(浙江專版)2020屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元檢測(cè)五 三角函數(shù)、解三角形單元檢測(cè)(含解析)
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(浙江專版)2020屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 單元檢測(cè)五 三角函數(shù)、解三角形單元檢測(cè)(含解析)
單元檢測(cè)五三角函數(shù)、解三角形(時(shí)間:120分鐘滿分:150分)第卷(選擇題共40分)一、選擇題(本大題共10小題,每小題4分,共40分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的)1下列命題中正確的是()A終邊在x軸正半軸上的角是零角B三角形的內(nèi)角必是第一、二象限內(nèi)的角C不相等的角的終邊一定不相同D若k·360°(kZ),則角與的終邊相同答案D解析對(duì)于A,因?yàn)榻K邊在x軸正半軸上的角可以表示為2k(kZ),A錯(cuò)誤;對(duì)于B,直角也可為三角形的內(nèi)角,但不在第一、二象限內(nèi),B錯(cuò)誤;對(duì)于C,例如30°330°,但其終邊相同,C錯(cuò)誤,故選D.2已知角的終邊經(jīng)過(guò)點(diǎn),則sin2的值為()A.B.C.D.答案C解析因?yàn)辄c(diǎn)在角的終邊上,所以cos,則sin2,故選C.3已知sin,則sin等于()A.BC±D答案B解析sincoscos,sincoscos2cos212×1.4設(shè)atan35°,bcos55°,csin23°,則()Aa>b>cBb>c>aCc>b>aDc>a>b答案A解析由題可知bcos55°sin35°,因?yàn)閟in35°>sin23°,所以b>c,利用三角函數(shù)線比較tan35°和sin35°,易知tan35°>sin35°,所以a>b.綜上,a>b>c,故選A.5若函數(shù)f(x)sin(2x)cos(2x)是偶函數(shù),則的最小正實(shí)數(shù)值是()A.B.C.D.答案B解析f(x)sin(2x)cos(2x)2·sin.因?yàn)閒(x)為偶函數(shù),所以當(dāng)x0時(shí),2xk(kZ),解得k(kZ)當(dāng)k0時(shí),取得最小正實(shí)數(shù)值,故選B.6若函數(shù)f(x)Asin(x)的部分圖象如圖所示,則f(x)等于()A.sinB.sinC.sinD.sin答案C解析由題圖知,函數(shù)f(x)的最小正周期T28,A,所以,f(x)sin,由點(diǎn)在函數(shù)f(x)的圖象上,可知sin0,又0<|<,所以,所以f(x)sin.7在ABC中,角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,2bsinB(2ac)sinA(2ca)sinC則角B的大小為()A.B.C.D.答案C解析由正弦定理得2b2(2ac)a(2ca)c,化簡(jiǎn)得a2c2b2ac0,所以cosB,又B(0,),解得B,故選C.8已知函數(shù)f(x)sin2x2cos2x,將f(x)的圖象上的所有點(diǎn)的橫坐標(biāo)縮短到原來(lái)的,縱坐標(biāo)不變,再把所得圖象向上平移1個(gè)單位長(zhǎng)度,得到函數(shù)g(x)的圖象,若g(x1)·g(x2)4,則|x1x2|的值可能為()A.B.C.D答案C解析由題意得f(x)sin2xcos2x12sin1,則g(x)2sin,故函數(shù)g(x)的最小正周期T.由g(x1)·g(x2)4,知g(x1)與g(x2)的值一個(gè)為2,另一個(gè)為2,故|x1x2|(kZ)當(dāng)k1時(shí),|x1x2|,故選C.9在ABC中,角A,B,C,所對(duì)的邊分別為a,b,c,c2sinAcosAa2sinCcosC4sinB,cosB,已知D是AC上一點(diǎn),且SBCD,則等于()A.B.C.D.答案A解析設(shè)k,則由c2sinA·cosAa2sinCcosC4sinB,得k2sinAsinC(sinC·cosAsinAcosC)4sinB,即k2sinAsinCsin(CA)4sinB,所以k2sinAsinC4,即ac4.又cosB,所以sinB,所以SABCacsinB,所以1,故選A.10已知f(x)2sinxcos2sin2x(>0)在區(qū)間上是增函數(shù),且在區(qū)間0,上恰好取得一次最大值,則的取值范圍是()A.B.C.D.答案B解析f(x)sinx(1sinx)sin2xsinx,所以是含原點(diǎn)的單調(diào)遞增區(qū)間,因?yàn)楹瘮?shù)f(x)在區(qū)間上是增函數(shù),所以,所以解得.又>0,所以0<.因?yàn)楹瘮?shù)f(x)在區(qū)間0,上恰好取得一次最大值,所以<,解得<.綜上的取值范圍為,故選B.第卷(非選擇題共110分)二、填空題(本大題共7小題,多空題每題6分,單空題每題4分,共36分把答案填在題中橫線上)11.工藝扇面是中國(guó)書畫的一種常見(jiàn)表現(xiàn)形式高一某班級(jí)想用布料制作一面如圖所示的扇面,參加元旦晚會(huì)已知此扇面的中心角為,外圓半徑為60cm,內(nèi)圓半徑為30cm,則制作這樣一面扇面需要的布料為_(kāi)cm2.答案450解析由扇形的面積公式,知制作這樣一面扇面需要的布料為××60×60××30×30450(cm2)12(2018·浙江省名校協(xié)作體考試)已知tan3,則tan_,cos2_.答案解析由tan3,解得tan,所以cos2.13(2019·衢州模擬)設(shè)函數(shù)f(x)2sin,則函數(shù)f(x)的最小正周期為_(kāi),單調(diào)遞增區(qū)間為_(kāi)答案,kZ解析函數(shù)f(x)的最小正周期為,由2x,kZ得x,kZ,即單調(diào)遞增區(qū)間為,kZ.14在ABC中,內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c.若2cosA(bcosCccosB)a,ABC的面積為3,則A_,bc_.答案7解析方法一由正弦定理得,2cosA(sinBcosCsinCcosB)sinA,所以2cosAsin(BC)sinA,在ABC中,BCA,所以sin(BC)sinA>0,所以cosA,又A(0,),所以A.因?yàn)镾ABCbcsinAbc3,所以bc12,由a2b2c22bccosAb2c2bc(bc)23bc,所以13(bc)236,即(bc)249,故bc7.方法二過(guò)A作ADBC于D,在RtADB中,BDccosB,在RtADC中,DCbcosC,所以BDDCccosBbcosCa,代入2cosA(bcosCccosB)a,化簡(jiǎn)得cosA,又A(0,),所以A.因?yàn)镾ABCbcsinAbc3,所以bc12,由a2b2c22bccosAb2c2bc(bc)23bc,所以13(bc)236,即(bc)249,故bc7.15我國(guó)古代數(shù)學(xué)家秦九韶在數(shù)學(xué)九章系統(tǒng)地總結(jié)和發(fā)展了高次方程數(shù)值解法和一次同余組解法,提出了相當(dāng)完備的“正負(fù)開(kāi)方術(shù)”和“大衍求一術(shù)”,代表了當(dāng)時(shí)世界數(shù)學(xué)的最高水平其中他還創(chuàng)造使用了“三斜求積術(shù)”(給出了三角形三邊求三角形面積公式S),這種方法對(duì)現(xiàn)在還具有很大的意義和作用在ABC中,AB13,BC14,AC15,D在AC上,且BD平分ABC,則ABC面積是_;BD_.答案84解析方法一將已知數(shù)據(jù)代入公式,得SABC84.BD平分ABC,(),cosABC,22,BD.方法二cosABC,cosBAC,cosABDcos,sinABC,sinBAC,sinABD,SABCAB·BCsinABC84,BD.16.函數(shù)ysin(x)(>0)的部分圖象如圖所示,設(shè)P是圖象的最高點(diǎn),A,B是圖象與x軸的交點(diǎn),記APB,則sin2_.答案解析由題意知函數(shù)ysin(x)的最小正周期為T2,過(guò)點(diǎn)P作PQ垂直x軸于點(diǎn)Q(圖略),則tanAPQ,tanBPQ,tantan(APQBPQ)8,故sin22sincos.17已知函數(shù)f(x)sincos,若存在x1,x2,xn滿足0x1<x2<<xn6,且|f(x1)f(x2)|f(x2)f(x3)|f(xn1)f(xn)|12(n2,nN*),則n的最小值為_(kāi)答案8解析f(x)sincossinsinx由ysinx的圖象知,對(duì)xi,xi1(i1,2,3,n)有|f(xi)f(xi1)|maxf(x)maxf(x)min2,則要使n取得最小值,應(yīng)盡可能多的使xi(i1,2,3,n)取得極值點(diǎn),所以在區(qū)間0,6上,當(dāng)xi的值分別為x10,x2,x3,x4,x5,x6,x7,x86時(shí),n取得最小值8.三、解答題(本大題共5小題,共74分解答應(yīng)寫出文字說(shuō)明,證明過(guò)程或演算步驟)18(14分)已知cos,cos(),且0<<<.(1)求tan2的值;(2)求.解(1)由cos,0<<,得sin,tan×4,tan2.(2)由0<<<,得0<<,又cos(),sin().由(),得coscos()coscos()sinsin()××,.19(15分)已知函數(shù)f(x)sinsin2x.(1)求函數(shù)f(x)的最小正周期;(2)若對(duì)任意xR,有g(shù)(x)f,求函數(shù)g(x)在上的值域解(1)f(x)sinsin2xsin2xsin2xcos2xsin2xsin2xcos2xsin2xsin2x1sin2x,故函數(shù)f(x)的最小正周期T.(2)由(1)知f(x)sin2x.對(duì)任意xR,有g(shù)(x)f,g(x)sin2sin,當(dāng)x時(shí),2x,則sin1,×g(x),即g(x)1.故函數(shù)g(x)在上的值域?yàn)?20(15分)在ABC中,角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,且滿足cos2Acos2B2coscos.(1)求角B的值;(2)若b,且ba,求a的取值范圍解(1)由cos2Acos2B2coscos,得2sin2B2sin2A2,則sinB,因?yàn)?<B<,所以B或.(2)因?yàn)閎a,所以B,由正弦定理2,得a2sinA,c2sinC.所以a2sinAsinC2sinAsinsinAcosAsin.又ba,所以A<,則A<,所以sin<,所以a.21(15分)已知在銳角三角形ABC中,角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,a2b26abcosC,且sin2C2sinAsinB.(1)求角C的值;(2)設(shè)函數(shù)f(x)sincosx(>0),且f(x)的圖象上兩相鄰的最高點(diǎn)之間的距離為,求f(A)的取值范圍解(1)因?yàn)閍2b26abcosC,由余弦定理知a2b2c22abcosC,所以cosC.又sin2C2sinAsinB,由正弦定理得c22ab,所以cosC,又C(0,),所以C.(2)f(x)sincosxsin,則最小正周期T,解得2,所以f(x)sin.因?yàn)镃,BA,則解得<A<,所以<2A<,則<f(A)<0.所以f(A)的取值范圍是.22(15分)已知函數(shù)f(x)sin2sin2x.(1)求函數(shù)f(x)的最小正周期;(2)確定函數(shù)f(x)在0,上的單調(diào)性;(3)在ABC中,a,b,c分別是內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊,若f,bc7,ABC的面積為2,求邊a的長(zhǎng)解(1)f(x)sin2xcoscos2xsin1cos2xsin1,f(x)的最小正周期T.(2)令2k2x2k(kZ),解得kxk(kZ),f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是(kZ)同理f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為,kZ,故f(x)在上為減函數(shù),在和上為增函數(shù)(3)f(x)sin1,f,sin,又<A<,A.ABC的面積為2,bcsin2,解得bc8.bc7,a2b2c22bccos(bc)23bc25,a5.13