，是正極，在正極區(qū)得到電子生成，發(fā)生還原反應(yīng)。D對(duì)，原電池中，內(nèi)電路中通過交換膜由負(fù)極區(qū)向正極區(qū)移動(dòng)。 6答案及解析：答案：D解析：由圖示知通空氣的一極(a)作為原電池的正極, VB2電極作為原電池的負(fù)極, b電極作為電解池的陽(yáng)極,c電極作為電解池的陰極.A項(xiàng),介質(zhì)呈堿性,生成物中不可能有H+ , 錯(cuò)誤;B項(xiàng),外電路電子由原電池的負(fù)極(VB2電極)流向電解池的陰極(c電極),錯(cuò)誤;C項(xiàng),電解池中,陰極(c電極)上發(fā)生還原反應(yīng),所以c電極表面先有紅色物質(zhì)析出,然后H+放電得到H2,錯(cuò)誤;D項(xiàng),當(dāng)外電路中通過0.04 mol電子時(shí),由得失電子守恒可知生成0. 01molO2,而收集到0. 02 mol (448 mL)氣體,所以收集的氣體中還有0. 01 molH2,則原溶液中含有0.01molCu2+,c(CuSO4) /0.2L=0.05molL-1,正確。 7答案及解析：答案：B解析：A項(xiàng),通入N2的a電極為正極,通入H2的b電極為負(fù)極,正確;B項(xiàng),反應(yīng)過程中,Cl-向負(fù)極移動(dòng),向b電極移動(dòng),錯(cuò)誤;C項(xiàng),a電極上N2發(fā)生得電子的還原反應(yīng),電極反應(yīng)式為N2+6e-+8H+=2,正確;D項(xiàng),以N2和H2為反應(yīng)物,鹽酸酸化的NH4Cl溶液為電解質(zhì)的原電池,該原電池的電池反應(yīng)為N2+3H2+2HCl=2NH4Cl,正確。 8答案及解析：答案：B解析： A.含有乙胺廢水的N極是負(fù)極，負(fù)極上乙 胺失電子發(fā)生氧化反應(yīng)，生成無毒無害的二氧化碳和氮?dú)?，電極反應(yīng)式為，A 項(xiàng)正確；B.升高溫度，平衡時(shí)C的體積分?jǐn)?shù)增大。說明升髙溫度化學(xué)平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，所以正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)， H>0，w(A)/n(B) = 2時(shí)，A、B的轉(zhuǎn)化率最大，說明:x/y=2，A、B的轉(zhuǎn)化率之比為1:1,B項(xiàng)錯(cuò)誤；C. 圖象表示恒溫恒容條件下發(fā)生的可逆反應(yīng)，物質(zhì)的濃度與其消耗速率之間的關(guān)系，從圖中可以看出，A點(diǎn)對(duì)應(yīng)的二氧化氮與四氧化二氮的速率之比為2 : 1，則，說明已經(jīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，C難正確；D.和硝酸在陽(yáng)極反應(yīng)生成其電極反應(yīng)式為, D項(xiàng)正確。 9答案及解析：答案：C解析：結(jié)合題意及裝置圖可得a接電源正極,A正確;陰極上氫離子放電生成氫氣,電極反應(yīng)式為2H+2e-=H2,B正確;陽(yáng)極產(chǎn)生的Cl2與乙二醛溶液反應(yīng)生成乙醛酸,氯氣被還原生成氯化氫,反應(yīng)的化學(xué)方程式為OHC-CHO+Cl2+H2O2HCl+OHC-COOH,所以標(biāo)準(zhǔn)狀況下,每生成1mol乙醛酸消耗的Cl2為22.4L,C錯(cuò)誤;乙二醛的水溶液導(dǎo)電性較弱,加入鹽酸可以增強(qiáng)溶液導(dǎo)電性,D正確. 10答案及解析：答案：D解析：A.由裝置圖可以看出,在Mo2N/GCE電極區(qū)生成氨氣,Mo2N/GCE電極區(qū)N2得到電子,是陰極,所以石墨極為陽(yáng)極,故A正確;B.電解池工作時(shí),陽(yáng)極上水電離的氫氧根離子放電生成氧氣和H+,H+從陽(yáng)極區(qū)向陰極區(qū)轉(zhuǎn)移,故P為陽(yáng)離子交換膜,B正確;C.Mo2N/GCE電極為陰極,電極反應(yīng)式為:N2+6H+6e-=2NH3,故C正確;D.石墨電極的電極反應(yīng)式為2H2O+4e-=4H+O2,若加入鹽酸,則變?yōu)槁入x子放電產(chǎn)生氯氣使溶液中的離子濃度逐漸減小,溶液的導(dǎo)電能力減弱,可加入適量的硫酸增強(qiáng)溶液的導(dǎo)電性,故D錯(cuò)誤;本題答案為D。 11答案及解析：答案：1.-40 kJmol-1 6H2(g)+2CO2(g) CH2=CH2(g)+4H2O(g)2.AB; 3.7.7%或0.077; 4.增大壓強(qiáng),或增大n(H2)/n(CO2)的比值,或增加c(H2)或?qū)a(chǎn)物乙烯氣體分離出來5.負(fù)極 ,2CO2+12H+12e-CH2=CH2+4H2O解析：1.利用蓋斯定律可得H1= H2×3-H3=-480×3+1400=-40 kJmol-1,用單線橋標(biāo)明電子轉(zhuǎn)移的方向和數(shù)目為: CH2=CH2(g)+4H2O(g)。2.M點(diǎn)的溫度小于N點(diǎn)的溫度,故生成乙烯的速率v(M)有可能小于v(N),A對(duì);反應(yīng)是放熱反應(yīng),溫度越高平衡向逆向移動(dòng),平衡常數(shù)越小,故平衡常數(shù):KM >KN,B對(duì);催化劑會(huì)改變反應(yīng)的速率但不能使平衡發(fā)生移動(dòng),所以不能改變轉(zhuǎn)化率,C錯(cuò)。3.設(shè)H2的物質(zhì)的量為3nmol,則CO2的物質(zhì)的量為nmol,從圖看出M點(diǎn)時(shí)CO2的轉(zhuǎn)化率為50,則有:6H2(g)+2CO2(g) CH2=CH2(g)+4H2O(g)n(起始)/mol 3n n 0 0n(變化)/mol 1.5n 0.5n 0.25n nn(M點(diǎn))/mol 1.5n 0.5n 0.25n n乙烯的體積分?jǐn)?shù)為:0.25/(1.5+0.5+0.25+1)=0.077=7.7%4.提高CO2的平衡轉(zhuǎn)化率就是使平衡向正向移動(dòng),措施還有:增大壓強(qiáng)、增大n(H2)/n(CO2)的比值、增加c(H2)、將產(chǎn)物乙烯氣體分離出來等。5.在a極CO2轉(zhuǎn)變?yōu)镃2H4,碳元素的化合價(jià)降低,得到電子,接電源的負(fù)極,電極反應(yīng)為:2CO2+12H+12e-CH2=CH2+4H2O。考點(diǎn):蓋斯定律的應(yīng)用、氧化還原反應(yīng)電子轉(zhuǎn)移的標(biāo)明、化學(xué)平衡的移動(dòng)、有關(guān)轉(zhuǎn)化率的計(jì)算、電極反應(yīng)的書寫。 12答案及解析：答案：C解析：A滿足析氫腐蝕的條件,正確;由圖2可以看出當(dāng)pH=4時(shí)壓強(qiáng)減小,說明發(fā)生的是吸氧腐蝕,B在弱酸性溶液中生鐵可能發(fā)生吸氧腐蝕,正確;C無法判斷腐蝕速率快慢,錯(cuò)誤;D都是鐵做負(fù)極,失去電子,正確。 13答案及解析：答案：1.BC; 2.2NH3+3O2=2HNO2+2H2O3.CO32-; 8H2O4.N2(g)+3H2(g)2NH3(g)  H=-92kJ·mol-15.H2; N2+3H2O+6e-=2NH3+3O2-; 4:3解析： 14答案及解析：答案：I.(1);加熱(或煅燒);電解法(2)ac(3)II.在直流電源作用下,通過陰離子交換膜向陽(yáng)極室移動(dòng),脫離漿液;和;NaOH和解析：I.(1)NaOH是離子化合物，其電子式為；固體混合物中有和，加入NaOH溶液，轉(zhuǎn)化為易溶于水的不能溶于NaOH溶液，轉(zhuǎn)化為易溶于水的不能溶于NaOH溶液，故固體D為，溶液A中含有，向溶液A中通入后生成的沉淀B為，受熱分解生成(固體C)，工業(yè)上常用電解熔融的制備金屬鋁。(2)固體D為。與濃鹽酸混合，不加熱無變化，加熱有生成，說明該反應(yīng)能否有效進(jìn)行與溫度有關(guān)；反應(yīng)停止后，固體有剩余，滴加硫酸又產(chǎn)生，說明該反應(yīng)能否有效進(jìn)行與溶液的酸度有關(guān)。(3)通過分析可知反應(yīng)生成的還原性氣體為CO，易水解成的液態(tài)化合物為，故反應(yīng)的熱化學(xué)方程式為。II.依據(jù)離子交換膜的性質(zhì)和電解池的工作原理，在直流電源作用下，通過陰離子交換膜向陽(yáng)極室移動(dòng)，脫離漿液；在電解過程中，在陽(yáng)極室失去電子生成，溶液的酸性增強(qiáng)，通過陰離子交換膜移向陽(yáng)極室的有部分轉(zhuǎn)化為，故分離后含鉻元素的粒子是和；在陰極室得到電子生成，溶液中的濃度增大，混合物漿液中的通過陽(yáng)離子交換膜移向陰極室，故陰極室生成的物質(zhì)為NaOH和。 15答案及解析：答案：(1)(2)bcd(3)碘元素和氯元素處于同一主族（ A)，二者最 外層電子數(shù)均為7，IC1中共用一對(duì)電子，由于碘原 子半徑大于氯原子，碘原子得電子能力弱于氯原子，故共用電子對(duì)偏離碘原子，使得碘元素顯+ 1價(jià) （4）(1)10 min時(shí)pH越低，越大，反應(yīng)速率加快（或氧化性增強(qiáng)），越高，吸光度越大。較高，繼續(xù)將氧化為高價(jià)含碘微粒，降低，吸光度下降0.1解析：（1)電解飽和食鹽水時(shí)，氯離子在陽(yáng)極失電子發(fā)生氧化反應(yīng)生成氯氣，水電離的氫離子在陰極得電子發(fā)生還原反應(yīng)生成氯氣，則電解的化學(xué)方程式 電解為。（2）a. 與游離氯不反應(yīng)，不能除去陽(yáng)極液中游離氯，故a不符合題意；b. 有還原性，游離氯有強(qiáng)氧化性.兩者發(fā)生氧化還原反應(yīng).則有可以除去陽(yáng)極液中游離氯，故b符合題意；c.海水中提取溴用到“空氣吹出法”將游離態(tài)的溴吹出，則除去陽(yáng)極液中游離氯也可采取此方法，故c符合題意；d.由于氣體的溶解度隨甩強(qiáng)的減小而減小，則降 低陽(yáng)極區(qū)液面上方的氣壓，游離氯的溶解度減小從液體中逸出，可除去陽(yáng)極液中游離氯，故d符合題意。答案選bed。(3)碘元素和氯元素處于同一主族（A)，二者最外層電子數(shù)均為7, IC1中共用一對(duì)電子，由于碘原子半徑大于氯原子，碘原子得電子能力弱于氯原子， 故共用電子對(duì)偏離碘原子，使得碘元索顯+ 1價(jià)。 本小題答案為：碘元素和氯元素處于同主族（A),二者最外層電子數(shù)均為7，IC1中共用一對(duì)電子，由于碘原子半徑大于氯原子.碘原子得電子能力弱于氯原子，故共用電子對(duì)偏離碘原子，使得碘元素顯+ 1價(jià)。中I元素失電子發(fā)生氧化反應(yīng)，化合價(jià)由+5價(jià)升高到+ 7價(jià)生成，中氯元素得電子發(fā)生還原反應(yīng)，化合價(jià)由0價(jià)降低到-1價(jià)生成，化學(xué)方程式為(4)10 min時(shí)pH越低，越大，反應(yīng)速率加快（或氧化性增強(qiáng)），越高，吸光度越大。本小題答案為： 10 min時(shí)pH越低，越大，反應(yīng)速率加快（或氧化性增強(qiáng)），越髙，吸光度越大。較高，繼續(xù)將氧化為高價(jià)含碘微粒，降低，吸光度下降。研究表明食鹽水中含量0. 2 mg I.-1時(shí)對(duì)離子交換膜影響可忽略。即1 m3食鹽水中的含量0. 2 mg L -1 1 m3 I 000 L m-1 =0. 2 g時(shí)對(duì)離子交換膜影響可忽略，則1 m3 含濃度為1.47 mg L-1的食鹽水需處理掉 1. 47 mg L-1 1 m3 0. 2 g= 1. 27 g 的時(shí)對(duì)離子交換膜影響可忽略。1.27 g的物質(zhì)的量為0.01 mol,根據(jù)反應(yīng)方程式，需NaCIO的物質(zhì)的量為0. 005 mol，則此 NaClO 的體積為0. 005 mol/0.05 mol/L/0. 1L