《高考物理一輪復(fù)習 第10章 磁場 微專題53 帶電粒子在直線邊界磁場中的運動試題 粵教版-粵教版高三物理試題》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《高考物理一輪復(fù)習 第10章 磁場 微專題53 帶電粒子在直線邊界磁場中的運動試題 粵教版-粵教版高三物理試題(8頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、53 帶電粒子在直線邊界磁場中的運動
[方法點撥] (1)一般步驟:畫軌跡,定圓心,求半徑或圓心角;(2)注意“運動語言”與“幾何語言”間的翻譯,如:速度對應(yīng)圓周半徑;時間對應(yīng)圓心角、弧長或弦長等;(3)掌握一些圓的幾何知識,如:偏轉(zhuǎn)角等于圓心角;同一直線邊界,出射角等于入射角等.
1.(帶電粒子在單邊界磁場中的運動)(多選)A、B兩個離子同時從勻強磁場的直邊界上的P、Q點分別以60°和30°(與邊界的夾角)射入磁場,又同時分別從Q、P點穿出,如圖1所示.設(shè)邊界上方的磁場范圍足夠大,下列說法中正確的是( )
圖1
A.A為正離子,B為負離子 B.A、B兩離子運動半徑之比為1∶
2、
C.A、B兩離子速率之比為1∶ D.A、B兩離子的比荷之比為2∶1
2.(帶電粒子在單邊界磁場中的運動)(多選)如圖2所示,在一單邊有界磁場的邊界上有一粒子源O,沿垂直磁場方向,以相同速率向磁場中發(fā)出了兩種粒子,a為質(zhì)子(H),b為α粒子(He),b的速度方向垂直于磁場邊界,a的速度方向與b的速度方向之間的夾角為θ=30°,兩種粒子最后都打到了位于磁場邊界位置的光屏OP上,則( )
圖2
A.a(chǎn)、b兩粒子轉(zhuǎn)動周期之比為2∶3
B.a(chǎn)、b兩粒子在磁場中運動時間之比為2∶3
C.a(chǎn)、b兩粒子在磁場中運動的軌道半徑之比為1∶2
D.a(chǎn)、b兩粒子打到光屏上的位置到O點的距離之比為
3、1∶2
3.(帶電粒子在三角形邊界磁場中的運動)(多選)如圖3所示,M、N為兩塊帶等量異種電荷的平行金屬板,兩板間電壓可取從零到某一最大值之間的各種數(shù)值.靜止的帶電粒子帶電荷量為+q,質(zhì)量為m(不計重力),從點P經(jīng)電場加速后,從小孔Q進入N板右側(cè)的勻強磁場區(qū)域,磁感應(yīng)強度大小為B,方向垂直于紙面向外,CD為磁場邊界上的一絕緣板,它與N板的夾角為θ=30°,孔Q到板的下端C的距離為L,當M、N兩板間電壓取最大值時,粒子恰好垂直打在CD板上,則下列說法正確的是( )
圖3
A.兩板間電壓的最大值Um=
B.CD板上可能被粒子打中區(qū)域的長度x=L
C.粒子在磁場中運動的最長時間tm=
4、
D.能打到N板上的粒子的最大動能為
4.(帶電粒子在矩形邊界磁場中的運動)如圖4所示,在邊長ab=1.5L,bc=L的矩形區(qū)域內(nèi)存在著垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場,在ad邊中點O處有一粒子源,可以垂直磁場向區(qū)域內(nèi)各個方向發(fā)射速度大小相等的同種帶電粒子.若沿Od的方向射入的粒子從磁場邊界cd離開磁場,該粒子在磁場中運動的時間為t0,圓周運動半徑為L,不計粒子的重力和粒子間的相互作用.下列說法正確的是( )
圖4
A.粒子帶負電
B.粒子在磁場中做勻速圓周運動的周期為4t0
C.粒子的比荷為
D.粒子在磁場中運動的最長時間為2t0
5.圖5中虛線PQ上方有
5、一磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場,磁場方向垂直紙面向外.O是PQ上一點,在紙面內(nèi)從O點向磁場區(qū)域的任意方向連續(xù)發(fā)射速率為v0的粒子,粒子電荷量為q、質(zhì)量為m.現(xiàn)有兩個粒子先后射入磁場中并恰好在M點相遇,MO與PQ間夾角為60°,不計粒子重力及粒子間的相互作用,則下列說法正確的是( )
圖5
A.兩個粒子從O點射入磁場的時間間隔可能為
B.兩個粒子射入磁場的方向分別與PQ成30°和60°角
C.在磁場中運動的粒子離邊界的最大距離為
D.垂直PQ射入磁場中的粒子在磁場中的運行時間最長
6.如圖6所示,邊界OA與OC之間分布有垂直紙面向里的勻強磁場,邊界OA上有一粒子源S.某一時刻,
6、從S平行于紙面向各個方向以某一速率發(fā)射出大量比荷為的同種正電粒子,經(jīng)過一段時間有大量粒子從邊界OC射出磁場.已知磁場的磁感應(yīng)強度大小為B,∠AOC=60°,O、S兩點間的距離為L,從OC邊界射出的粒子在磁場中運動的最短時間t=,忽略重力的影響和粒子間的相互作用,則粒子的速率為( )
圖6
A. B.
C. D.
7.如圖7所示,邊長為l的正六邊形abcdef中,存在垂直該平面向里的勻強磁場,磁感應(yīng)強度大小為B.a點處的粒子源發(fā)出大量質(zhì)量為m、電荷量為+q的同種粒子,粒子的速度大小不同,方向始終垂直ab邊且與磁場垂直.不計粒子的重力,當粒子的速度為v時,粒子恰好經(jīng)過b點.下列說法正
7、確的是( )
圖7
A.速度小于v的粒子在磁場中運動時間為
B.經(jīng)過c點的粒子在磁場中做圓周運動的半徑為l
C.經(jīng)過d點的粒子在磁場中運動的時間為
D.速度大于4v的粒子一定打在cd邊上
8.提純氘核技術(shù)對于核能利用具有重大價值,如圖8是從質(zhì)子、氘核混合物中將質(zhì)子和氘核分離的原理圖,x軸上方有垂直于紙面向外的勻強磁場,初速度為0的質(zhì)子、氘核混合物經(jīng)電壓為U的電場加速后,從x軸上的A(-L,0)點沿與+x成θ=30°的方向進入第二象限(速度方向與磁場方向垂直),質(zhì)子剛好從坐標原點離開磁場.已知質(zhì)子、氘核的電荷量均為+q,質(zhì)量分別為m、2m,忽略質(zhì)子、氘核的重力及其相互作用.
8、
圖8
(1)求質(zhì)子進入磁場時速度的大?。?
(2)求質(zhì)子與氘核在磁場中運動的時間之比;
(3)若在x軸上接收氘核,求接收器所在位置的橫坐標.
答案精析
1.BD [A向右偏轉(zhuǎn),根據(jù)左手定則知,A為負離子,B向左偏轉(zhuǎn),根據(jù)左手定則知,B為正離子,A項錯誤;離子在磁場中做圓周運動,設(shè)PQ的距離為l,由幾何關(guān)系可得r=,sin 60°∶sin 30°=∶1,則A、B兩離子的半徑之比為1∶,B項正確;離子的速率v=,時間相同,半徑之比為1∶,圓心角之比為2∶1,則速率之比為2∶,C項錯誤;根據(jù)r=知,=,因為速度大小之比為2∶,半徑之比為1∶,則比荷之比為2∶1,D項正確.]
2.BC
9、[由帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期公式T=可知,a、b兩粒子轉(zhuǎn)動周期之比Ta∶Tb=∶=1∶2,選項A錯誤;a粒子在勻強磁場中運動軌跡對應(yīng)的圓心角為240°,運動時間為,b粒子在勻強磁場中運動軌跡對應(yīng)的圓心角為180°,運動時間為,a、b兩粒子在勻強磁場中運動的時間之比為ta∶tb=∶=2∶3,選項B正確;由qvB=m,解得r=,由此可知a、b兩粒子在勻強磁場中運動的軌道半徑之比為ra∶rb=∶=1∶2,選項C正確;a粒子打到光屏上的位置到O點的距離為2racos 30°=ra,b粒子打到光屏上的位置到O點的距離為2rb,a、b兩粒子打到光屏上的位置到O點的距離之比為ra∶2rb=∶
10、4,選項D錯誤.]
3.ACD [M、N兩板間電壓取最大值時,粒子恰好垂直打在CD板上,所以圓心在C點,CH=QC=L,故半徑R1=L,又因為qv1B=m,qUm=mv,Um=,A項正確;設(shè)軌跡與CD板相切于K點,半徑為R2,在△AKC中 ,sin 30°=,所以R2=,因為KC長等于L,所以CD板上可能被粒子打中的區(qū)域的長度x為HK:x=R1-KC=(1-)L,B項錯誤;打在QC間的粒子在磁場中運動的時間最長,均為半個周期,因為T=,所以tm=T=,C項正確;軌跡與CD板相切的粒子是能打到N板上的粒子中動能最大的,由前面分析可知R2=,由R2=可得v=,所以其動能為mv2=,D項正確.]
11、
4.D [由題設(shè)條件作出以O(shè)1為圓心的軌跡圓弧,如圖所示,由左手定則可知該粒子帶正電,選項A錯誤;由圖中幾何關(guān)系可得sin θ==,解得θ=,可得T=6t0,選項B錯誤;根據(jù)洛倫茲力公式和牛頓第二定律可得T=,解得=,選項C錯誤;根據(jù)周期公式,粒子在磁場中運動時間t=,在同一圓中,半徑一定時,弦越長,其對應(yīng)的圓心角α越大,則粒子在磁場中運動時間最長時的軌跡是以O(shè)2為圓心的圓弧,如圖所示,由圖中幾何關(guān)系,α=,解得t=2t0,選項D正確.]
5.A [以粒子帶正電為例來分析,先后由O點射入磁場,并在M點相遇的兩個粒子軌跡恰好組成一個完整的圓,從O點沿OP方向入射并通過M點的粒子軌跡所對圓心角
12、為240°,根據(jù)帶電粒子在磁場中運動的周期公式可知,該粒子在磁場中的運動時間t1=×=,則另一個粒子軌跡所對圓心角為120°,該粒子在磁場中的運動時間t2=×=,可知,兩粒子在磁場中的運動時間差可能為Δt=,A項正確;射入磁場方向分別與PQ成30°和60°角的兩粒子軌跡所對圓心角之和不是360°,不可能在M點相遇,B項錯;在磁場中運動的粒子離邊界的最大距離為軌跡圓周的直徑d=,C項錯;沿OP方向入射的粒子在磁場中運動的軌跡所對圓心角最大,運動時間也最長,D項錯.]
6.A [由于粒子速率一定,帶電粒子在磁場中運動時間最短時,軌跡所對應(yīng)弦長最短,即弦長d=Lsin 60°=L,由最短時間t=知
13、粒子運動軌跡所對應(yīng)圓心角為120°,由幾何關(guān)系知Rsin 60°=d,由洛倫茲力提供向心力,得qvB=m,解得v=,選項A正確.]
7.B [根據(jù)題述“當粒子的速度為v時,粒子恰好經(jīng)過b點”,說明粒子在磁場中運動的軌道半徑為,運動時間為半個周期,即t==,速度小于v的粒子在磁場中的運動軌跡仍為半個圓周,其運動時間仍為半個周期,即t==,選項A錯誤;畫出帶電粒子經(jīng)過c點的運動軌跡(圖略),可知經(jīng)過c點的粒子在磁場中做圓周運動的半徑為正六邊形的邊長l,選項B正確;畫出帶電粒子經(jīng)過d點的運動軌跡(圖略),可知軌跡所對的圓心角為60°,經(jīng)過d點的粒子在磁場中運動的時間為t==,選項C錯誤;速度大于4v的粒子,由r=可知,在磁場中運動的軌道半徑大于2l,一定不會打在cd邊上,選項D錯誤.]
8.(1) (2)1∶2 (3)(-1)L
解析 (1)質(zhì)子在電場中加速,由動能定理得qU=mv2
解得v= .
(2)質(zhì)子與氘核在磁場中都轉(zhuǎn)過個圓周,做圓周運動的周期T1=,T2=,粒子在磁場中的運動時間t=T,則t1∶t2=T1∶T2=1∶2.
(3)質(zhì)子在磁場中運動時,由幾何知識得r=L,由牛頓第二定律得qvB=m
氘核在電場中加速,由動能定理得qU=×2mv
在磁場中,由牛頓第二定律得qv1B=2m,解得r1=L
橫坐標:x=r1-L=(-1)L.