2019-2020年中考理綜真題試題（含解析）.doc

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2019-2020年中考理綜真題試題（含解析） 一、選擇題（共6小題，每小題2分，滿分12分） 1．下列變化屬于物理變化的是（　?。? A．石蠟熔化 B．食物腐爛 C．糧食釀酒 D．鋼鐵生銹 【考點】化學變化和物理變化的判別． 【分析】化學變化是指有新物質生成的變化，物理變化是指沒有新物質生成的變化，化學變化和物理變化的本質區(qū)別是否有新物質生成；據此分析判斷． 【解答】解：A、石蠟熔化過程中只是狀態(tài)發(fā)生改變，沒有新物質生成，屬于物理變化． B、食物腐爛過程中有新物質生成，屬于化學變化． C、糧食釀酒過程中有新物質酒精生成，屬于化學變化． D、鋼鐵生銹過程中有新物質鐵銹生成，屬于化學變化． 故選A． 2．下列有關化學概念理解正確的是（　　） A．氯化鈉在20℃時的溶解度是36g，則100g的氯化鈉溶液中含有氯化鈉36g B．含氧元素的化合物一定是氧化物 C．氧化反應一定是化合反應 D．化合物一定是由不同種元素組成的 【考點】固體溶解度的概念；從組成上識別氧化物；單質和化合物的概念；化合反應及其應用；氧化反應． 【分析】A、根據固體的溶解度的含義進行分析． B、氧化物是含有兩種元素且其中一種是氧元素的化合物，有的含氧化合物有兩種以上元素組成； C、根據氧化反應是指物質與氧發(fā)生的反應，化合反應即“多變一”，進行判斷； D、由不同種元素組成的純凈物是化合物； 【解答】解：A、由溶解度的含義可知：氯化鈉在20℃時溶解度是36g，則136g的氯化鈉飽和溶液中含有氯化鈉36g，故錯誤． B、氧化物是含有兩種元素且其中一種是氧元素的化合物，含有氧元素的化合物不一定是兩種元素，例如碳酸中含有氧元素，它不是氧化物；故錯誤； C、根據氧化反應是指物質與氧發(fā)生的反應，化合反應即“多變一”，如 蠟燭+氧氣二氧化碳+水，是氧化反應，但不是化合反應，故錯誤； D、由不同種元素組成的純凈物是化合物，所以化合物都是由不同種元素組成的，故選項正確． 故選D 3．以下說法正確的是（　　） A．變癟的乒乓球放入熱水中鼓起來，是由于分子受熱變大 B．硝酸鉀和磷酸氫二銨都屬于復合肥料 C．電解水實驗證明了水是由氫氣和氧氣組成的 D．可燃物的溫度達到其著火點即可燃燒 【考點】常見化肥的種類和作用；電解水實驗；分子的定義與分子的特性；燃燒與燃燒的條件． 【分析】根據已有的分子的基本性質、復合肥的定義以及燃燒條件的知識等進行分析解答． 【解答】解：A、變癟的乒乓球放入熱水中能鼓起來，是因為溫度升高，分子間的間隔變大的緣故，故錯誤； B、硝酸鉀和磷酸氫二銨都含有氮、磷、鉀中的兩種，都屬于復合肥料，故正確； C、電解水實驗證明了水是由氫元素和氧元素組成的，水中沒有氫氣和氧氣，故錯誤； D、可燃物的溫度達到其著火點，若不和氧氣接觸也不燃燒，故錯誤； 故選B． 4．下列實驗設計或結論合理的是（　?。? A．向某固體滴加稀鹽酸，有氣泡產生，則該固體一定是碳酸鹽 B．除去MgCl2溶液中混有的少量CuCl2，可加入適量的Mg（OH）2，充分攪拌后過濾 C．CO32﹣、Na+、NO3﹣、K+四種離子可在pH=12的溶液中大量共存 D．將帶火星的木條伸入到裝有氣體的集氣瓶中，木條不復燃，證明該氣體中不含氧氣 【考點】化學實驗方案設計與評價；氧氣的檢驗和驗滿；酸的化學性質；溶液的酸堿性與pH值的關系；鹽的化學性質；離子或物質的共存問題． 【分析】A、根據鹽酸與活潑金屬反應會生成氫氣，與碳酸鹽會生成二氧化碳氣體進行分析； B、根據氫氧化鎂是不溶性堿，不會與氯化銅反應進行分析； C、根據pH=12的溶液中存在大量的氫氧根離子，CO32﹣、Na+、NO3﹣、K+四種離子彼此之間不會反應，也不會與氫氧根離子反應進行分析； D、根據將帶火星的木條伸入到裝有氣體的集氣瓶中，木條不復燃，只能說明氧氣的濃度小進行分析． 【解答】解：A、鹽酸與活潑金屬反應會生成氫氣，與碳酸鹽會生成二氧化碳氣體，故A錯誤； B、氫氧化鎂是不溶性堿，不會與氯化銅反應，故B錯誤； C、pH=12的溶液中存在大量的氫氧根離子，CO32﹣、Na+、NO3﹣、K+四種離子彼此之間不會反應，也不會與氫氧根離子反應，故C正確； D、將帶火星的木條伸入到裝有氣體的集氣瓶中，木條不復燃，只能說明氧氣的濃度小，半年說明不含氧氣，故D錯誤． 故選：C． 　 5．向一定質量的AgNO3和Fe（NO3）2的混合溶液中加入m克Zn粉，充分反應后過濾，將濾渣洗滌、干燥后稱量，得到的固體質量為m克．據此，下列說法不正確的是（　?。? A．濾渣中的物質至少有兩種 B．取反應后的濾液滴加稀鹽酸，有白色沉淀產生 C．物濾渣滴加稀鹽酸，一定有氣泡產生 D．取反應后的濾液觀察，濾液可能呈淺綠色 【考點】金屬的化學性質． 【分析】據金屬與鹽溶液的反應進行分析，在金屬活動性順序中，位置在前的金屬能將位于其后的金屬從其鹽溶液中置換出來，且置換時先把最弱的金屬置換出來，并通過固體質量不變化分析． 【解答】解：在金屬活動性順序中，Zn＞Fe＞Ag，向一定質量AgNO3和Fe（NO3）2的混合溶液中加入Zn，與兩種溶質依次發(fā)生反應 Zn+2AgNO3=Zn（NO3）2+2Ag 65 216 所以析出銀的過程是固體質量增加的過程； Zn+Fe（NO3）2=Zn（NO3）2+Fe 65 56 所以析出鐵的過程是固體質量減少的過程； 而反應前后固體質量都是mg，說明硝酸銀被置換完了，硝酸亞鐵也發(fā)生了置換反應，因此濾渣一定含有銀和鐵，可能含有鋅；濾液一定含有硝酸鋅，可能含有硝酸亞鐵，一定沒有硝酸銀； A、濾渣一定含有銀和銅，可能含有鋅；濾液一定含有硝酸鋅，可能含有硝酸銅，一定沒有硝酸銀；故說法正確； B、取反應后的濾液滴加稀鹽酸，沒有沉淀產生，因為硝酸銀完全被置換，故說法錯誤； C、因為濾渣可能含有鋅，因此取濾渣滴加硫酸，可能有氣泡，故說法正確； D、濾液可能含有硝酸亞鐵，因此濾液可能呈現(xiàn)淺綠色，故說法正確； 故選：B． 　 6．如表中，有關量的變化圖象與其對應敘述相符的是（　　） A B C D 向接近飽和的NaCl溶液中加入固體NaCl 向等質量、等質量分數的兩份稀鹽酸中分別加入足量的ZnO和Zn（OH）2 向Na2CO3溶液中加入一定溶質質量分數的NaOH溶液 等質量、等質量分數的H2SO4溶液與NaOH溶液混合 A．A B．B C．C D．D 【考點】鹽的化學性質；飽和溶液和不飽和溶液；酸的化學性質；質量守恒定律及其應用． 【分析】A、根據向接近飽和的氯化鈉溶液中加入氯化鈉固體至飽和，溶液質量先增大，后不再改變，但是溶質的質量不會從零開始進行分析； B、根據ZnO+2HCl=ZnCl2+H2O，Zn（OH）2+2HCl=ZnCl2+2H2O可知，等質量的固體與鹽酸反應時生成的氯化鋅質量不相等，生成的水的質量不相等，所以溶質質量分數也不會相等進行分析； C、根據碳酸鈉溶液顯堿性，所以溶液的起點不會從7開始進行分析； D、根據每98份質量的硫酸和80份質量的氫氧化鈉反應會生成142份質量的硫酸鈉和36份質量的水進行分析． 【解答】解：A、向接近飽和的氯化鈉溶液中加入氯化鈉固體至飽和，溶液質量先增大，后不再改變，但是溶質的質量不會從零開始，故A錯誤； B、ZnO+2HCl=ZnCl2+H2O，Zn（OH）2+2HCl=ZnCl2+2H2O可知，等質量的固體與鹽酸反應時生成的氯化鋅質量不相等，生成的水的質量不相等，所以溶質質量分數也不會相等，故B錯誤； C、碳酸鈉溶液顯堿性，所以溶液的起點不會從7開始，故C錯誤； D、每98份質量的硫酸和80份質量的氫氧化鈉反應會生成142份質量的硫酸鈉和36份質量的水，所以硫酸、氫氧化鈉的中逐漸減少，但是硫酸先反應完，硫酸鈉質量逐漸增大，然后不變，故D正確． 故選：D． 　 二、填空題（共4小題，每小題8分，滿分21分） 7．（1）寫出下列符號或示意圖中數字“2”的含義 2H　氫原子的個數為2個　　氧原子第一個電子層上有2個電子　Mg2+　一個鎂離子帶2個單位的正電荷　 （2）硝酸（HNO3）是高中化學將要學習的一種常見物質，硝酸中氮元素的化合價為　+5　價，濃硝酸見光會發(fā)生分解反應，生成紅棕色的NO2氣體和一種常見液體以及能供給呼吸的氣體，寫出該反應的化學方程式　4HNO34NO2↑+2H2O+O2↑?。? （3）Na2SO4、Ba（OH）2、H2SO4、HNO3四種無色溶液如不加其他試劑，無法鑒別出的溶液是　Na2SO4、H2SO4　，若要將它們鑒別出來，可以選用的試劑是　紫色的石蕊試液?。? 【考點】化學符號及其周圍數字的意義；酸、堿、鹽的鑒別；有關元素化合價的計算；書寫化學方程式、文字表達式、電離方程式． 【分析】（1）本題考查化學用語的意義及書寫，解題關鍵是分清化學用語所表達的對象是分子、原子、離子還是化合價，才能在化學符號前或其它位置加上適當的計量數來完整地表達其意義，并能根據物質化學式的書寫規(guī)則正確書寫物質的化學式，才能熟練準確的解答此類題目． （2）根據化合價原則和常見物質的化合價，以及化學方程式的書寫方法進行解答； （3）根據復分解反應發(fā)生的條件以及常見反應的現(xiàn)象和酸堿指示劑的有關知識進行解答． 【解答】解：（1）元素符號前面的數字表示原子的個數，故2H中的2表示氫原子的個數為2個； 根據原子結構示意圖的意義可知，弧線上的數字表示電子層上的電子數，故中的2表示氧原子第一個電子層上有2個電子； 元素符號右上角的數字表示離子所帶的電荷數，故Mg2+中的2表示一個鎂離子帶2個單位的正電荷； （2）在化合物中氫元素通常顯+1價，氧元素通常顯﹣2價，根據化合價原則，氮元素的化合價為：（+1）+X+（﹣23）=0，X=+5； 濃硝酸在一定條件下會發(fā)生分解反應，生成一種有色的大氣污染物，應是二氧化氮，還生成一種能供給呼吸的氣體，應是氧氣，還生成一種最常見的溶劑，應是水，因此濃硝酸分解的方程式是4HNO34NO2↑+2H2O+O2↑； （3）四種溶液相互滴加，其中有兩次沉淀生成的是Ba（OH）2，無任何現(xiàn)象的是HNO3，只有一次沉淀生成的是Na2SO4、H2SO4，因為硫酸鈉呈中性，硫酸顯酸性，故若要將它們鑒別出來，可以選用的試劑是紫色的石蕊試液，無顏色變化的是硫酸鈉，變紅色的是硫酸． 故答案為：（1）氫原子的個數為2個；氧原子第一個電子層上有2個電子；一個鎂離子帶2個單位的正電荷；（2）+5；4HNO34NO2↑+2H2O+O2↑；（3）Na2SO4、H2SO4；紫色的石蕊試液； 　 8．在天平（靈敏度極高）兩邊的燒杯中分別盛有100克溶質質量分數為9.8%的稀硫酸，天平平衡，再向兩燒杯中分別加入相同質量的鎂和鐵，充分反應后，若天平平衡，則反應物中一定有剩余的物質是　鎂　，一定沒有剩余的物質是　稀硫酸??；若天平失去平衡，則一定沒有剩余的物質是　鐵?。? 【考點】金屬的化學性質． 【分析】根據已知條件，反應前天平平衡，若反應后天平平衡，說明生成氣體的質量相等，氣體是從稀六酸中置換出來的，故稀硫酸應該完全反應； 因為鎂原子的相對質量＜鐵原子的相對原子質量，如果生成氣體的質量相等，則鐵的質量應該＞鎂的質量． 【解答】解：若天平平衡，說明生成氣體的質量相等，氣體是從稀硫酸中置換出來的，故稀硫酸應該沒有剩余； 根據等質量金屬完全反應放出放出氫氣質量=金屬的質量，可知因為鎂原子的相對質量＜鐵原子的相對原子質量，所以如果生成氣體的質量相等，則反應的鐵的質量應該＞鎂的質量．故一定有剩余的是鎂； 因為鎂原子的相對原子質量＜鐵原子的相對原子質量，因為“加入質量相等的鎂和鐵”，則鎂產生的氫氣較多；若天平失去平衡，則指針一定偏向放入金屬 鐵的一方．鐵一定沒有剩余． 故答案為：鎂；稀硫酸；鐵 　 9．根據圖回答問題： （1）儀器a的名稱是　錐形瓶　． （2）以高錳酸鉀為原料，用A和D裝置組合制取氧氣，在實驗結束后，若先熄滅酒精燈，未及時將導氣管從水中槽中取出，則可能導致的后果是　水倒吸炸裂試管?。? （3）某同學用濃鹽酸和石灰石制取二氧化碳并將生成的氣體通入E裝置，未看到石灰水變渾濁，其原因是　濃鹽酸具有揮發(fā)性，二氧化碳氣體中混有氯化氫氣體　，如果用上述原料制取并收集一瓶較純凈其干燥的二氧化碳氣體，所選用裝置的連接順序是　BFHC?。ㄌ钚蛱枺? （4）化學興趣小組的同學通過查閱資料，設計了以下兩種制取二氧化碳氣體的方案： 方案一：加熱碳酸氫鈉 2NaHCO3Na2CO3+H2O+CO2↑ 方案二：加熱碳酸氫銨 NH4HCO3NH3↑+H2O+CO2↑ 你認為上述兩個方案中選方案　一　更合理，不選另一個方案的理由是　方案二產生的氣體不純，還需分離或除雜?。? 【考點】常用氣體的發(fā)生裝置和收集裝置與選取方法；制取氧氣的操作步驟和注意點；二氧化碳的實驗室制法． 【分析】制取裝置包括加熱和不需加熱兩種，如果用雙氧水和二氧化錳制氧氣就不需要加熱，如果用高錳酸鉀或氯酸鉀制氧氣就需要加熱．氧氣的密度比空氣的密度大，不易溶于水，因此能用向上排空氣法和排水法收集．實驗室制取CO2，是在常溫下，用大理石或石灰石和稀鹽酸制取的，碳酸鈣和鹽酸互相交換成分生成氯化鈣和水和二氧化碳，因此不需要加熱．二氧化碳能溶于水，密度比空氣的密度大，因此只能用向上排空氣法收集．如果用上述原料制取并收集一瓶較純凈其干燥的二氧化碳氣體，所選用裝置的連接順序是BFHC，要先除雜質再干燥．上述兩個方案中選方案一更合理，不選另一個方案的理由是：方案二產生的氣體不純，還需分離或除雜． 【解答】解：（1）錐形瓶是常用的反應容器，故答案為：錐形瓶； （2）在實驗結束后，若先熄滅酒精燈，未及時將導氣管從水中槽中取出，則可能導致的后果是：水倒吸炸裂試管；故答案為：水倒吸炸裂試管； （3）某同學用濃鹽酸和石灰石制取二氧化碳并將生成的氣體通入E裝置，未看到石灰水變渾濁，其原因是：濃鹽酸具有揮發(fā)性，二氧化碳氣體中混有氯化氫氣體；如果用上述原料制取并收集一瓶較純凈其干燥的二氧化碳氣體，所選用裝置的連接順序是BFHC，要先除雜質再干燥；故答案為：濃鹽酸具有揮發(fā)性，二氧化碳氣體中混有氯化氫氣體；BFHC； （4）上述兩個方案中選方案一更合理，不選另一個方案的理由是：方案二產生的氣體不純，還需分離或除雜；故答案為：一；方案二產生的氣體不純，還需分離或除雜； 　 10．固體M（由幾種初中化學常見物質組成）加足量水溶解得到有色溶液甲．進行圖中實驗．（X、乙、丙均為無色溶液且X溶液中只含有一種溶質，能發(fā)生化學反應的均恰好完全反應）試推斷： （1）沉淀C的化學式為　AgCl?。? （2）X溶液中的溶質是　KOH　（填化學式） （3）甲溶液中一定存在的陰離子是　Cl﹣、S?。ㄌ铍x子符號） （4）固體M最多由　6　種物質組成． 【考點】物質的鑒別、推斷；鹽的化學性質． 【分析】根據X、乙、丙均為無色溶液且X溶液中只含有一種溶質，丙和硝酸銀反應生成不溶于硝酸的白色成都話C和硝酸鉀，所以C是氯化銀，丙中含有氯化鉀，溶液乙和硝酸鋇反應生成不溶于硝酸的白色沉淀B和氯化鉀，所以B是硫酸鋇，乙中含有硫酸鉀、氯化鉀，甲和X會生成紅褐色沉淀A和乙，所以A是氫氧化鐵沉淀，X是氫氧化鉀，所以甲中至少含有氯化鐵、硫酸鐵，然后將推出的物質進行驗證即可． 【解答】解：X、乙、丙均為無色溶液且X溶液中只含有一種溶質，丙和硝酸銀反應生成不溶于硝酸的白色成都話C和硝酸鉀，所以C是氯化銀，丙中含有氯化鉀，溶液乙和硝酸鋇反應生成不溶于硝酸的白色沉淀B和氯化鉀，所以B是硫酸鋇，乙中含有硫酸鉀、氯化鉀，甲和X會生成紅褐色沉淀A和乙，所以A是氫氧化鐵沉淀，X是氫氧化鉀，所以甲中至少含有氯化鐵、硫酸鐵，經過驗證，推導正確，所以 （1）沉淀C的化學式為AgCl； （2）X溶液中的溶質是KOH； （3）甲溶液中一定存在的陰離子是Cl﹣、S； （4）通過推導可知，M中最多含有氯化鐵、硫酸鐵、氯化鉀、硫酸鉀、硝酸鉀、硝酸6中物質組成． 故答案為：（1）AgCl； （2）KOH； （3）Cl﹣、S； （4）6． 　 三、解答題（共1小題，滿分7分） 11．將19.45克碳酸鈉和氯化鈉的固體混合物放置于燒杯（重50克）中，加入一定量的水，固體全部溶解，然后向燒杯中滴加一定溶質質量分數的稀鹽酸，實驗測得燒杯及杯中物質的總質量與加入稀鹽酸的質量關系如圖所示．計算： （1）所加稀鹽酸的溶質質量分數 （2）恰好完全反應時所得溶液的溶質質量分數． 【考點】根據化學反應方程式的計算；有關溶質質量分數的簡單計算． 【分析】（1）根據生成的二氧化碳的質量和方程式計算碳酸鈉和氯化鈉參加反應的鹽酸中溶質的質量，再根據溶質的質量分數計算所加稀鹽酸的溶質質量分數 （2）根據恰好完全反應時溶液中溶質的質量分數公式分析． 【解答】解：由燒杯及杯中物質的總質量與加入稀鹽酸的質量關系圖可知，生成的二氧化碳的質量為：202.2g+50g﹣250g=2.2g 設參加反應的鹽酸中溶質的質量為x，碳酸鈉的質量為y，生成的氯化鈉的質量為z Na2C03+2HCl=2NaCl+H2O+CO2↑ 106 73 117 44 y x z 2.2g 解得：x=3.65g，y=5.3g z=5.85g． 所加稀鹽酸的溶質質量分數為： =7.3% （2）恰好完全反應時所得溶液的溶質質量分數為： =10% 答：（1）所加稀鹽酸的溶質質量分數是7.3% （2）恰好完全反應時所得溶液的溶質質量分數是10%． 　 內蒙古包頭市xx年中考物理試卷 一、選擇題 1．下列說法正確的是（　?。? A．聲音的傳播需要介質，真空不能傳聲 B．有霾天氣，大量極細微的塵粒懸浮在空中，說明分子在不停地運動 C．秋天的早晨花草上出現(xiàn)露珠，這是汽化現(xiàn)象 D．通過技術改進，熱機效率可達100% 【考點】聲音的傳播條件；液化及液化現(xiàn)象；機械運動；熱機的效率． 【分析】①聲音的傳播需要介質，可以在氣體、液體和固體中傳播，但不能在真空中傳播； ②因為分子很小，人肉眼看不到，看到的就不是分子的運動； ③物質由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)的過程叫液化； ④任何能量轉化過程都伴隨能量的損失，所以轉化效率不可能達到100%． 【解答】解： A、聲音的傳播需要介質，但不能在真空中傳播．故A正確； B、塵粒是由大量分子組成的，塵粒的運動屬于物體的機械運動，不能說明分子在做無規(guī)則運動．故B錯誤； C、秋天花草上出現(xiàn)露珠，是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的小水滴．故C錯誤； D、無論科技如何發(fā)展，熱機的效率可以提高，總存在摩擦、要做額外功，效率一定不會達到100%．故D錯誤． 故選A． 　 2．下列光現(xiàn)象，由光的反射形成的是 （　?。? A．雨后彩虹 B．海市蜃樓 C．小孔成像 D．水中倒影 【考點】光的反射． 【分析】要解決此題，需要掌握光的反射現(xiàn)象，知道平面鏡成像是由于光的反射形成的． 要掌握光的折射現(xiàn)象，知道水底看起來比實際的要淺、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃樓、凸透鏡成像都是光的折射． 要掌握光沿直線傳播現(xiàn)象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直線傳播形成的． 【解答】解：A、雨過天晴時，常在天空出現(xiàn)彩虹，這是太陽光通過懸浮在空氣中細小的水珠折射而成的，白光經水珠折射以后，分成各種彩色光，這種現(xiàn)象叫做光的色散現(xiàn)象，所以說雨后的天空出現(xiàn)彩虹是由光的色散形成的．不合題意； B、海市蜃樓是光在沿直線方向傳播時，在密度不均勻的空氣層中，經過折射造成的結果，不合題意； C、小孔成像，成的是物體倒立的像，像之所以是倒立的，就是因為光的直線傳播造成的；不合題意； D、水中倒影，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，符合題意． 故選D． 　 3．下列示意圖正確的是（　?。? A． 小球所受的重力G B． 木塊對斜面的壓力F C． 力 F2的力臂l2 D． 家庭電路中，電燈和插座的安裝 【考點】力的示意圖；力臂的畫法；家庭電路的連接． 【分析】（1）根據規(guī)則物體的重心在物體的幾何中心，然后過重心表示出重力的方向； （2）斜面上靜止的木塊對斜面的壓力垂直于斜面，斜面受到的壓力的作用點在斜面上； （3）力臂是指從支點到力的作用線的距離； （4）燈泡的接法：火線進入開關，再進入燈泡頂端的金屬點；零線直接接入燈泡的螺旋套．兩孔插座的接法：左孔接零線；右孔接火線； 【解答】解：A、小球所受的重力的重心應該在小球的重心上，而圖中重力的作用點畫錯了．故A錯誤； B、斜面上靜止的木塊對斜面的壓力垂直于斜面，斜面受到的壓力的作用點在斜面，圖中壓力的作用點和方向畫錯了．故B錯誤； C、反向延長力F2的作用線，然后過支點O 向力的作用線引垂線段，垂線段的長即為力臂l2．故C正確； D、火線進入開關，再進入燈泡頂端的金屬點，零線直接接入燈泡的螺旋套，這樣在斷開開關能切斷火線，接觸燈泡不會發(fā)生觸電事故．既能控制燈泡，又能更安全．圖中開關和燈泡接法錯誤．故D錯誤． 故選C． 　 4．我國自行研制的殲﹣15艦載機在“遼寧號”航母上起飛過程中，下列說法正確的是（　　） A．艦載機飛離航母后，航母所受浮力的大小不變 B．艦載機飛行時能獲得向上的升力，是因為機翼上方空氣流速大于機翼下方空氣流速 C．艦載機飛離航母甲板時，以艦載機為參照物，航母甲板是靜止的 D．艦載機在起飛過程中，慣性將消失 【考點】物體的浮沉條件及其應用；參照物及其選擇；慣性；飛機的升力． 【分析】（1）物體漂浮時受到的浮力和自身的重力相等； （2）流體流速越快的位置壓強越小，據此來分析飛機起飛時的受力情況； （3）判斷一個物體是否運動，要先選擇一個參照物，看這個物體相對于參照物有沒有位置的改變．如果位置發(fā)生改變，則物體是運動的；如果未發(fā)生變化，則物體是靜止的； （4）慣性是指物體能夠保持原來運動狀態(tài)不變的性質，任何物體都具有慣性． 【解答】解：A．艦載機飛離航母前后，航母始終漂浮，受到的浮力和自身的重力相等，當艦載機飛離航母后，航母的重力減小，所受的浮力減小，故A錯誤； B．飛機飛行時，機翼上方空氣流速大于機翼下方空氣流速，上方壓強小于下方，從而產生向上的升力，故B正確； C．艦載機飛向航母甲板時，以艦載機為參照物，航母甲板相對于艦載機的位置是變化的，所以航母甲板相對艦載機是運動的，故C錯誤； D．物體在任何時候都有慣性，飛機在起飛過程中，慣性不可能消失，故D錯誤． 故選B． 　 5．如圖所示是實驗室電流表的內部結構圖，處在磁場中的線圈有電流通過時，線圈會帶動指針一起偏轉．線圈中電流越大，指針偏轉角度就越大．關于該現(xiàn)象，下列說法正確的是（　?。? A．該電流表是利用電磁感應原理工作的 B．線圈中有電流通過時，把機械能轉化為電能 C．改變線圈中的電流方向，指針的偏轉方向不會改變 D．線圈中電流越大，其所受磁場力就越大 【考點】磁場對通電導線的作用． 【分析】首先利用圖示的裝置分析出其制成原理，即通電線圈在磁場中受力轉動，線圈的轉動可以帶動指針的偏轉．線圈受力方向與電流方向有關，這一過程中，將電能轉化為機械能． 【解答】解：通過電流表的內部構造顯示電流表的制成原理：通電線圈在磁場中受力而轉動，并且電流越大，線圈受到的力越大，其轉動的幅度越大．因此可以利用電流表指針的轉動幅度來體現(xiàn)電路中電流的大?。? A．通過電流表的內部構造顯示電流表的制成原理：通電線圈在磁場中受力而轉動，故A錯誤； B．線圈中有電流通過時，電能轉化為機械能，故B錯誤； C．改變線圈中的電流方向，其轉動方向會發(fā)生改變，故C錯誤； D．電流越大，線圈受到的力越大，因此可以利用電流表指針的轉動幅度來體現(xiàn)電路中電流的大小，故D正確． 故選D． 　 6．如圖甲所示，木塊放在水平面上，用彈簧測力計沿水平方向拉木塊使其做直線運動，兩次拉動木塊得到的s﹣t關系圖象如圖乙所示． 兩次對應的彈簧測力計示數分別為F1、F2，兩次拉力的功率分別為P1、P2，下列判斷正確的是（　?。? A．Fl＞F2、P1＞P2B．Fl=F2、P1＞P2C．F1＞F2、P1=P2D．F1＜F2、Pl＜P2 【考點】功率大小的比較；二力平衡條件的應用． 【分析】（1）彈簧測力計拉動木塊在水平面上勻速直線運動時，水平方向上木塊受到拉力和滑動摩擦力作用，拉力和滑動摩擦力是一對平衡力． （2）滑動摩擦力大小跟壓力大小和接觸面粗糙程度有關．根據P=Fv判斷拉力的功率． 【解答】解：由圖乙可知，木塊兩次都做勻速直線運動，則拉力和滑動摩擦力是一對平衡力，大小相等， 因為同一木塊放在同一桌面上，壓力不變、接觸面的粗糙程度不變，所以兩次木塊受到的滑動摩擦力相等， 故兩次對應的彈簧測力計示數相等，即F1=F2； 從圖乙中可以判斷出，第1次木塊的運動速度大于第2次木塊的運動速度，即v1＞v2， 根據公式P=Fv可知，當拉力相等時，速度越大，拉力的功率越大，即：P1＞P2． 綜上所述，ACD錯誤，B正確． 故選：B． 　 7．如圖所示，把標有“6V 3W”的小燈泡與最大阻值為10OΩ的滑動變阻器連接在電源電壓恒為18V的電路中，各表的示數均不超過所選量程，且燈泡兩端電壓不允許超過額定值（燈絲電阻不變）． 閉合開關，下列說法正確的是（　?。? A．滑動變阻器滑片向左滑動的過程中，電流表示數變大，電壓表示數變大 B．電路的總功率最大值為10.8W C．小燈泡的電功率最小值為 0.75W D．滑動變阻器允許調節(jié)的范圍是24Ω﹣100Ω 【考點】電路的動態(tài)分析；歐姆定律的應用；電功率的計算． 【分析】根據實物圖可知：燈泡與滑動變阻器是串聯(lián)關系；電流表測量串聯(lián)電路的電流（所選量程為0～0.6A），電壓表測量滑動變阻器兩端的電壓（所選量程為0～15V）． ①根據滑片移動的方向確定滑動變阻器接入電路阻值的變化，由歐姆定律可知電路電流的變化，根據串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知電壓表示數的變化； ②為保護電壓表，滑動變阻器兩端的最大電壓為15V，此時滑動變阻器連入的電阻最大，利用串聯(lián)電路的電壓關系求出此時加在燈兩端的電壓；再利用歐姆定律求出此時電路中的最小電流和滑動變阻器連入的電阻； ③由燈的銘牌求出燈正常發(fā)光時的電流和燈絲電阻，確定電路中的最大電流，根據歐姆定律求出滑動變阻器連入電路的最小電阻； 根據歐姆定律可求出滑動變阻器允許調節(jié)的范圍； 由②狀態(tài)，利用P=UI可求小燈泡的電功率最小值； 由③狀態(tài)，利用P=UI求電路的總功率最大值． 【解答】解：A、根據實物圖可知，滑片向左移動時，滑動變阻器接入電路的阻值變小，即電路中的總電阻變??； 由歐姆定律可知，電路中的電流變大，即電流表示數變大； 因為串聯(lián)電路起分壓作用，因此滑動變阻器分得的電壓變小，即電壓表示數變小，故A錯誤； BCD、由P=可知，燈絲電阻：R===12Ω， 由P=UI可知，燈正常發(fā)光時的電流：I===0.5A， 由題知電路中的最大電流應為0.5A； 即：I===0.5A， 故滑動變阻器連入電路的最小電阻：R=24Ω， 此時電路中電功率最大：P最大=UI=18V0.5A=9W，故B錯誤； 為保護電壓表，滑動變阻器兩端的最大電壓為15V，此時滑動變阻器連入的電阻最大，電路中的電流最小， 因為U=UL′+UR，所以UR=U﹣UL′=18V﹣15V=3V， 此時電路中最小的電流為：I′===0.25A， 滑動變阻器連入的最大電阻為：R′===60Ω； 此時小燈泡的電功率最小為：P小=ULI′=3V0.25A=0.75W，故C正確； 由此可知：滑動變阻器允許調節(jié)的范圍為24Ω～60Ω，故D錯誤． 故選C． 　 二、作圖與實驗題 8．在探究“冰的熔化特點”的實驗中，如圖甲所示是某時刻溫度計的示數，圖乙所示是根據實驗數據繪制的溫度一時間關系圖象，已知冰的質量為100g． （1）圖甲所示溫度計的示數是　﹣4　℃． （2）冰從開始熔化到完全熔化持續(xù)了　4　min． （3）物質在第5min具有的內能比第7min時的內能　小?。? （4）設相同時間內物質吸收的熱量相同，則BC階段物質共吸收了　2.1103　J的熱量．[C冰=2.1103J/（kg?℃），C水=4.2103J/（kg?℃）] （5）在圖乙所示中，AB段與 CD段的傾斜程度不同，這是因為　水和冰的比熱容不同　． 【考點】熔化和凝固的探究實驗． 【分析】（1）溫度計讀數時要看清分度值，并注意示數在零上還是零下； （2）從圖象中找出開始熔化和結束熔化的時間，可確定熔化的持續(xù)時間； （3）物質在熔化時不斷吸熱，所以內能不斷增大； （4）利用公式Q=cm△t可計算吸收的熱量； （5）知道水和冰的比熱容不同，相同質量的水和冰，吸收相同的熱量，其溫度變化不同． 【解答】解：（1）讀圖甲可知，溫度計的分度值為1℃，液柱在0攝氏度以下，其示數為﹣4℃； （2）讀圖乙可知，冰從開始熔化到完全熔化持續(xù)的時間為8min﹣4min=4min； （3）由于冰在熔化過程中不斷吸熱，所以在第5min具有的內能比第7min時的內能??； （4）由于相同時間內物質吸收的熱量相同，則BC段冰熔化吸熱的時間為4min，與AB段吸收的熱量相同， 故BC段共吸收的熱量為：Q=cm△t=2.1103J/（kg?℃）0.1kg10℃=2.1103J； （5）在圖乙所示中，AB段與CD段的傾斜程度不同，這是因為水和冰的比熱容不同，相同質量的水和冰，吸收相同的熱量，其溫度變化不同． 故答案為：（1）﹣4；（2）4；（3）??；（4）2.1103；（4）水和冰的比熱容不同． 　 9．在探究“凸透鏡成像的規(guī)律”實驗中： （1）如圖甲所示是小明通過實驗得到的凸透鏡的像距v和物距u關系的圖象．由圖象可知凸透鏡的焦距是　10　cm． （2）把蠟燭放在距凸透鏡16cm處時，如圖乙所示，在凸透鏡另一側前后移動光屏，會在光屏上得到一個倒立、　放大　的實像． （3）實驗完成之后，小明把自己的近視眼鏡放在蠟燭與凸透鏡之間，如圖丙所示，因為近視眼鏡對光有　發(fā)散　作用，所以光屏上原來清晰的像變得模糊了，若想在光屏上重新得到清晰的燭焰像，在不改變蠟燭和凸透鏡位置的情況下，應將光屏　遠離　凸透鏡． 【考點】凸透鏡成像規(guī)律及其探究實驗． 【分析】（1）凸透鏡成像時，u=v=2f，在圖象上找到u=v對應點，根據物距和焦距的關系求出凸透鏡的焦距． （2）凸透鏡成像時，2f＞u＞f，成倒立、放大的實像，應用于幻燈機和投影儀． （3）近視眼鏡是凹透鏡，凹透鏡對光線有發(fā)散作用，使原來會聚成像的光線推遲會聚，像遠離凸透鏡，要用光屏接到清晰的像，判斷光屏的移動方向． 【解答】解：（1）由圖知，當物距為20cm時，像距也為20cm，根據凸透鏡成像的規(guī)律，物距等于2倍焦距時，成倒立等大的實像，此時像距與物距相等．所以2f=20cm，則f=10cm． （2）由（1）可知，f=10cm，把蠟燭放在距凸透鏡16cm處時，2f＞u＞f，成倒立、放大的實像； （3）近視眼鏡是凹透鏡，凹透鏡對光線有發(fā)散作用，使原來會聚成像的光線推遲會聚，像遠離凸透鏡，要用光屏接到清晰的像，應將光屏向右調節(jié)，即向遠離凸透鏡的方向調節(jié)，才能使像變清晰． 故答案為：（1）10；（2）放大；（3）發(fā)散；遠離． 　 10．如圖甲所示是“測量小燈泡電功率”的實驗電路． 電源電壓恒為6V，小燈泡的額定電壓2.5V，正常工作時的電阻約為10Ω，滑動變阻器有A規(guī)格“10Ω 2A”、B規(guī)格“50Ω 1A”可選． （1）該實驗應選擇　50Ω 1A　規(guī)格的滑動變阻器． （2）請用筆畫線代替導線將圖甲的實驗電路連接完整． （3）連接好電路，閉合開關，小燈泡發(fā)光，但電壓表示數為0，經檢査，圖中 a、b、c、d四根導線有一根斷了，則該導線是　c?。? （4）排除故障后，閉合開關，當變阻器滑片 P移到某一位置時，電壓表的示數如圖乙所示，要測小燈泡的額定功率，應將滑片 P 向　左（或A）　端移動，使電壓表示數為　2.5　V． 當小燈泡正常發(fā)光時，電流表的示數如圖丙所示，則小燈泡的額定功率為　0.6　W． 【考點】電功率的測量；歐姆定律的應用． 【分析】（1）求出變阻器應分得的電壓，根據分壓原理求變阻器連入電路中的最小阻值，從而確定變阻器的規(guī)格； （2）按“一下一上”將變阻器連入電路中； （3）小燈泡發(fā)光，說明電路為通路，電壓表示數為0，說明電壓表所在的支路斷路； （4）認清電壓表的分度值讀數，根據分壓原理確定滑片移動的方向； 認清電流表的分度值讀數，根據P額=U額I計算燈的額定功率． 【解答】解；（1）燈的額定電壓為2.5V，要使小燈泡正常發(fā)光，變阻器要分去6V﹣2.5V=3.5V的電壓，根據分壓原理=，滑動變阻器連入電路中的阻值至少為R滑=RL=10Ω=14Ω，根據歐姆定律，燈正常工作時的電流為0.25A＜1A故選用B規(guī)格“50Ω 1A”的變阻器； （2）如下圖所示； （3）連接好電路，閉合開關，小燈泡發(fā)光，說明電路為通路，電壓表示 數為0，說明電壓表所在的支路斷路，故c導線斷了； （4）電壓表小量程的分度值為0.1V，示數為1.8V，要增大燈的電壓，就要減小變阻器分得的電壓，根據分壓原理，減小變阻器的電阻即可，所以要測小燈泡的額定功率，滑片向左移動； 電流表小量程的分度值為0.02A，示數為0.24A，小燈泡的額定功率P額=U額I=2.5V0.24A=0.6W． 故答案為：（1）50Ω 1A； （2）如上圖所示； （3）c； （4）左（或A）；2.5；0.6． 　 11．某同學準備用弾簧測力計、燒杯、水、吸盤、滑輪、細線來測量木塊（不吸水）的密度． （1）在彈性限度內，彈簧受到的拉力越大，彈簧的伸長量就越　長?。? （2）如圖 甲所示，木塊所受的重力為　0.6　N． （3）如圖乙所示，將滑輪的軸固定在吸盤的掛鈞上，擠出吸盤內部的空氣，吸盤在　大氣壓　的作用下被緊緊壓在燒杯底部．如圖丙所示，在燒杯中倒入適量的水，用細線將木塊栓住，通過彈簧測力計將木塊全部拉入水中，此時彈簧測力計示數為 0.4N，如果不計摩擦和細線重，木塊受到的浮力為　1.0　N，木塊的密度為　0.6103　kg/m3．（ρ水=1.0103kg/m3） （4）如果將圖丙燒杯中的水換成另一種液體，重復上述實驗，此時彈簧測力計示數為0.2N，則該液體的密度為　0.8103　kg/m3． 【考點】固體密度的測量． 【分析】（1）在彈性限度內，彈簧的伸長與受的拉力成正比，彈簧受到的拉力越大，彈簧的伸長量就越長； （2）明確彈簧測力計的分度值，再根據指針指示來讀數； （3）如圖乙將滑輪的軸固定在吸盤的掛鉤上，擠出吸盤內部的空氣，吸盤內的氣壓小于外界大氣壓，在外界大氣壓的作用下，吸盤被壓在燒杯底部；圖丙中使用的是定滑輪，不能省力，所以彈簧測力計的示數即為對木塊的拉力，根據二力平衡知識可知F浮=G+F拉求出浮力；根據F浮=ρ水gV排求出木塊的體積；根據公式G=mg=ρVg求出木塊的密度； （4）根據F浮=G+F拉求出木塊在液體中受的浮力；根據F浮=ρ液gV排求出液體的密度． 【解答】解：（1）在彈性限度內，彈簧的伸長與受的拉力成正比，彈簧受到的拉力越大，彈簧的伸長量就越長； （2）圖甲中彈簧測力計的分度值為0.2N，木塊在空氣中的重力即彈簧測力計的示數為0.6N； （3）圖丙中彈簧測力計的拉力F拉=0.2N，木塊受到的浮力：F浮=G+F拉=0.6N+0.4N=1.0N，根據F浮=ρ水gV排求出木塊的體積V=V排===10﹣4m3，根據公式G=mg=ρVg求出木塊的密度為ρ木===0.6103kg/m3． （4）木塊在待測液體中受到的浮力：F浮=G+F拉=0.6N+02N=0.8N，根據F浮=ρ液gV排求出液體的密度ρ液===0.8103kg/m3． 故答案為：（1）長；（2）0.6；（3）1.0，0.6103；（4）0.8103． 　 三、計算題 12．如圖所示，某家用電器具有加熱、保溫的功能．用電器發(fā)熱電阻R的額定電壓為220V，額定功率為605W．加熱時，按下溫控開關S與 a、b接觸，此時紅色指示燈亮；當達到一定溫度時，溫控開關S自動跳接到c，使用電器處于保溫狀態(tài)，此時綠色指示燈亮．紅燈標有“6V 1.5W”、綠燈標有“12V 3W”的字樣，用電器工作時兩燈均正常發(fā)光（虛線框內為用電器的加熱和保溫裝置）．請根據以上信息解答下列問題： （1）電阻R1的作用． （2）當用電器處于加熱狀態(tài)時，加熱裝置1min消耗的電能． （3）該用電器在保溫狀態(tài)時，保溫裝置的發(fā)熱功率和電阻R2的阻值． 【考點】電功的計算；歐姆定律的應用；電功率的計算． 【分析】（1）加熱時，R1與紅燈串聯(lián)，根據串聯(lián)電路的分壓作用進行分析； 根據P=UI求出紅燈正常發(fā)光時電路中電流，再根據串聯(lián)電路電壓的特點和歐姆定律的變形公式求出R1的阻值； （2）已知加熱時的功率，直接根據W=Pt即可求出加熱裝置1min消耗的電能． （3）保溫時，R、R2和綠燈串聯(lián)，根據燈泡正常發(fā)光和P=UI求出此時電路中的電流，并根據歐姆定律的變形公式求出電路的總電阻，然后利用P=的變形公式求出R和綠燈的電阻，再根據串聯(lián)電路電阻的特點求出R2的阻值；利用P=I2R求出保溫時該電器保溫裝置的發(fā)熱功率． 【解答】解： （1）由題和電路圖可知，加熱時，按下溫控開關S與a、b接觸，紅燈與R1串聯(lián)，再與發(fā)熱電阻R并聯(lián)； 因為電源電壓大于紅燈的額定電壓，因此R1起分壓作用，使紅燈正常發(fā)光； （2）由題知，加熱時，發(fā)熱電阻R的額定功率為605W， 由P=可得，加熱裝置1min消耗的電能： W=P加熱t(yī)=605W60s=3.63104J； （3）由電路圖和題意可知，溫控開關S自動跳接到c，用電器處于保溫狀態(tài)，此時綠燈、R2、R串聯(lián)，R2和R為保溫裝置； 綠色指示燈正常發(fā)光，由P=UI可得，I綠燈===0.25A， 串聯(lián)電路電流處處相等，所以I=I綠燈=0.25A， 根據串聯(lián)電路的電壓規(guī)律可得，保溫裝置兩端的電壓：U保溫=U﹣U綠燈=220V﹣12V=208V， 保溫裝置的發(fā)熱功率：P保溫=U保溫I=208V0.25A=52W， 保溫裝置的總電阻：R保溫===832Ω， 發(fā)熱電阻R的阻值：R===80Ω， 根據串聯(lián)電路的電阻規(guī)律可得，電阻R2的阻值：R2=R保溫﹣R=832Ω﹣80Ω=752Ω． 答：（1）電阻R1的作用，起分壓作用，使紅燈正常發(fā)光． （2）當用電器處于加熱狀態(tài)時，加熱裝置1min消耗的電能為3.63104J． （3）該用電器在保溫狀態(tài)時保溫裝置的發(fā)熱功率為52W，電阻R2的阻值為752Ω． 　 13．如圖所示，A為直立固定的柱形水管，底部活塞 B與水管內壁接觸良好且無摩擦，在水管中裝適量的水，水不會流出． 活塞通過豎直硬桿與輕質杠桿OCD的C點相連，0為杠桿的固定轉軸，滑輪組（非金屬材料）繩子的自由端與杠桿的D端相連，滑輪組下端掛著一個磁體E，E的正下方水平面上也放著一個同樣的磁體 F（極性已標出）．當水管中水深為40cm時，杠桿恰好在水平位置平衡．已知0C：CD=1：2，活塞 B與水的接觸面積為30cm2，活塞與硬桿總重為3N，每個磁體重為11N，不計動滑輪、繩重及摩擦． （g=10N/kg，ρ水=1.0103kg/m3）求： （1）水管中水對活塞B的壓強． （2）繩子自由端對杠桿D端的拉力． （3）磁體F對水平面的壓力． 【考點】杠桿的應用；壓力及重力與壓力的區(qū)別；液體的壓強的計算． 【分析】（1）水管中水的深度，根據p=ρgh求出水對活塞B的壓強； （2）知道B與水的接觸面積和水的壓強，根據F=pS求出水對活塞的壓力即為水的重力，然后加上活塞與硬桿總重可得杠桿C受到的壓力，根據杠桿的平衡條件求出繩子自由端對杠桿D端的拉力； （3）根據力的作用是相互的可知，杠桿D端對滑輪組繩子的自由端的拉力等于繩子自由端對杠桿D端的拉力，根據磁極間的作用力設出相互作用力，把動滑輪和磁體E看做整體受力分析，根據力的平衡條件求出磁極間的作用力，磁體F對水平面的壓力等于自身的重力加上磁極間的作用力． 【解答】解：（1）水管中水對活塞B的壓強： pB=ρ水gh=1.0103kg/m310N/kg4010﹣2m=4103Pa； （2）由p=可得，水對活塞的壓力即水的重力： G水=FB=pBSB=4103Pa3010﹣4m2=12N， 杠桿C受到的壓力： FC=G水+G活塞=12N+3N=15N， 由杠桿的平衡條件可得： FC?OC=FD?OD， 則繩子自由端對杠桿D端的拉力： FD=FC=FC=15N=5N； （3）因力的作用是相互的， 所以，杠桿D端對滑輪組繩子的自由端的拉力也為5N， 由同名磁極相互排斥可設磁極間的作用力為F斥， 把動滑輪和磁體E看做整體，受到豎直向上兩股繩子的拉力和磁極間的斥力、豎直向下磁體E的重力， 由力的平衡條件可得：2FD+F斥=GE， 則F斥=GE﹣2FD=11N﹣25N=1N， 磁體F對水平面的壓力： F壓=GF+F斥=11N+1N=12N． 答：（1）水管中水對活塞B的壓強為4103Pa； （2）繩子自由端對杠桿D端的拉力為5N； （3）磁體F對水平面的壓力為12N．