2022年高考物理專題復(fù)習(xí) 帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動 粵教版

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1、2022年高考物理專題復(fù)習(xí) 帶電粒子在復(fù)合場中運(yùn)動 粵教版+BB0EPSA1A2加速電場速度選擇器1是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖。帶電粒子被加速電場加速后，進(jìn)入速度選擇器。速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場和勻強(qiáng)電場的強(qiáng)度分別為B和E。平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A2。平板S下方有強(qiáng)度為B0的勻強(qiáng)磁場。下列表述錯誤的是A質(zhì)譜儀是分析同位素的重要工具B速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向外C能通過的狹縫P的帶電粒子的速率等于E/BD粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，粒子的荷質(zhì)比越小Bv加速電源第20題圖2用于加速粒子的回旋加速器其核心部分如圖所示，兩D形盒分別與電源相連下列說法正確

2、的是 A要使加速器能對質(zhì)子加速，兩盒應(yīng)該與交變電源相連 B質(zhì)子在電場中被加速，加速電壓越高，射出的速率v越大 CD型盒的直徑越大，射出的率度v越大D質(zhì)子在磁場中運(yùn)動的周期隨質(zhì)子速度增大而增大DC+3. 如圖為磁流體發(fā)電機(jī)的原理圖，等離子體束（含有正、負(fù)離子）以某一速度垂直噴射入由一對磁極CD產(chǎn)生的勻強(qiáng)磁場中，A、B是一對平行于磁場放置的金屬板穩(wěn)定后電流表中的電流從“+”極流向“-”極，由此可知 A. D磁極為N極 B. 正離子向B板偏轉(zhuǎn)C. 負(fù)離子向D磁極偏轉(zhuǎn) D. 離子在磁場中偏轉(zhuǎn)過程洛侖茲力對其不做功4如圖，在空間中存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，其豎直邊界AB，CD的寬度為d，在邊界AB左側(cè)

3、是豎直向下、場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場現(xiàn)有質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子(不計(jì)重力)從P點(diǎn)以大小為v0的水平初速度射入電場，隨后與邊界AB成45射入磁場若粒子能垂直CD邊界飛出磁場，穿過小孔進(jìn)入如圖所示兩豎直平行金屬板間的勻強(qiáng)電場中減速至零且不碰到正極板(1)請畫出粒子上述過程中的運(yùn)動軌跡，并求出粒子進(jìn)入磁場時的速度大小v；(2)求勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；(3)求金屬板間的電壓U的最小值5（18分）如圖所示，內(nèi)圓半徑為r、外圓半徑為2r的圓環(huán)內(nèi)有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B 的勻強(qiáng)磁場圓環(huán)左側(cè)的平行板電容器兩板間電壓為U，靠近M板處靜止釋放質(zhì)量為m、電量為q的正離子，經(jīng)過電場加速后從N板小孔射出，并沿圓

4、環(huán)直徑方向射入磁場，求：(1) 離子從N板小孔射出時的速率；(2) 離子在磁場中做圓周運(yùn)動的半徑；(3) 要使離子不進(jìn)入小圓區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的取值范圍（1）設(shè)離子射入勻強(qiáng)磁場時的速率為v，由動能定理得： 解得：（2）設(shè)離子在磁場中圓周運(yùn)動的半徑為R，離子所受洛倫茲力提供向心力：由牛頓第二定律有： 聯(lián)立可得（3）若離子恰好不進(jìn)入小圓，設(shè)離子與小圓相切時軌道半徑為R0，此時軌跡如圖所示，在中，由幾何關(guān)系得：解得：要使離子不進(jìn)入小圓，必須解得磁感應(yīng)強(qiáng)度（評分說明：各3分；各2分；各2分）d6（18分）如圖所示，質(zhì)量m0.015kg的木塊Q放在水平桌面上的A點(diǎn)A的左邊光滑，右邊粗糙，與木塊間的動摩擦因

5、數(shù)0.08在如圖的兩條虛線之間存在豎直向上的勻強(qiáng)電場和水平向里的勻強(qiáng)磁場，場強(qiáng)分別為E20N/C、B1T場區(qū)的水平寬度d0.2m，豎直方向足夠高帶正電的小球P，質(zhì)量M0.03kg，電荷量q0.015C，以v00.5m/s的初速度向Q運(yùn)動與Q發(fā)生正碰后，P在電、磁場中運(yùn)動的總時間t1.0s不計(jì)P和Q的大小，P、Q碰撞時無電量交換，重力加速度g取10m/s2，計(jì)算時取，試求：（1）通過受力分析判斷碰后P球在電、磁場中做什么性質(zhì)的運(yùn)動；（2）P從電、磁場中出來時的速度大?。唬?）P從電、磁場中出來的時刻，Q所處的位置（1）（共3分）P進(jìn)入電、磁場后，受電場力、重力、洛倫茲力三力作用。電場力 （1分）

6、重力 （1分）可見電場力與重力大小相等方向相反，兩力平衡。故相當(dāng)于P在電、磁場中只受洛侖茲力作用，做勻速圓周運(yùn)動。 （1分）（2）（共8分）由 （1分）得 （1分）周期 （1分）代入數(shù)據(jù)得 （1分）由已知條件，有，故P的軌跡圓心角30 （2分）由右圖可知，軌跡半徑 （1分）結(jié)合式得 （1分）（3）（共7分）P和Q碰撞時，系統(tǒng)動量守恒，有 （1分）解得 （1分）對Q應(yīng)用牛頓第二定律，有 得 （1分）Q停下前運(yùn)動的時間 （1分）由于，說明P離開電、磁場時，Q已經(jīng)停下 （1分）故位移 （1分）即Q停留在右方距初始位置0.225m處。 （1分）7(18分)如圖所示，在光滑絕緣的水平面內(nèi)，對角線AC將邊

7、長為L的正方形分成ABC和ADC兩個區(qū)域，ABC區(qū)域有垂直于水平面的勻強(qiáng)磁場，ADC區(qū)域有平行于DC并由C指向D的勻強(qiáng)電場質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子從A點(diǎn)沿AB方向以v的速度射入磁場區(qū)域，從對角線AC的中點(diǎn)O進(jìn)入電場區(qū)域（1）判斷磁場的方向并求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小（2）討論電場強(qiáng)度E在不同取值時，帶電粒子在電場中運(yùn)動的時間tABCDOv解：（1）根據(jù)左手定則，可以判斷磁場方向垂直紙面向里。設(shè)帶電粒子在磁場中運(yùn)動的半徑為r，有：依題意，聯(lián)立，解得：（2）設(shè)帶電粒子恰好從D點(diǎn)離開電場時對應(yīng)的電場強(qiáng)度為E0，則有：得：討論：（i）當(dāng)時，粒子從DC邊離開電場，此時粒子在電場中運(yùn)動的時間為t1（ii）

8、當(dāng)時，粒子從AD邊離開電場，此時粒子在電場中運(yùn)動的時間為t2，有：得：評分說明：判斷磁場方向及正確各給2分； 討論（i）、（ii）每項(xiàng)正確給2分8如圖12所示，在坐標(biāo)系xOy中，第一象限內(nèi)充滿著兩個勻強(qiáng)磁場a和b，OP為分界線，在區(qū)域a中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為2B，方向垂直于紙面向里；在區(qū)域b中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向垂直于紙面向外，P點(diǎn)坐標(biāo)為(4l,3l)一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子從P點(diǎn)沿y軸負(fù)方向射入?yún)^(qū)域b，經(jīng)過一段時間后，粒子恰能經(jīng)過原點(diǎn)O，不計(jì)粒子重力(sin370.6，cos370.8)求：(1)粒子從P點(diǎn)運(yùn)動到O點(diǎn)的時間最少是多少？(2)粒子運(yùn)動的速度可能是多少？(1)設(shè)粒子的入射速度為v，用Ra、Rb、Ta、Tb分別表示粒子在磁場a區(qū)和b區(qū)運(yùn)動的軌道半徑和周期則：RaRbTaTb粒子先從b區(qū)運(yùn)動，再進(jìn)入a區(qū)運(yùn)動，然后從O點(diǎn)射出時，粒子從P運(yùn)動到O點(diǎn)所用時間最短如圖所示tan得37粒子在b區(qū)和a區(qū)運(yùn)動的時間分別為：tbTbtaTa故從P點(diǎn)運(yùn)動到O點(diǎn)所用最短時間為：ttatb.(2)由題意及圖可知n(2Racos2Rbcos)解得：v(n1,2,3)