九年級數(shù)學 第10講 幾何問題探究-線段的和、差及旋轉相關問題教案.doc
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幾何問題探究——線段的和、差及旋轉相關問題 知識點 截長補短輔助線的運用、旋轉的性質,相似三角形的性質與判定;相似三角形的綜合; 教學目標 熟練掌握線段和差問題的證明方法; 教學重點 能夠靈活的運用旋轉的性質去證明圖形中線段的關系; 教學難點 靈活運用相似、旋轉、全等證明方法探究圖形的線段問題; 知識講解 考點1 旋轉變換 旋轉變換是指在同一平面內,將一個圖形(含點、線、面)整體繞一固定點旋轉一個定角,這樣的圖形變換叫做圖形的旋轉變換,簡稱旋轉。旋轉由旋轉中心、旋轉的方向和角度決定。經(jīng)過旋轉,旋轉前后圖形的形狀、大小不變,只是位置發(fā)生改變;旋轉前、后圖形的對應點到旋轉中心的距離相等,即旋轉中心在對應點所連線段的垂直平分線上; 旋轉前、后的圖形對應點與旋轉中心所連線段的夾角等于旋轉角。把一個圖形繞著某一定點旋轉一個角度360/n(n為大于1的正整數(shù))后,與初始的圖形重合,這種圖形就叫做旋轉對稱圖形,這個定點就叫做旋轉對稱中心,旋轉的角度叫做旋轉角。 特別地,中心對稱也是旋轉對稱的一種的特別形式。把一個圖形繞著某一點旋轉180,如果它能與另一個圖形重合,那么就說這兩個圖形關于這個點對稱或中心對稱,這個點叫做對稱中心,這兩個圖形的對應點叫做關于中心的對稱點。如果把一個圖形繞某一點旋轉180度后能與自身重合,這個圖形是中心對稱圖形。 在初中數(shù)學以及日常生活中有著大量的旋轉變換的知識,是中考數(shù)學的必考內容。 考點2 兩條線段之間的數(shù)量關系 在數(shù)量關系的猜想中,證明兩條線段相等的情況較多,有時也出現(xiàn)證明兩條線段的倍數(shù)關系,如AB=2CD或AB=CD等。在證明兩條線短相等的過程中,可以根據(jù)特殊四邊形的性質證明兩條線段相等,也可以證明兩個三角形全等,根據(jù)全等三角形的性質證明兩條線段相等。證明兩條線段的倍分關系時,利用構造基本圖形模型證明,具體情況如下: 1.利用三角形的中位線或直角三角形證明a=b; 2.利用等腰三角形證明a=b; 3.利用含30角的直角三角形證明a=b等; 考點3 兩條線段之間的位置關系 在位置關系猜想中,關鍵是如何證明,方法如下: 1.在證明垂直關系時,由垂直定義,即兩條線段相交,所夾的角是90,一般利用直角三角形的兩個銳角互余的角度進行證明; 2.在證明兩條線段平行時,大多是根據(jù)平行線的判定方法進行證明即可; 總之證明位置關系,需要根據(jù)圖形的性質,利用三角形全等進行證明,有時利用相似。在解答時,根據(jù)具體的題目條件,分解出基本圖形,靈活掌握并選擇方法證明。 考點4 三條線段之間的數(shù)量關系 當要探究三條線段a、b、c之間的數(shù)量關系時,解題步驟為: 1.將其中的兩條線段的和(差)轉化為另一條線段d的長,即通過證明三角形全等得出兩條線段相等,三條線段之間的數(shù)量關系轉化為兩條線段之間的數(shù)量關系; 2.在特殊三角形中找到d與另一條線段之間的關系,當這兩條線段在同一個特殊三角形中,通過特殊三角形的性質,得出這兩條線段之間的數(shù)量關系;當變化后兩條線段在同一四邊形中,可以證明四邊形為特殊四邊形,通過特殊四邊形的性質,得出這兩條線段之間的數(shù)量關系; 3.結合1.2結論,直接寫出三條線段之間的數(shù)量關系。 例題精析 考點一 線段和差問題 例1 在四邊形ABCD中,對角線AC平分∠DAB. (1)如圖①,當∠DAB=120,∠B=∠D=90時,求證:AB+AD=AC. (2)如圖②,當∠DAB=120,∠B與∠D互補時,線段AB、AD、AC有怎樣的數(shù)量關系?寫出你的猜想,并給予證明. (3)如圖③,當∠DAB=90,∠B與∠D互補時,線段AB、AD、AC有怎樣的數(shù)量關系?寫出你的猜想,并給予證明. 例2如圖1,在平行四邊形ABCD中,AE⊥BC于點E,E恰為BC的中點,tanB=2. (1)求證:AD=AE; (2)如圖2,點P在線段BE上,作EF⊥DP于點F,連接AF,求證:DF-EF= AF; (3)請你在圖3中畫圖探究:當P為線段EC上任意一點(P不與點E重合)時,作EF垂直直線DP,垂足為點F,連接AF,線段DF、EF與AF之間有怎樣的數(shù)量關系?直接寫出你的結論. 考點二 旋轉相關問題 例3 如圖(1),在菱形ABCD和菱形BEFG中,點A、B、E在同一直線上,P是線段DF的中點,連接PG、PC. (1) 若∠ABC=∠BEF=60,探究PG與PC的位置關系及的值. (2) 將圖(1)中的菱形BEFG繞點B順時針旋轉,使菱形BEFG的對角線BF恰恰相好與菱形ABCD的邊AB在同一條直線上,原題中的其它條件不變,如圖(2),問題(1)中的結論還成立嗎? (3) 若圖(1)中∠ABC=∠BEF=2α(0<α<90),將圖(1)中的菱形BEFG繞點B順時針旋轉任意角度,原問題中其它條件不變,請寫出的值. 例4如圖,△ABC和△DEF是兩個全等的等腰直角三角形,∠BAC=∠EDF=90,△DEF的頂點E與△ABC的斜邊BC的中點重合.將△DEF繞點E旋轉,旋轉過程中,線段DE與線段AB相交于點P,線段EF與射線CA相交于點Q. (1)如圖①,當點Q在線段AC上,且AP=AQ時,求證:△BPE≌△CQE; (2)如圖②,當點Q在線段CA的延長線上時,求證:△BPE∽△CEQ;并求當BP=a,CQ=時,P、Q兩點間的距離 (用含a的代數(shù)式表示). 課程小結 本節(jié)課主要研究了線段的和差問題及旋轉的相關問題,在遇到多條線段的和差問題時,我們可以首選截長補短的方法來研究,同樣也可以根據(jù)題干中所給出的特殊條件借助輔助線來研究,而如若遇到旋轉相關的問題,只需把握住旋轉的性質便可。幾何問題的探究,是一個長期積累的過程,注重幾何知識的綜合運用,積累基本型是重中之重。 例1【規(guī)范解答】(1)在四邊形ABCD中,∵AC平分∠DAB,∠DAB=120,∴∠CAB=∠CAD=60. 又∵∠B=∠D=90,∴∠ACB=∠ACD=30.∴AB=AD= AC,即AB+AD=AC. (2)AB+AD=AC.證明如下:如圖②,過C點分別作AD和AB延長線的垂線段,垂足分別為E、F. ∵AC平分∠DAB,∴CE=CF.∵∠ABC+∠D=180,∠ABC+∠CBF=180,∴∠CBF=∠D. 又∵∠CED=∠CFB=90,∴△CED≌△CFB.∴ED=BF.∴AD+AB=AE+ED+AB=AE+BF+AB=AE+AF. ∵AC為角平分線,∠DAB=120,∴∠ECA=∠FCA=30,∴AE=AF= AC,∴AE+AF=AC, ∴AB+AD=AE+AF=AC.∴AB+AD=AC. (3)AB+AD= AC. 證明如下:如圖③,過C點分別作AB和AD延長線的垂線段,垂足分別是E、F. ∵AC平分∠DAB,∵CE⊥AD,CF⊥AF,∴CE=CF. ∵∠ABC+∠ADC=180,∠ADC+∠EDC=180,∴∠ABC=∠EDC. 又∵∠CED=∠CFB=90.∴△CFB≌△CED.∴CB=CD. 延長AB至G,使BG=AD,連接CG.∵∠ABC+∠ADC=180,∠ABC+∠CBG=180, ∴∠CBG=∠ADC.∴△GBC≌△ADC.∴∠G=∠DAC=∠CAB=45.∴∠ACG=90.∴AG= AC. ∴AB+AD= AC. 【總結與反思】(1)由AC平分∠DAB,∠DAB=120,可得∠CAB=∠CAD=60,又由∠B=∠D=90,即可得∠ACB=∠ACD=30,根據(jù)直角三角形中30角所對的直角邊等于斜邊的一半,即可得AB+AD=AC; (2)首先過C點分別作AD和AB延長線的垂線段,垂足分別為E、F,由AC平分∠DAB,可得CE=CF,又由∠B與∠D互補,可證得△CED≌△CFB,則可得AD+AB=AE+AF,又由AE+AF=AC,則可得線段AB、AD、AC有怎樣的數(shù)量關系為AB+AD=AC; (3)首先過C點分別作AB和AD延長線的垂線段,垂足分別是E、F,與(2)同理可得△CEB≌△CFD,則可得∠G=∠DAC=∠CAB=45,即可求得線段AB、AD、AC有怎樣的數(shù)量關系為AB+AD= AC 例2 【規(guī)范解答】(1)證明:∵tanB=2,∴AE=2BE;∵E是BC中點,∴BC=2BE,即AE=BC; 又∵四邊形ABCD是平行四邊形,則AD=BC=AE; (2)證明:作AG⊥AF,交DP于G;(如圖2) ∵AD∥BC,∴∠ADG=∠DPC;∵∠AEP=∠EFP=90,∴∠PEF+∠EPF=∠PEF+∠AEF=90, 即∠ADG=∠AEF=∠FPE;又∵AE=AD,∠FAE=∠GAD=90-∠EAG,∴△AFE≌△AGD, ∴AF=AG,即△AFG是等腰直角三角形,且EF=DG;∴FG= AF,且DF=DG+GF=EF+FG, 故DF-EF= AF; (3)解:如圖3, ①當EP≤2BC時,DF+EF= AF,解法同(2). ②當EP>2BC時,EF-DF= AF。- 【總結與反思】 (1)首先根據(jù)∠B的正切值知:AE=2BE,而E是BC的中點,結合平行四邊形的對邊相等即可得證. (2)此題要通過構造全等三角形來求解;作GA⊥AF,交BD于G,通過證△AFE≌△AGD,來得到△AFG是等腰直角三角形且EF=GD,由此得證. (3)輔助線作法和解法同(2),只不過結論有所不同而已. 例3【規(guī)范解答】(1)延長線段GP交線段DC于點H, ∵CD∥GF,∠PDH=∠PFG,∠DHP=∠PGF,DP=PF,∴△DPH≌△FGP,∴PH=PG,DH=GF, ∵CD=BC,GF=GB=DH,∴CH=CG,∴CP⊥HG,∠ABC=60,∴∠DCG=120, ∴∠PCG=60,∴PG:PC=tan60= ∴線段PG與PC的位置關系是PG⊥PC,PG:PC=; (2)猜想:(1)中的結論沒有發(fā)生變化 證明:如圖2,延長GP交AD于點H,連接CH,∵P是線段DF的中點,∴FP=DP, ∵AD∥GF,∴∠HDP=∠GFP,∵∠GPF=∠HPD,∴△GFP≌△HDP(ASA),∴GP=HP,GF=HD, ∵四邊形ABCD是菱形,∴CD=CB,∠HDC=∠ABC=60, ∵∠ABC=∠BEF=60,菱形BEFG的對角線BF恰好與菱形ABCD的邊AB在同一條直線上, ∴∠GBF=60,∴∠HDC=∠GBF,∵四邊形BEFG是菱形,∴GF=GB,∴HD=GB,∴△HDC≌△PGF,∴∠HCD=120, ∵CH=GB,PH=PG,∴PG⊥PC,∠GCP=∠HCP=60,∴PG:PC=; (3)∵∠ABC=∠BEF=2α(0<α<90),∴∠PCG=90-α, 由(1)可知:PG:PC=tan(90-α),∴PG:PC=tan(90-α). 【總結與反思】倍長中線構造全等,注意旋轉后的圖形邊的不變性及角度的變化。 例4【規(guī)范解答】(1)證明:∵△ABC是等腰直角三角形,∴∠B=∠C=45,AB=AC。 ∵AP=AQ,∴BP=CQ?!逧是BC的中點,∴BE=CE。在△BPE和△CQE中,∵BE=CE,∠B=∠C,BP=CQ, ∴△BPE≌△CQE(SAS)。 (2)連接PQ?!摺鰽BC和△DEF是兩個全等的等腰直角三角形, ∴∠B=∠C=∠DEF=45?!摺螧EQ=∠EQC+∠C,即∠BEP+∠DEF=∠EQC+∠C, ∴∠BEP+45=∠EQC+45?!唷螧EP=∠EQC?!唷鰾PE∽△CEQ?!?。 ∵BP=a,CQ=,BE=CE,∴,即BE=CE=?!郆C=。 ∴AB=AC=BC?sin45=3a?!郃Q=CQ﹣AC=,PA=AB﹣BP=2a?!嘣赗t△APQ中,。 【總結與反思】 (1) 由△ABC是等腰直角三角形,易得∠B=∠C=45,AB=AC,又由AP=AQ,E是BC的中點,利用SAS,可證得△BPE≌△CQE; (2) 由△ABC和△DEF是兩個全等的等腰三角形,易得∠B=∠C=∠DEF=45,然后利用三角形的外角的性質,即得∠BEP=∠EQC,則可證得△BPE∽△CEQ,根據(jù)相似三角形的對應邊成比例,即可求得BE的長,即可得BC的長,繼而求得AQ與AP的長,利用勾股定理即可求得P、Q兩點間的距離。- 配套講稿:
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