（浙江專版）2019版高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能守恒定律 第2課時(shí) 動(dòng)能和動(dòng)能定理及應(yīng)用學(xué)案

《（浙江專版）2019版高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能守恒定律 第2課時(shí) 動(dòng)能和動(dòng)能定理及應(yīng)用學(xué)案》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專版）2019版高考物理大一輪復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能守恒定律 第2課時(shí) 動(dòng)能和動(dòng)能定理及應(yīng)用學(xué)案（16頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第2課時(shí)　動(dòng)能和動(dòng)能定理及應(yīng)用 一、動(dòng)能 1.定義：物體由于運(yùn)動(dòng)而具有的能叫動(dòng)能。 2.公式：Ek＝mv2。 3.單位：焦耳，1 J＝1 N·m＝1 kg·m2/s2。 4.矢標(biāo)性：動(dòng)能是標(biāo)量，只有正值。 5.狀態(tài)量：動(dòng)能是狀態(tài)量，因?yàn)関是瞬時(shí)速度。 二、動(dòng)能定理 1.內(nèi)容：力在一個(gè)過程中對(duì)物體做的功，等于物體在這個(gè)過程中動(dòng)能的變化。 2.表達(dá)式：W＝mv－mv或W＝Ek2－Ek1。 3.物理意義：合外力的功是物體動(dòng)能變化的量度。 4.適用條件 (1)動(dòng)能定理既適用于直線運(yùn)動(dòng)，也適用于曲線運(yùn)動(dòng)。 (2)既適用于恒力做功，也適用于變力做功。 (3)力可以是各種

2、性質(zhì)的力，既可以同時(shí)作用，也可以不同時(shí)作用。 【思考判斷】 1.物體的動(dòng)能不變，所受合外力一定為零( × ) 2.物體在合外力作用下做變速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一定變化( × ) 3.動(dòng)能不變的物體，一定處于平衡狀態(tài)( × ) 4.一定質(zhì)量的物體動(dòng)能變化時(shí)，速度一定變化，但速度變化時(shí)，動(dòng)能不一定變化( √ ) 5.如果物體所受的合外力為零，那么合外力對(duì)物體做功一定為零( √ ) 6.做自由落體運(yùn)動(dòng)的物體，動(dòng)能與時(shí)間的二次方成正比( √ ) 考點(diǎn)一　動(dòng)能　動(dòng)能定理(d/d) [要點(diǎn)突破] 1.對(duì)動(dòng)能定理的三點(diǎn)理解 (1)做功的過程就是能量轉(zhuǎn)化的過程，動(dòng)能定理表達(dá)式中的“＝”的意義是

3、一種因果關(guān)系在數(shù)值上相等的符號(hào)，它并不意味著“功就是動(dòng)能增量”，也不意味著“功轉(zhuǎn)變成了動(dòng)能”，而是意味著“功引起物體動(dòng)能的變化”。 (2)動(dòng)能定理敘述中所說的“外力”，既可以是重力、彈力、摩擦力，也可以是電場力、磁場力或其他力。 (3)合外力對(duì)物體做正功，物體的動(dòng)能增加；合外力對(duì)物體做負(fù)功，物體的動(dòng)能減少；合外力對(duì)物體不做功，物體的動(dòng)能不變。 2.應(yīng)用動(dòng)能定理解決問題的步驟 (1)選取研究對(duì)象，明確它的運(yùn)動(dòng)過程。 (2)分析研究對(duì)象的受力情況和各力的做功情況，然后求各個(gè)外力做功的代數(shù)和。 受哪些力→各力是否做功→做正功還是負(fù)功→做多少功 (3)明確物體始末狀態(tài)的動(dòng)能Ek1和Ek

4、2。 (4)列出動(dòng)能定理的方程W合＝Ek2－Ek1及其他必要的解題方程，進(jìn)行求解。 [典例剖析] 【例1】 在平直公路上，汽車由靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到vmax后立即關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)直到停止，汽車的速度－時(shí)間圖象如圖所示。設(shè)汽車的牽引力為F，摩擦力為Ff，全過程中牽引力做功W1，克服摩擦力做功W2。以下判斷中正確的是(　　) A.F∶Ff＝1∶3 B.F∶Ff＝3∶1 C.W1∶W2＝1∶1 D.W1∶W2＝1∶3 解析　由圖象可以看出，汽車在0～1 s內(nèi)做勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可得加速度大小為a1＝＝；汽車在1～4 s內(nèi)做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a2＝

5、＝，由以上兩式可得＝；對(duì)汽車運(yùn)動(dòng)的全過程應(yīng)用動(dòng)能定理有0－0＝W1－W2，得到W1＝W2，所以選項(xiàng)C是正確的。 答案　C 【例2】 一物塊沿傾角為θ的斜坡向上滑動(dòng)。當(dāng)物塊的初速度為v時(shí)，上升的最大高度為H，如圖所示。當(dāng)物塊的初速度為時(shí)，上升的最大高度記為h。重力加速度大小為g。物塊與斜坡間的動(dòng)摩擦因數(shù)和h分別為(　　) A.tan θ和 B.tanθ和 C.tan θ和 D.tan θ和 解析　設(shè)物塊與斜坡間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則物塊沿斜坡上滑的過程中，由動(dòng)能定理 －＝0－mv2① 由①得μ＝tan θ 當(dāng)物塊的初速度為時(shí)，由動(dòng)能定理知 －(mgh＋μmgcos θ)＝

6、0－m② 由①②兩式得h＝ 答案　D [針對(duì)訓(xùn)練] 1.關(guān)于運(yùn)動(dòng)物體所受的合力、合力做的功、物體動(dòng)能的變化，下列說法正確的是(　　) A.運(yùn)動(dòng)物體所受的合力不為零，合力必做功，物體的動(dòng)能肯定要變化 B.運(yùn)動(dòng)物體所受的合力為零，則物體的動(dòng)能肯定不變 C.運(yùn)動(dòng)物體的動(dòng)能保持不變，則該物體所受合力一定為零 D.運(yùn)動(dòng)物體所受合力不為零，則該物體一定做變速運(yùn)動(dòng)，其動(dòng)能要變化 解析　關(guān)于運(yùn)動(dòng)物體所受的合力、合力做的功、物體動(dòng)能的變化三者之間的關(guān)系有下列三個(gè)要點(diǎn)。 (1)若運(yùn)動(dòng)物體所受合力為零，則合力不做功(或物體所受外力做功的代數(shù)和必為零)，物體的動(dòng)能絕對(duì)不會(huì)發(fā)生變化。 (2)物體所

7、受合力不為零，物體必做變速運(yùn)動(dòng)，但合力不一定做功，合力不做功，則物體動(dòng)能不變化。 (3)物體的動(dòng)能不變，一方面表明物體所受的合力不做功；同時(shí)表明物體的速率不變(速度的方向可以不斷改變，此時(shí)物體所受的合力只是用來改變速度方向，產(chǎn)生向心加速度，如勻速圓周運(yùn)動(dòng))。 根據(jù)上述三個(gè)要點(diǎn)不難判斷，本題只有選項(xiàng)B是正確的。 答案　B 2.人用手托著質(zhì)量為m的物體，從靜止開始沿水平方向運(yùn)動(dòng)，前進(jìn)距離s后，速度為v(物體與手始終相對(duì)靜止)，物體與人手掌之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，則人對(duì)物體做的功為(　　) A.mgs B.0 C.μmgs D.mv2 解析　物體與手掌之間的摩擦力是靜摩擦力，靜摩

8、擦力在零與最大值之間取值，不一定等于μmg。在題述過程中，只有靜摩擦力對(duì)物體做功，故根據(jù)動(dòng)能定理，知人對(duì)物體做的功W＝mv2。 答案　D 考點(diǎn)二　動(dòng)能定理的應(yīng)用(d/d) [要點(diǎn)突破] 1.動(dòng)能定理適用于直線運(yùn)動(dòng)，也可用于曲線運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理適用于恒力做功，也可用于變力做功；動(dòng)能定理可分段處理，也可整過程處理。 2.解決多過程問題應(yīng)優(yōu)先考慮應(yīng)用動(dòng)能定理(或功能關(guān)系)，從而使問題得到簡化。能解決的幾個(gè)典型問題如下： (1)不涉及加速度、時(shí)間的多過程問題。 (2)有多個(gè)物理過程且不需要研究整個(gè)過程中的中間狀態(tài)的問題。 (3)變力做功的問題。 [典例剖析] 【例1】 (2017·嘉

9、興模擬)張偉同學(xué)參加學(xué)校運(yùn)動(dòng)會(huì)立定跳遠(yuǎn)項(xiàng)目比賽，起跳直至著地過程如圖所示，測量得到比賽成績是2.5 m，目測空中腳離地最大高度約0.8 m，忽略空氣阻力，則起跳過程該同學(xué)所做功最接近(　　) A.65 J B.750 J C.1 025 J D.1 650 J 解析　人從最高點(diǎn)落地可看作做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)人在最高點(diǎn)的速度為v0，則h＝gt2，x＝v0t，則起跳過程中該同學(xué)所做的功為W＝mgh＋mv，解得W≈750 J。 答案　B 【例2】 (2015·浙江10月學(xué)考)如圖所示是公路上的“避險(xiǎn)車道”，車道表面是粗糙的碎石，其作用是供下坡的汽車在剎車失靈的情況下避險(xiǎn)。質(zhì)量m＝2.

10、0×103 kg的汽車沿下坡行駛，當(dāng)駕駛員發(fā)現(xiàn)剎車失靈的同時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)失去動(dòng)力，此時(shí)速度表示數(shù)v1＝36 km/h，汽車?yán)^續(xù)沿下坡勻加速直行l(wèi)＝350 m、下降高度h＝50 m時(shí)到達(dá)“避險(xiǎn)車道”，此時(shí)速度表示數(shù)v2＝72 km/h。 (1)求從發(fā)現(xiàn)剎車失靈至到達(dá)“避險(xiǎn)車道”這一過程汽車動(dòng)能的變化量； (2)求汽車在下坡過程中所受的阻力；(g取10 m/s2) (3)若“避險(xiǎn)車道”與水平面間的夾角為17°，汽車在“避險(xiǎn)車道”受到的阻力是在下坡公路上的3倍，求汽車在“避險(xiǎn)車道”上運(yùn)動(dòng)的最大位移(sin 17°≈0.3)。 解析　(1)由ΔEk＝mv－mv 得ΔEk＝3.0×105 J

11、(2)由動(dòng)能定理mgh－Ff　l＝mv－mv 得Ff＝＝2×103 N (3)設(shè)向上運(yùn)動(dòng)的最大位移為l′，由動(dòng)能定理，有 －(mgsin 17°＋3Ff)l′＝0－mv 得l′＝＝33.3 m 答案　(1)3.0×105 J　(2)2×103 N　(3)33.3 m 【方法總結(jié)】 應(yīng)用動(dòng)能定理求解多過程問題的基本思路 (1)弄清物體的運(yùn)動(dòng)由哪些過程組成。 (2)分析每個(gè)過程中物體的受力情況。 (3)各個(gè)力做功有何特點(diǎn)，對(duì)動(dòng)能的變化有無影響。 (4)從總體上把握全過程，表達(dá)出總功，找出初、末狀態(tài)的動(dòng)能。 (5)對(duì)所研究的全過程運(yùn)用動(dòng)能定理列方程。 [針對(duì)訓(xùn)練] 1.如

12、圖所示，一個(gè)彈簧左端固定于墻上，右端與物塊拴接，物塊質(zhì)量為m，它與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ。起初用手按住物塊，彈簧的伸長量為x，然后放手，當(dāng)彈簧的長度回到原長時(shí)，物塊的速度為v0，則此過程中彈力所做的功為(　　) A.mv＋μmgx B.mv－μmgx C.mv D.μmgx－mv 解析　當(dāng)彈簧恢復(fù)到原長時(shí)，物塊對(duì)地的位移為x，根據(jù)動(dòng)能定理有W彈＋(－μmgx)＝mv－0，得W彈＝mv＋μmgx，選項(xiàng)A正確。 答案　A 2.如圖所示，摩托車做特技表演時(shí)，以v0＝10.0 m/s的初速度沖向高臺(tái)，然后從高臺(tái)水平飛出。若摩托車沖向高臺(tái)的過程以P＝4.0 kW的額定功率行駛，沖到

13、高臺(tái)上所用時(shí)間t＝3.0 s，人和車的總質(zhì)量m＝1.8×102 kg，臺(tái)高h(yuǎn)＝5.0 m，摩托車的落地點(diǎn)到高臺(tái)的水平距離x＝10.0 m。不計(jì)空氣阻力，取g＝10 m/s2。求： (1)摩托車從高臺(tái)飛出到落地所用時(shí)間； (2)摩托車落地時(shí)速度的大?。? (3)摩托車沖上高臺(tái)過程中克服阻力所做的功。 解析　(1)摩托車在空中做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)摩托車飛行時(shí)間為t1。則 h＝gt，t1＝＝ s＝1.0 s (2)設(shè)摩托車到達(dá)高臺(tái)頂端的速度為vx，即平拋運(yùn)動(dòng)的水平速度 vx＝＝ m/s＝10.0 m/s 落地時(shí)的豎直速度為vy＝gt1＝10.0 m/s 落地時(shí)速度v＝＝10 m/s

14、 (3)摩托車沖上高臺(tái)過程中，根據(jù)動(dòng)能定理： Pt－Wf－mgh＝mv－mv Wf＝Pt－mgh ＝4.0×103×3.0 J－1.8×102×10×5.0 J ＝3.0×103 J 答案　(1)10 s　(2)10 m/s　(3)3.0×103 J 3.如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定一半徑R為2 m、圓心角為120°的光滑圓弧軌道BEC，其中點(diǎn)E是最低點(diǎn)。在B、C兩端平滑、對(duì)稱地連接AB、CD兩段粗糙直軌道，直軌道上端A、D與最低點(diǎn)E之間的高度差h均為2.5 m?，F(xiàn)將質(zhì)量為 0.01 kg 的小物塊由A點(diǎn)靜止釋放，物塊與直軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.25，取g＝10 m/s2。求：

15、 (1)小物塊從靜止釋放到第一次過E點(diǎn)時(shí)重力做的功； (2)小物塊第一次通過E點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大?。? (3)小物塊在E點(diǎn)時(shí)受到支持力的最小值。 解析　(1)從A到E的過程，重力做功為 W1＝mgh＝0.01×10×2.5 J＝0.25 J。 (2)AB間的距離 s＝＝ m 從A至E的過程中，根據(jù)動(dòng)能定理，有 W1－μmgcos 60°·s＝EkE 解得EkE＝0.25 J－0.012 5 J≈0.23 J。 (3)最終，小物塊在圓弧軌道BC間來回滑動(dòng)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律，有 mg(R－Rcos 60°)＝mv① 在E點(diǎn)，重力和支持力的合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律，有

16、 FN－mg＝m② 聯(lián)立①②解得 FN＝mg＋m＝2mg＝2×0.01×10 N＝0.2 N。 答案　(1)0.25 J　(2)0.23 J　(3)0.2 N 1.在同一位置以相同的速率把三個(gè)小球分別沿水平、斜向上、斜向下方向拋出，不計(jì)空氣阻力，則落在同一水平地面時(shí)的速度大小(　　) A.一樣大 B.水平拋的最大 C.斜向上拋的最大 D.斜向下拋的最大 解析　由動(dòng)能定理mgh＝mv－mv知，落地時(shí)速度v2的大小相等，故A正確。 答案　A 2.如圖所示，木盒中固定一質(zhì)量為m的砝碼，木盒和砝碼在桌面上以一定的初速度一起滑行一段距離后停止?，F(xiàn)拿走砝碼，而持續(xù)加一個(gè)豎直向下的

17、恒力F(F＝mg)，若其他條件不變，則木盒滑行的距離(　　) A.不變 B.變小 C.變大 D.變大變小均可能 解析　設(shè)木盒質(zhì)量為M，木盒中固定一質(zhì)量為m的砝碼時(shí)，由動(dòng)能定理可知，μ(m＋M)gx1＝(M＋m)v2，解得x1＝；加一個(gè)豎直向下的恒力F(F＝mg)時(shí)，由動(dòng)能定理可知，μ(m＋M)gx2＝Mv2，解得x2＝。顯然x2＜x1，故選項(xiàng)B正確。 答案　B 3.質(zhì)量為m＝2 kg的物體，在光滑水平面上以v1＝6 m/s的速度勻速向西運(yùn)動(dòng)，若有一個(gè)大小為8 N、方向向北的恒力F作用于物體，在t＝2 s內(nèi)物體的動(dòng)能增加了(　　) A.28 J B.64 J C.32 J

18、 D.36 J 解析　物體原來在光滑水平面上勻速向西運(yùn)動(dòng)，受向北的恒力F作用后將做類平拋運(yùn)動(dòng)，如圖所示。物體在向北方向上的加速度a＝＝4 m/s2，2 s后在向北方向上的速度分量v2＝at＝8 m/s，故2 s后物體的合速度v＝＝10 m/s，所以物體在2 s內(nèi)增加的動(dòng)能為ΔEk＝mv2－mv＝64 J。 答案　B 4.如圖所示，一質(zhì)量為m的小球，用長為l的輕繩懸掛于O點(diǎn)，小球在水平拉力F的作用下，從平衡位置P點(diǎn)很緩慢地移動(dòng)到Q點(diǎn)，則力F所做的功為(　　) A.mglcos θ B.mgl(1－cos θ) C.Flsin θ D.Fl 解析　小球從P點(diǎn)移到Q點(diǎn)時(shí)，受

19、重力、繩子的拉力和水平拉力F，由受力平衡知F＝mgtan θ，隨θ的增大，F(xiàn)也增大，故F是變力，因此不能直接用公式W＝Flcos α求解。 從P緩慢拉到Q，由動(dòng)能定理得WF－mgl(1－cos θ)＝0(小球緩慢移動(dòng)，速度可視為大小不變)，即WF＝mgl(1－cos θ)。 答案　B 5.(2017·寧波模擬)如圖所示，粗糙的AB水平面與豎直平面內(nèi)的光滑彎曲軌道BC在B點(diǎn)相接。一小物塊從AB上的D點(diǎn)以初速度v0＝8 m/s出發(fā)向B點(diǎn)滑行，DB長為L＝12 m，小物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，g取10 m/s2，求： (1)小物塊滑到B點(diǎn)時(shí)的速度大小vB； (2)小物塊沿彎

20、曲軌道上滑的最大高度h。 解析　(1)對(duì)DB段利用動(dòng)能定理有 －μmgL＝mv－mv，解得vB＝4 m/s。 (2)小物塊從B到C的過程中由動(dòng)能定理得 mgh＝mv，解得h＝0.8 m。 答案　(1)4 m/s　(2)0.8 m [基礎(chǔ)過關(guān)] 1.(2017·紹興期中)下列關(guān)于運(yùn)動(dòng)物體所受合外力做功和動(dòng)能變化的關(guān)系正確的是(　　) A.如果物體所受合外力為零，則合外力對(duì)物體做的功一定為零 B.如果合外力對(duì)物體所做的功為零，則合外力一定為零 C.物體在合外力作用下做變速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能一定發(fā)生變化 D.物體的動(dòng)能不變，所受合外力一定為零 解析　物體所受合外力為零，則根據(jù)W＝

21、Fs可知合外力對(duì)物體做的功一定為零，選項(xiàng)A正確；合外力對(duì)物體所做的功為零，但合外力不一定為零，例如做勻速圓周運(yùn)動(dòng)物體的向心力，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；物體在合外力作用下做變速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不一定發(fā)生變化，例如做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的物體，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤。 答案　A 2.質(zhì)量為m的物體靜止在光滑水平面上，在恒力F的作用下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。若物體的速度從0增加到v的過程中恒力對(duì)物體做功為W，則物體的速度從v增加到2v的過程中，恒力F對(duì)物體做的功等于(　　) A.3W B. C. D.2W 解析　根據(jù)動(dòng)能定理W合＝ΔEk，速度從0增加到v的過程中W＝mv2。物體的速度從v增加到2v的過程中W′＝m(2v)

22、2－mv2＝mv2，所以W′＝3W，A正確。 答案　A 3.某消防隊(duì)員從一平臺(tái)上跳下，下落2 m后雙腳觸地，接著他用雙腿彎曲的方法緩沖，使自身的重心又下降了0.5 m，在著地過程中地面對(duì)他雙腳的平均作用力估計(jì)為(　　) A.自身所受重力的2倍 B.自身所受重力的5倍 C.自身所受重力的8倍 D.自身所受重力的10倍 解析　設(shè)地面對(duì)雙腳的平均作用力為F，在全過程中，由動(dòng)能定理得mg(H＋h)－Fh＝0，F(xiàn)＝＝mg＝5mg，B正確。 答案　B 4.如圖所示，將質(zhì)量為m的小球以速度v0由地面豎直向上拋出。小球落回地面時(shí)，其速度大小為v0。設(shè)小球在運(yùn)動(dòng)過程中所受空氣阻力的大小

23、不變，則空氣阻力的大小等于(　　) A.mg B.mg C.mg D.mg 解析　根據(jù)動(dòng)能定理，對(duì)全過程有－2fH＝m(v0)2－mv，上升過程－(mg＋f)H＝－mv 聯(lián)立兩式得f＝mg，選項(xiàng)D正確。 答案　D 5.一個(gè)25 kg的小孩從高度為3.0 m的滑梯頂端由靜止開始滑下，滑到底端時(shí)的速度為2.0 m/s。g取10 m/s2，關(guān)于力對(duì)小孩做的功，以下結(jié)果正確的是(　　) A.合外力做功50 J B.阻力做功500 J C.重力做功500 J D.支持力做功50 J 解析　由動(dòng)能定理可求得合外力做的功等于物體動(dòng)能的變化，即ΔEk＝mv2＝×25×2.02 J

24、＝50 J，A選項(xiàng)正確；重力做功WG＝mgh＝25×10×3.0 J＝750 J，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；支持力的方向與小孩的運(yùn)動(dòng)方向垂直，不做功，D選項(xiàng)錯(cuò)誤；阻力做功W阻＝W合－WG＝(50－750) J＝－700 J，B選項(xiàng)錯(cuò)誤。 答案　A 6.子彈的速度為v，打穿一塊固定的木塊后速度剛好變?yōu)榱?。若木塊對(duì)子彈的阻力為恒力，那么當(dāng)子彈射入木塊的深度為其厚度的一半時(shí)，子彈的速度是(　　) A. B.v C. D. 解析　設(shè)子彈的質(zhì)量為m，木塊的厚度為d，木塊對(duì)子彈的阻力為Ff。根據(jù)動(dòng)能定理，子彈剛好打穿木塊的過程滿足－Ff　d＝0－mv2。設(shè)子彈射入木塊厚度一半時(shí)的速度為v′，則－Ff·

25、＝mv′2－mv2，得v′＝v，故選項(xiàng)B正確。 答案　B 7.(2017·溫州模擬)在籃球比賽中，某位同學(xué)獲得罰球機(jī)會(huì)，他站在罰球線處用力將籃球投出，籃球約以1 m/s的速度撞擊籃筐。已知籃球質(zhì)量約為0 .6 kg，籃筐離地高度約為3 m，忽略籃球受到的空氣阻力，則該同學(xué)罰球時(shí)對(duì)籃球做的功大約為(　　) A.1 J B.10 J C.50 J D.100 J 解析　假設(shè)人的身高為h1＝1.8 m，則根據(jù)動(dòng)能定理W－mg(h－h(huán)1)＝mv2，代入數(shù)據(jù)整理可以得到W＝7.5 J，故選項(xiàng)B正確。 答案　B 8.運(yùn)輸人員要把質(zhì)量為m，體積較小的木箱拉上汽車?，F(xiàn)將長為L的木板搭

26、在汽車尾部與地面間構(gòu)成一固定斜面，然后把木箱沿斜面拉上汽車。斜面與水平地面成30°角，拉力與斜面平行。木箱與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。則將木箱運(yùn)上汽車，拉力至少做功(　　) A.mgL B.mg C.mgL(1＋μ) D.μmgL＋mgL 解析　以木箱為研究對(duì)象，將木箱運(yùn)上汽車， 重力做功WG＝－mgLsin 30°＝－mgL， 摩擦力做功Wf＝－μmgLcos 30°＝－μmgL， 所以拉力至少做功WF＝－(WG＋Wf)＝mgL(1＋μ)，C項(xiàng)正確。 答案　C 9.如圖所示，用一塊長L1＝1.0 m的木板在墻和桌面間架設(shè)斜面，桌子高H＝0.8 m，長L2＝1

27、.5 m。斜面與水平桌面的傾角θ可在0～60°間調(diào)節(jié)后固定。將質(zhì)量m＝0.2 kg的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1＝0.05，物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2，忽略物塊在斜面與桌面交接處的能量損失。重力加速度取g＝10 m/s2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。(已知sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8) (1)求θ角增大到多少時(shí)，物塊能從斜面開始下滑；(用正切值表示) (2)當(dāng)θ角增大到37°時(shí)，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2。 解析　(1)要使小物塊能夠下滑必須滿足 mgsin θ>μ1mgcos θ① 解得tan θ>0.0

28、5② (2)物塊從斜面頂端下滑到停在桌面邊緣過程中物塊克服摩擦力做功Wf＝μ1mgL1cos θ＋μ2mg(L2－L1cos θ)③ 全過程由動(dòng)能定理得mgL1sin θ－Wf＝0④ 代入數(shù)據(jù)解得μ2＝0.8⑤ 答案　(1)0.05　(2)0.8 [能力提升] 10.如圖所示，質(zhì)量為m的物體在水平恒力F的推動(dòng)下，從山坡底部A處由靜止開始運(yùn)動(dòng)至高為h的坡頂B處，獲得的速度為v，A、B間的水平距離為s，下列說法正確的是(　　) A.物體克服重力所做的功是mgh B.合力對(duì)物體做的功是mv2 C.推力對(duì)物體做的功是Fs－mgh D.物體克服阻力做的功是mv2＋mgh－Fs

29、解析　設(shè)物體克服阻力做的功為W，由動(dòng)能定理得Fs－mgh－W＝mv2－0，得W＝Fs－mgh－mv2，故D錯(cuò)誤；因?yàn)镕是水平恒力，s是水平位移，推力對(duì)物體做的功可由W＝Fs計(jì)算，故C錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理知B正確；物體克服重力所做的功為mgh，A錯(cuò)誤。 答案　B 11.如圖所示，一滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))經(jīng)水平軌道AB進(jìn)入豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧形軌道BC。已知滑塊的質(zhì)量m＝0.5 kg，滑塊經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的速度vA＝5 m/s，AB長x＝4.5 m，滑塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.1，圓弧形軌道的半徑R＝0.5 m，滑塊離開C點(diǎn)后豎直上升的最大高度h＝0.1 m。取g＝10 m/s2。求： (

30、1)滑塊第一次經(jīng)B點(diǎn)時(shí)速度的大??； (2)滑塊剛剛滑上圓弧形軌道時(shí)，對(duì)軌道上B點(diǎn)壓力的大??； (3)滑塊在從B運(yùn)動(dòng)到C的過程中克服摩擦力所做的功。 解析　(1)滑塊由A到B的過程中，應(yīng)用動(dòng)能定理得 －Ffx＝mv－mv 又Ff＝μmg 解得vB＝4 m/s (2)在B點(diǎn)，滑塊開始做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可知FN－mg＝m 解得軌道對(duì)滑塊的支持力FN＝21 N 根據(jù)牛頓第三定律可知，滑塊對(duì)軌道上B點(diǎn)壓力的大小也為21 N。 (3)滑塊從B經(jīng)過C上升到最高點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得－mg(R＋h)－Wf′＝0－mv 解得滑塊克服摩擦力做功Wf′＝1 J。 答案　(1)4 m

31、/s　(2)21 N　(3)1 J 12.(2017·衢州、麗水、湖州、舟山四地市質(zhì)檢)如圖甲所示為一景區(qū)游樂滑道，游客坐在座墊上沿著花崗巖滑道下滑，他可依靠手、腳與側(cè)壁間的摩擦來控制下滑速度?；篮喕瘓D如乙所示，滑道由AB、BC、CD三段組成，各段之間平滑連接。AB段和CD段與水平面夾角為θ1，豎直距離均為h0，BC段與水平面夾角為θ2，豎直距離為h0。一質(zhì)量為m的游客從A點(diǎn)由靜止開始下滑，到達(dá)底端D點(diǎn)時(shí)的安全速度不得大于，已知sin θ1＝，sin θ2＝，座墊與滑道底面間摩擦及空氣阻力均不計(jì)，若未使用座墊，游客與滑道底面間的摩擦力大小f恒為重力的0.1倍，運(yùn)動(dòng)過程中游客始終不離開滑道，

32、問： (1)游客使用座墊自由下滑(即與側(cè)壁間無摩擦)，則游客在BC段增加的動(dòng)能ΔEk多大？ (2)若游客未使用坐墊且與側(cè)壁間無摩擦下滑，則游客到達(dá)D點(diǎn)時(shí)是否安全； (3)若游客使用座墊下滑，則克服側(cè)壁摩擦力做功的最小值。 解析　 (1)重力在BC段做的功即為增加的動(dòng)能ΔEk 可得ΔEk＝WG＝mgh0 (2)在AD段，由動(dòng)能定理得 mg－12fh0＝mv vD＝>到達(dá)D點(diǎn)時(shí)不安全 (3)到達(dá)D點(diǎn)的速度為對(duì)應(yīng)的功最小。 在AD段，由動(dòng)能定理得 mg(h0＋h0＋h0)－W＝mv W＝mgh0 答案　(1)mgh0　(2)到達(dá)D點(diǎn)時(shí)不安全 (3)mgh0 13.(

33、2017·杭州模擬)如圖所示，一位質(zhì)量m＝65 kg參加“挑戰(zhàn)極限運(yùn)動(dòng)”的選手，要越過寬度為s＝3 m的水溝，躍上高為h＝1.8 m的平臺(tái)，采用的方法是：人手握一根長L＝3.25 m的輕質(zhì)彈性桿一端。從A點(diǎn)由靜止開始勻加速助跑，至B點(diǎn)時(shí)，桿另一端抵在O點(diǎn)的阻擋物上，接著桿發(fā)生形變。同時(shí)人蹬地后被彈起，到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)桿處于豎直，人的重心恰位于桿的頂端，此刻人放開桿水平飛出，最終趴落到平臺(tái)上，運(yùn)動(dòng)過程中空氣阻力可忽略不計(jì)。(g取10 m/s2) (1)設(shè)人到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度vB＝8 m/s，人勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度a＝2 m/s2，求助跑距離sAB； (2)人要到達(dá)平臺(tái)，在最高點(diǎn)飛出時(shí)刻速度v至少多大？ (3)設(shè)人跑動(dòng)過程中重心離地高度H＝1.0 m，在(1)、(2)問的條件下，在B點(diǎn)人蹬地彈起瞬間，人至少再做多少功？ 解析　(1)由v＝2asAB得 sAB＝＝ m＝16 m。 (2)人飛出做平拋運(yùn)動(dòng)，在最高點(diǎn)最小速度為v時(shí)恰好落在平臺(tái)上。水平方向：s＝vt 豎直方向：L－h(huán)＝gt2 v＝s＝3 m/s＝5.57 m/s。 (3)人蹬地瞬間做功為W W＝mg(L－H)＋mv2－mv ＝[65×10×(3.25－1.0)＋×65×5.572－×65×82] J＝390.8 J。 答案　(1)16 m　(2)5.57 m/s　(3)390.8 J 16