(全國(guó)120套)2013年中考數(shù)學(xué)試卷分類匯編 等腰直角三角形

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1、等腰直角三角形 1、(2013?衢州)將一個(gè)有45°角的三角板的直角頂點(diǎn)放在一張寬為3cm的紙帶邊沿上.另一個(gè)頂點(diǎn)在紙帶的另一邊沿上,測(cè)得三角板的一邊與紙帶的一邊所在的直線成30°角,如圖,則三角板的最大邊的長(zhǎng)為(  )   A. 3cm B. 6cm C. cm D. cm 考點(diǎn): 含30度角的直角三角形;等腰直角三角形. 分析: 過(guò)另一個(gè)頂點(diǎn)C作垂線CD如圖,可得直角三角形,根據(jù)直角三角形中30°角所對(duì)的邊等于斜邊的一半,可求出有45°角的三角板的直角直角邊,再由等腰直角三角形求出最大邊. 解答: 解:過(guò)點(diǎn)C作CD⊥AD,∴CD=3, 在直角三角形

2、ADC中, ∵∠CAD=30°, ∴AC=2CD=2×3=6, 又三角板是有45°角的三角板, ∴AB=AC=6, ∴BC2=AB2+AC2=62+62=72, ∴BC=6, 故選:D. 點(diǎn)評(píng): 此題考查的知識(shí)點(diǎn)是含30°角的直角三角形及等腰直角三角形問(wèn)題,關(guān)鍵是先由求得直角邊,再由勾股定理求出最大邊. 2、(2013?內(nèi)江)已知,如圖,△ABC和△ECD都是等腰直角三角形,∠ACD=∠DCE=90°,D為AB邊上一點(diǎn).求證:BD=AE. 考點(diǎn): 全等三角形的判定與性質(zhì);等腰直角三角形. 專題: 證明題. 分析: 根據(jù)等腰直角三角形的性質(zhì)可得AC=B

3、C,CD=CE,再根據(jù)同角的余角相等求出∠ACE=∠BCD,然后利用“邊角邊”證明△ACE和△BCD全等,然后根據(jù)全等三角形對(duì)應(yīng)邊相等即可證明. 解答: 證明:∵△ABC和△ECD都是等腰直角三角形, ∴AC=BC,CD=CE, ∵∠ACD=∠DCE=90°, ∴∠ACE+∠ACD=∠BCD+∠ACD, ∴∠ACE=∠BCD, 在△ACE和△BCD中,, ∴△ACE≌△BCD(SAS), ∴BD=AE. 點(diǎn)評(píng): 本題考查了全等三角形的判定與性質(zhì),等腰直角三角形的性質(zhì),以及等角的余角相等的性質(zhì),熟記各性質(zhì)是解題的關(guān)鍵. 3、(2013?常德壓軸題)已知兩個(gè)共一個(gè)頂點(diǎn)的

4、等腰Rt△ABC,Rt△CEF,∠ABC=∠CEF=90°,連接AF,M是AF的中點(diǎn),連接MB、ME. (1)如圖1,當(dāng)CB與CE在同一直線上時(shí),求證:MB∥CF; (2)如圖1,若CB=a,CE=2a,求BM,ME的長(zhǎng); (3)如圖2,當(dāng)∠BCE=45°時(shí),求證:BM=ME. 考點(diǎn): 三角形中位線定理;全等三角形的判定與性質(zhì);等腰直角三角形.3718684 分析: (1)證法一:如答圖1a所示,延長(zhǎng)AB交CF于點(diǎn)D,證明BM為△ADF的中位線即可; 證法二:如答圖1b所示,延長(zhǎng)BM交EF于D,根據(jù)在同一平面內(nèi),垂直于同一直線的兩直線互相平行可得AB∥EF,再根據(jù)兩直線

5、平行,內(nèi)錯(cuò)角相等可得∠BAM=∠DFM,根據(jù)中點(diǎn)定義可得AM=MF,然后利用“角邊角”證明△ABM和△FDM全等,再根據(jù)全等三角形對(duì)應(yīng)邊相等可得AB=DF,然后求出BE=DE,從而得到△BDE是等腰直角三角形,根據(jù)等腰直角三角形的性質(zhì)求出∠EBM=45°,從而得到∠EBM=∠ECF,再根據(jù)同位角相等,兩直線平行證明MB∥CF即可, (2)解法一:如答圖2a所示,作輔助線,推出BM、ME是兩條中位線; 解法二:先求出BE的長(zhǎng),再根據(jù)全等三角形對(duì)應(yīng)邊相等可得BM=DM,根據(jù)等腰三角形三線合一的性質(zhì)可得EM⊥BD,求出△BEM是等腰直角三角形,根據(jù)等腰直角三角形的性質(zhì)求解即可; (3)證法一:

6、如答圖3a所示,作輔助線,推出BM、ME是兩條中位線:BM=DF,ME=AG;然后證明△ACG≌△DCF,得到DF=AG,從而證明BM=ME; 證法二:如答圖3b所示,延長(zhǎng)BM交CF于D,連接BE、DE,利用同旁內(nèi)角互補(bǔ),兩直線平行求出AB∥CF,再根據(jù)兩直線平行,內(nèi)錯(cuò)角相等求出∠BAM=∠DFM,根據(jù)中點(diǎn)定義可得AM=MF,然后利用“角邊角”證明△ABM和△FDM全等,再根據(jù)全等三角形對(duì)應(yīng)邊相等可得AB=DF,BM=DM,再根據(jù)“邊角邊”證明△BCE和△DFE全等,根據(jù)全等三角形對(duì)應(yīng)邊相等可得BE=DE,全等三角形對(duì)應(yīng)角相等可得∠BEC=∠DEF,然后求出∠BED=∠CEF=90°,再根據(jù)

7、等腰直角三角形的性質(zhì)證明即可. 解答: (1)證法一: 如答圖1a,延長(zhǎng)AB交CF于點(diǎn)D,則易知△ABC與△BCD均為等腰直角三角形, ∴AB=BC=BD, ∴點(diǎn)B為線段AD的中點(diǎn), 又∵點(diǎn)M為線段AF的中點(diǎn), ∴BM為△ADF的中位線, ∴BM∥CF. 證法二: 如答圖1b,延長(zhǎng)BM交EF于D, ∵∠ABC=∠CEF=90°, ∴AB⊥CE,EF⊥CE, ∴AB∥EF, ∴∠BAM=∠DFM, ∵M(jìn)是AF的中點(diǎn), ∴AM=MF, ∵在△ABM和△FDM中, , ∴△ABM≌△FDM(ASA), ∴AB=DF, ∵BE=CE﹣BC,DE=EF﹣

8、DF, ∴BE=DE, ∴△BDE是等腰直角三角形, ∴∠EBM=45°, ∵在等腰直角△CEF中,∠ECF=45°, ∴∠EBM=∠ECF, ∴MB∥CF; (2)解法一: 如答圖2a所示,延長(zhǎng)AB交CF于點(diǎn)D,則易知△BCD與△ABC為等腰直角三角形, ∴AB=BC=BD=a,AC=AD=a, ∴點(diǎn)B為AD中點(diǎn),又點(diǎn)M為AF中點(diǎn), ∴BM=DF. 分別延長(zhǎng)FE與CA交于點(diǎn)G,則易知△CEF與△CEG均為等腰直角三角形, ∴CE=EF=GE=2a,CG=CF=a, ∴點(diǎn)E為FG中點(diǎn),又點(diǎn)M為AF中點(diǎn), ∴ME=AG. ∵CG=CF=a,CA=CD=a,

9、 ∴AG=DF=a, ∴BM=ME=×a=a. 解法二: ∵CB=a,CE=2a, ∴BE=CE﹣CB=2a﹣a=a, ∵△ABM≌△FDM, ∴BM=DM, 又∵△BED是等腰直角三角形, ∴△BEM是等腰直角三角形, ∴BM=ME=BE=a; (3)證法一: 如答圖3a,延長(zhǎng)AB交CE于點(diǎn)D,連接DF,則易知△ABC與△BCD均為等腰直角三角形, ∴AB=BC=BD,AC=CD, ∴點(diǎn)B為AD中點(diǎn),又點(diǎn)M為AF中點(diǎn),∴BM=DF. 延長(zhǎng)FE與CB交于點(diǎn)G,連接AG,則易知△CEF與△CEG均為等腰直角三角形, ∴CE=EF=EG,CF=CG, ∴點(diǎn)

10、E為FG中點(diǎn),又點(diǎn)M為AF中點(diǎn),∴ME=AG. 在△ACG與△DCF中, , ∴△ACG≌△DCF(SAS), ∴DF=AG, ∴BM=ME. 證法二: 如答圖3b,延長(zhǎng)BM交CF于D,連接BE、DE, ∵∠BCE=45°, ∴∠ACD=45°×2+45°=135° ∴∠BAC+∠ACF=45°+135°=180°, ∴AB∥CF, ∴∠BAM=∠DFM, ∴M是AF的中點(diǎn), ∴AM=FM, 在△ABM和△FDM中,, ∴△ABM≌△FDM(ASA), ∴AB=DF,BM=DM, ∴AB=BC=DF, ∵在△BCE和△DFE中, , ∴△BCE≌△

11、DFE(SAS), ∴BE=DE,∠BEC=∠DEF, ∴∠BED=∠BEC+∠CED=∠DEF+∠CED=∠CEF=90°, ∴△BDE是等腰直角三角形, 又∵BM=DM, ∴BM=ME=BD, 故BM=ME. 點(diǎn)評(píng): 本題考查了三角形中位線定理、全等三角形的判定與性質(zhì),等腰直角三角形的性質(zhì),作輔助線構(gòu)造出中位線、全等三角形和等腰直角三角形是解題的關(guān)鍵,也是本題的難點(diǎn). 4、(2013?湖州)一節(jié)數(shù)學(xué)課后,老師布置了一道課后練習(xí)題: 如圖,已知在Rt△ABC中,AB=BC,∠ABC=90°,BO⊥AC,于點(diǎn)O,點(diǎn)PD分別在AO和BC上,PB=PD,DE⊥AC于點(diǎn)E,求證:

12、△BPO≌△PDE. (1)理清思路,完成解答(2)本題證明的思路可用下列框圖表示: 根據(jù)上述思路,請(qǐng)你完整地書寫本題的證明過(guò)程. (2)特殊位置,證明結(jié)論 若PB平分∠ABO,其余條件不變.求證:AP=CD. (3)知識(shí)遷移,探索新知 若點(diǎn)P是一個(gè)動(dòng)點(diǎn),點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到OC的中點(diǎn)P′時(shí),滿足題中條件的點(diǎn)D也隨之在直線BC上運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)D′,請(qǐng)直接寫出CD′與AP′的數(shù)量關(guān)系.(不必寫解答過(guò)程) 考點(diǎn): 全等三角形的判定與性質(zhì). 分析: (1)求出∠3=∠4,∠BOP=∠PED=90°,根據(jù)AAS證△BPO≌△PDE即可; (2)求出∠ABP=∠4,求出△ABP≌△CP

13、D,即可得出答案; (3)設(shè)OP=CP=x,求出AP=3x,CD=x,即可得出答案. 解答: (1)證明:∵PB=PD, ∴∠2=∠PBD, ∵AB=BC,∠ABC=90°, ∴∠C=45°, ∵BO⊥AC, ∴∠1=45°, ∴∠1=∠C=45°, ∵∠3=∠PBO﹣∠1,∠4=∠2﹣∠C, ∴∠3=∠4, ∵BO⊥AC,DE⊥AC, ∴∠BOP=∠PED=90°, 在△BPO和△PDE中 ∴△BPO≌△PDE(AAS); (2)證明:由(1)可得:∠3=∠4, ∵BP平分∠ABO, ∴∠ABP=∠3, ∴∠ABP=∠4, 在△ABP和△CPD中 ∴△ABP≌△CPD(AAS), ∴AP=CD. (3)解:CD′與AP′的數(shù)量關(guān)系是CD′=AP′. 理由是:設(shè)OP=PC=x,則AO=OC=2x=BO, 則AP=2x+x=3x, 由(2)知BO=PE, PE=2x,CE=2x﹣x=x, ∵∠E=90°,∠ECD=∠ACB=45°, ∴DE=x,由勾股定理得:CD=x, 即AP=3x,CD=x, ∴CD′與AP′的數(shù)量關(guān)系是CD′=AP′ 點(diǎn)評(píng): 本題考查了全等三角形的性質(zhì)和判定,等腰直角三角形性質(zhì),等腰三角形性質(zhì)等知識(shí)點(diǎn)的綜合應(yīng)用,主要考查學(xué)生的推理和計(jì)算能力.

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