2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)量檢測(cè)07

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1、2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 單元質(zhì)量檢測(cè)07 一、選擇題(本題共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求．第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分．) 1．(xx·萊蕪月考)兩根材料相同的均勻?qū)Ь€A和B，其長(zhǎng)度分別為L(zhǎng)和2L，串聯(lián)在電路中時(shí)沿長(zhǎng)度方向電勢(shì)的變化如圖所示，則A和B導(dǎo)線的橫截面積之比為(　　) A．2∶3　　　B．1∶3　　　C．1∶2　　　D．3∶1 解析：由圖象可知兩導(dǎo)線電壓降分別為UA＝6 V，UB＝4 V，由于它們串聯(lián)，則＝＝；由電阻定律可知＝，解得＝，B正確． 答案：B

2、 2．(xx·北京市朝陽(yáng)區(qū)高三第一次綜合練習(xí))某同學(xué)利用如圖所示的電路描繪小燈泡的伏安特性曲線．在實(shí)驗(yàn)中，他將滑動(dòng)變阻器的滑片從左端勻速滑向右端，發(fā)現(xiàn)電流表的指針始終在小角度偏轉(zhuǎn)，而電壓表的示數(shù)開始時(shí)變化很小，但當(dāng)滑片接近右端時(shí)電壓表的示數(shù)迅速變大．為了便于操作并減小誤差，你認(rèn)為應(yīng)采取的措施是(　　) A．換用最大阻值更大的滑動(dòng)變阻器，將導(dǎo)線a的M端移到電流表“3”接線柱上 B．換用最大阻值更大的滑動(dòng)變阻器，將導(dǎo)線b的N端移到電流表“0.6”接線柱上 C．換用最大阻值更小的滑動(dòng)變阻器，將導(dǎo)線a的M端移到電流表“3”接線柱上 D．換用最大阻值更小的滑動(dòng)變阻器，將導(dǎo)線b的N端移到電流表

3、“0.6”接線柱上 解析：由于電流表的指針始終在小角度偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明它選擇的量程偏小，應(yīng)該選用更大的量程，故A、C不對(duì)；又因?yàn)楫?dāng)滑片接近右端時(shí)電壓表的示數(shù)迅速變大，說(shuō)明滑動(dòng)變阻器的阻值偏大，應(yīng)該選用阻值較小的滑動(dòng)變阻器，故D是正確的． 答案：D 3．(xx·北京市海淀區(qū)高三期末)如圖所示電路，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r.當(dāng)開關(guān)S閉合后，小型直流電動(dòng)機(jī)M和指示燈L都恰能正常工作．已知指示燈L的電阻為R0，額定電流為I，電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻為R，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．電動(dòng)機(jī)的額定電壓為IR B．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為IE－I2R C．電源的輸出功率為I2(R0＋R＋r) D．整個(gè)

4、電路的熱功率為I2(R0＋R＋r) 解析：指示燈正常工作，電流為額定電流I，燈與電動(dòng)機(jī)串聯(lián)，所以電動(dòng)機(jī)電流也等于I.電動(dòng)機(jī)為非純電阻電路，電動(dòng)機(jī)電壓U≠IR，根據(jù)閉合回路歐姆定律電動(dòng)機(jī)電壓U＝E－I(R0＋r)，選項(xiàng)A錯(cuò)．電動(dòng)機(jī)的輸出功率為總功率減去熱功率P出＝UI－I2R＝EI－I2(R0＋r)－I2R，選項(xiàng)B錯(cuò)．整個(gè)電路的熱功率根據(jù)焦耳定律P＝I2(R＋R0＋r)，選項(xiàng)C錯(cuò)，D對(duì)． 答案：D 4．(xx·江蘇省南京、鹽城市高三模擬)某同學(xué)準(zhǔn)備用一種金屬絲準(zhǔn)備制作一只電阻溫度計(jì)．他先通過實(shí)驗(yàn)描繪出一段金屬絲的U－I曲線，如圖甲所示．再將該金屬絲與某一定值電阻R0串聯(lián)接在電路中，用電壓表

5、(電壓表的內(nèi)阻遠(yuǎn)大于金屬絲的電阻)與金屬絲并聯(lián)，并在電壓表的表盤上標(biāo)注溫度值，制成電阻溫度計(jì)，如圖乙所示．下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．從圖甲可知，該金屬絲的阻值隨溫度的升高而減小 B．圖乙中電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角越大，溫度值越小 C．選用不同阻值的R0可以改變溫度計(jì)的量程，R0越大，量程越大 D．溫度越高，電源消耗的功率越大 解析：從圖甲可知，圖象割線的斜率表示電阻的大小，故該金屬絲的阻值隨溫度的升高而增大，所以A錯(cuò)誤；圖乙中電壓表的指針偏轉(zhuǎn)角越大，說(shuō)明Rt的阻值大，即溫度高，所以B錯(cuò)誤；若R0越大，電壓表要偏轉(zhuǎn)同樣的角度，需Rt的阻值更大，即溫度更高，量程越大，所以C正確；溫度

6、越高，Rt的阻值越大，電路電流越小，所以電源消耗的功率P＝EI越小，故D錯(cuò)誤． 答案：C 5．在測(cè)量電珠伏安特性實(shí)驗(yàn)中，同學(xué)們連接在電路中有四個(gè)錯(cuò)誤電路，如圖所示．電源內(nèi)阻不計(jì)，導(dǎo)線連接良好，若將滑動(dòng)變阻器的觸頭置于左端，閉合S，在向右端滑動(dòng)觸頭過程中，會(huì)分別出現(xiàn)如下四種現(xiàn)象： a．電珠L(zhǎng)不亮；電流表示數(shù)幾乎為零 b．電珠L(zhǎng)亮度增加；電流表示數(shù)增大 c．電珠L(zhǎng)開始不亮，后來(lái)忽然發(fā)光；電流表從示數(shù)不為零到線圈燒斷 d．電珠L(zhǎng)不亮；電流表從示數(shù)增大到線圈燒斷 與上述abcd四種現(xiàn)象對(duì)應(yīng)的電路序號(hào)為(　　) A．③①②④　B．③④②①　C．③①④②　D．②①④③ 解析：電珠

7、不亮、電流表示數(shù)幾乎為零，說(shuō)明電珠和電流表與電壓表具有串聯(lián)關(guān)系，a對(duì)應(yīng)③圖；電珠亮度增加，電流表示數(shù)增大，說(shuō)明電珠與電流表具有串聯(lián)關(guān)系．b對(duì)應(yīng)①圖；電流表線圈燒斷，說(shuō)明最后電流表短路，但是電燈L不亮，可知，d對(duì)應(yīng)④圖，故選項(xiàng)A正確． 答案：A 6．(xx·深圳一模)如圖所示，閉合開關(guān)S后，A燈與B燈均發(fā)光，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P向左滑動(dòng)時(shí)，以下說(shuō)法中正確的是(　　) A．A燈變亮 B．B燈變亮 C．電源的輸出功率可能減小 D．電源的總功率增大 解析：滑動(dòng)變阻器的滑片P向左滑動(dòng)，R的阻值增大，外電路的總電阻增大，由閉合電路歐姆定律知，干路的電流I＝減小，則B燈變暗，路端電壓U＝E

8、－Ir增大，燈泡A兩端的電壓UA＝U－UB增大，A燈變亮，則A正確，B錯(cuò)誤．由于內(nèi)、外電阻的關(guān)系不明確，所以電源的輸出功率可能減小，但電源的總功率P＝EI減小，C正確，D錯(cuò)誤． 答案：AC 7．(xx·河北省衡水中學(xué)高三下學(xué)期一調(diào))在如圖所示的電路中，電源的負(fù)極接地，其電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動(dòng)變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過程中，下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．電壓表示數(shù)變小 B．電流表示數(shù)變大 C．電容器C所帶電荷量增多 D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢(shì)降低 解析：在滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P自a端向b端滑動(dòng)的過

9、程中，電阻R3變小，并聯(lián)電阻R23＝＝變小，總電阻R總＝r＋R1＋R23變小，總電流I＝變大，電壓表測(cè)量R1電壓U1＝IR1變大，選項(xiàng)A錯(cuò)．并聯(lián)電路電壓U23＝E－I(R1＋r)減小，電容器電壓等于并聯(lián)電壓，所以電容器電荷量Q＝CU23減少，選項(xiàng)C錯(cuò)．通過R2的電流I2＝變小，根據(jù)干路電流等于各支路電流之和得通過R3的電流即電流表示數(shù)I3＝I－I2變大，選項(xiàng)B對(duì)．由于電源負(fù)極接地即電勢(shì)為0，那么并聯(lián)電壓U23＝φa－0，電壓減小，所以a點(diǎn)的電勢(shì)降低，選項(xiàng)D對(duì)． 答案：BD 8．如圖甲所示，R為電阻箱(0～99.9 Ω)，置于阻值最大位置，Rx為未知電阻．(1)斷開K2，閉合K1，逐漸減小電

10、阻箱的阻值，得到多組R、I值，并依據(jù)R、I值作出了如圖乙所示的R－圖線．(2)斷開K2，閉合K1，當(dāng)R調(diào)至某一位置時(shí)，電流表的示數(shù)I1＝1.0 A；保持電阻箱的位置不變，斷開K1，閉合K2，此時(shí)電流表的示數(shù)為I2＝0.8 A．根據(jù)以上數(shù)據(jù)可知(　　) A．電源電動(dòng)勢(shì)為3.0 V B．電源內(nèi)阻為0.5 Ω C．Rx的阻值為0.5 Ω D．K1斷開、K2閉合時(shí)，隨著R的減小，電源輸出功率減小 解析：由I＝得R＝－r，則R－圖象的斜率k＝E＝2.0 V，A選項(xiàng)錯(cuò)誤．R軸截距的絕對(duì)值等于內(nèi)阻r，即r＝0.5 Ω，B選項(xiàng)正確．K2斷開、K1閉合時(shí)，R＋r＝；K1斷開、K2閉合時(shí)，Rx＋R＋

11、r＝，所以Rx＝－＝0.5 Ω，C選項(xiàng)正確．因Rx＝r，所以電路中的外電阻大于內(nèi)阻，隨著R的減小，電源輸出功率增大，當(dāng)R＝0時(shí)，電源的輸出功率最大，D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 答案：BC 二、非選擇題(本題共4小題，共52分) 9．(10分)(xx·廣東卷)某同學(xué)設(shè)計(jì)的可調(diào)電源電路如圖甲所示，R0為保護(hù)電阻，P為滑動(dòng)變阻器的滑片，閉合電鍵S. (1)用電壓表測(cè)量A、B兩端的電壓：將電壓表調(diào)零，選擇0～3 V擋，示數(shù)如圖乙所示，電壓值為________V. (2)在接通外電路之前，為了保證外電路的安全，滑片P應(yīng)先置于________端． (3)要使輸出電壓U變大，滑片P應(yīng)向________端滑

12、動(dòng)． (4)若電源電路中不接入R0，則在使用過程中，存在________的風(fēng)險(xiǎn)．(填“斷路”或“短路”)． 解析：(1)注意電壓表示數(shù)的估讀，讀數(shù)應(yīng)為1.30 V. (2)把滑動(dòng)變阻器看成由AP、PB兩部分串聯(lián)組成，AP之間的電壓為輸出電壓，為了保證外電路安全，應(yīng)使輸出電壓盡量小，因此滑片P應(yīng)先置于A端． (3)由(2)分析可知，要使輸出電壓變大，滑片P應(yīng)向B端滑動(dòng)． (4)若外接電路只接一根導(dǎo)線，滑片P滑到B端時(shí)，沒有R0的保護(hù)，電源會(huì)被短路，因此存在短路的風(fēng)險(xiǎn)． 答案：(1)1.30　(2)A　(3)B　(4)短路 10．(12分)(xx·福建卷)某研究性學(xué)習(xí)小組利用伏安法測(cè)

13、定某一電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)原理如圖甲所示，其中，虛線框內(nèi)為用靈敏電流計(jì)改裝的電流表，為標(biāo)準(zhǔn)電壓表，E為待測(cè)電池組，S為開關(guān)，R為滑動(dòng)變阻器，R0是標(biāo)稱值為4.0 Ω的定值電阻． (1)已知靈敏電流計(jì)的滿偏電流Ig＝100 μA、內(nèi)阻rg＝2.0 kΩ，若要改裝后的電流表滿偏電流為200 mA，應(yīng)并聯(lián)一只________Ω(保留一位小數(shù))的定值電阻R1； (2)根據(jù)圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線將圖乙連接成完整電路； (3)某次實(shí)驗(yàn)的數(shù)據(jù)如下表所示： 測(cè)量次數(shù) 1 2 3 4 5 6 7 8 電壓表讀數(shù)U/V 5.26 5.16 5.04 4.94 4.83

14、 4.71 4.59 4.46 改裝表讀數(shù)I/mA 20 40 60 80 100 120 140 160 該小組借鑒“研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)”實(shí)驗(yàn)中計(jì)算加速度的方法(逐差法)，計(jì)算出電池組的內(nèi)阻r＝________Ω(保留兩位小數(shù))；為減小偶然誤差，逐差法在數(shù)據(jù)處理方面體現(xiàn)出的主要優(yōu)點(diǎn)是________________________． (4)該小組在前面實(shí)驗(yàn)的基礎(chǔ)上，為探究圖甲電路中各元器件的實(shí)際阻值對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，用一已知電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的標(biāo)準(zhǔn)電池組，通過上述方法多次測(cè)量后發(fā)現(xiàn)：電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值與已知值幾乎相同，但內(nèi)阻的測(cè)量值總是偏大．若測(cè)量過程無(wú)誤，則內(nèi)阻測(cè)量值總是

15、偏大的原因是________．(填選項(xiàng)前的字母) A．電壓表內(nèi)阻的影響 B．滑動(dòng)變阻器的最大阻值偏小 C．R1的實(shí)際阻值比計(jì)算值偏小 D．R0的實(shí)際阻值比標(biāo)稱值偏大 解析：(1)改裝完成后，當(dāng)電流表滿偏時(shí)，電流計(jì)中的電流為0.1 mA，流經(jīng)R1的電流I1＝199.9 mA，由于電流計(jì)和電阻并聯(lián)，電壓相同，故Igrg＝I1R1，帶入數(shù)據(jù)求得R1≈1.0 Ω. (2)實(shí)物電路如圖所示． (3)由閉合電路歐姆定律有E＝U1＋I(xiàn)1(r＋R0)，E＝U2＋I(xiàn)2(r＋R0)，故＝r＋R0，推廣得r＋R0＝≈5.66 Ω，即電源內(nèi)阻為1.66 Ω.逐差法的主要優(yōu)點(diǎn)為充分利用已測(cè)的數(shù)據(jù)，減小

16、實(shí)驗(yàn)誤差． (4)實(shí)驗(yàn)中，電壓表為標(biāo)準(zhǔn)電壓表，由于電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值與已知值幾乎相同，說(shuō)明電壓表和滑動(dòng)變阻器對(duì)實(shí)驗(yàn)沒有影響．電壓表的變化量和電流表的變化量比值的絕對(duì)值為電源內(nèi)阻r和定值電阻R0之和，當(dāng)R1的實(shí)際阻值比計(jì)算值偏小時(shí)，電流表的讀數(shù)比實(shí)際值偏小，則測(cè)得內(nèi)阻將偏大，C正確．當(dāng)R0的實(shí)際阻值比標(biāo)稱值偏大時(shí)，算得的電源內(nèi)阻也偏大，D正確． 答案：①1.0?、趫D見解析?、?.66　充分利用已測(cè)得的數(shù)據(jù)?、蹸D 11．(14分)(xx·徐州摸底)某同學(xué)準(zhǔn)備探究一未知元件Q的伏安特性曲線，他設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路圖．請(qǐng)回答下列問題： (1)請(qǐng)將圖乙中的實(shí)物連線按電路圖補(bǔ)充完整． (2)

17、該同學(xué)正確連接實(shí)驗(yàn)電路后閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑動(dòng)頭P，發(fā)現(xiàn)電流表和電壓表的指針始終不發(fā)生偏轉(zhuǎn)．在不斷開電路的情況下，他使用多用電表直流電壓擋檢查電路故障，將多用電表的紅、黑表筆與電流表的“＋”、“－”接線柱接觸時(shí)，發(fā)現(xiàn)多用電表指針發(fā)生較大角度的偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明電路故障是________． (3)排除故障后，該同學(xué)測(cè)得實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表所示，請(qǐng)?jiān)谙聢D坐標(biāo)紙上作出該元件的U－I圖線. 序號(hào) 電流/A 電壓/V 1 0.00 0.00 2 0.10 1.00 3 0.20 1.60 4 0.30 1.82 5 0.40 1.95 6 0.50 2.08 7

18、0.60 2.13 (4)通過實(shí)驗(yàn)可以得出，該元件的阻值隨所加電壓的增大而________(選填“增大”、“減小”或“不變”)． 解析：(1)實(shí)物連接圖如圖所示． (2)使用多用電表直流電壓擋檢查電路故障，將多用電表的紅、黑表筆與電流表的“＋”、“－”接線柱接觸時(shí)，發(fā)現(xiàn)多用電表指針發(fā)生較大角度的偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明多用電表與電源構(gòu)成通路，電路故障是電流表斷路． (3)在坐標(biāo)紙上作出的U－I圖線如圖所示． (4)根據(jù)畫出的圖象，由歐姆定律可知，該元件的阻值隨所加電壓的增大而減?。? 答案：(1)見解析圖　(2)電流表斷路　(3)見解析圖　(4)減小 12．(16分)

19、 (xx·浙江五校聯(lián)考)A、B是水平放置的平行板電容器，當(dāng)A、B兩板直接接到電源兩極時(shí)，一電子從A板由靜止飛到B板時(shí)的速度為v0，電源內(nèi)阻r＝1 Ω，R1＝4 Ω，現(xiàn)若按圖所示連接，當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電子從A板由靜止飛到B板的過程中，通過兩板的中點(diǎn)C的速度為v0，當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電子從A板由靜止飛向B板經(jīng)C點(diǎn)時(shí)的速度為v0，求R2和R3的阻值． 解析：當(dāng)A、B兩板直接接到電源兩極時(shí)，電子從A運(yùn)動(dòng)到B，由動(dòng)能定理得，eE＝mv，當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電子從A運(yùn)動(dòng)到C，由動(dòng)能定理得：eU＝m2， 當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電子從A運(yùn)動(dòng)到C，由動(dòng)能定理得，eU′＝m2 可得U＝E，U′＝E； 當(dāng)開關(guān)S斷開時(shí)，電容器兩端的電壓為：UAB′＝2U′＝E，而E＝UAB′＋(R1＋r)，解得：R3＝10 Ω； 即當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電容器兩端的電壓為：UAB＝2U＝E， 而E＝UAB＋(R1＋r)，解得：R2＝10 Ω. 答案：10 Ω　10 Ω