xloAAA高考物理一輪訓(xùn)練選 選擇題3含解析新人教版

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1、 2019人教版高考物理一輪訓(xùn)練選----選擇題（3）及答案 李仕才 1、甲、乙兩汽車在一平直公路上同向行駛。在t=0到t=t1的時間內(nèi),它們的v-t圖象如圖所示。已知t=t1時刻,兩汽車并排行駛。則在這段時間內(nèi)(　　) A.甲、乙兩汽車的位移相同 B.兩汽車的平均速度均為 C.t=0時刻,汽車乙在汽車甲前方 D.汽車甲的加速度大小逐漸減小,汽車乙的加速度大小逐漸增大 答案C 解析v-t圖象與時間軸圍成的面積表示位移,故甲的位移大于乙的位移,而在t1時刻兩者相遇,所以t=0時刻,汽車乙在汽車甲前方,A錯誤,C正確;由于甲車做變加速運動,平均速度不等于,如圖所示,虛線表示勻加速

2、直線運動,其平均速度等于,而勻加速直線運動的位移小于該變加速運動的位移,故甲的平均速度大于,由于乙車做變減速運動,平均速度不等于,如圖所示,直線AB表示勻減速直線運動,其平均速度等于,而勻減速直線運動的位移大于該變減速運動的位移,故乙的平均速度小于,故B錯誤;圖象的斜率表示加速度,故兩者的加速度都在減小,D錯誤。 2、(2018·山東臨沭一中月考)如圖所示,橫截面為直角三角形的斜劈A,底面靠在粗糙的豎直墻面上,力F通過球心水平作用在光滑球B上,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。當(dāng)力F增大時,系統(tǒng)仍保持靜止。則下列說法正確的是(　　) A.A受到的摩擦力一定增大　　　B.墻對A的彈力一定減小

3、 C.A對B的彈力一定增大 D.B對地的壓力一定增大 答案CD 解析設(shè)A、B的總質(zhì)量為M,A的質(zhì)量為m。 對B受力分析,如圖: 根據(jù)平衡條件:F=FN'sin θ,可見F增大則FN'增大,即A、B之間的彈力增大,FN″=mg+FN'cos θ,可見FN'增大則FN″增大,根據(jù)牛頓第三定律,則B球?qū)Φ孛娴膲毫υ龃?以整體為研究對象,豎直方向:FN″+Ff=Mg,若FN″增大至與Mg相等,則Ff=0,所以A受到的摩擦力減小,故A錯誤,C、D正確;以整體為研究對象,受力分析,根據(jù)平衡條件,水平方向:FN=F,F增大則FN增大,故B錯誤。 3、如圖,帶有豎

4、直支柱的斜面體靜止在水平地面上,光滑的小球被輕質(zhì)細線和輕彈簧系住靜止于斜面體上,彈簧處于拉伸狀態(tài),現(xiàn)燒斷細線,則在細線燒斷瞬間(　　) A.小球加速度方向沿斜面向下 B.小球所受合外力為零 C.斜面體對小球的支持力瞬間增大 D.地面對斜面體的支持力瞬間增大 答案AC 解析細線燒斷的瞬間,彈簧的彈力不變,仍然沿斜面向下,小球受重力、支持力和彈簧的彈力作用,合外力沿斜面向下,故A正確,B錯誤。設(shè)開始細繩與斜面的夾角為α,斜面的傾角為θ,細繩燒斷前,在垂直斜面方向上有FTsin α+FN=mgcos θ,細線燒斷的瞬間,FN=mgcos θ,可知支持力瞬間增大,故C正確。對整體分析,燒斷

5、前,整體重力等于支持力,燒斷細線的瞬間,小球有沿斜面向下的加速度,小球處于失重狀態(tài),則地面支持力變小,故D錯誤。 4、如圖所示,在豎直面內(nèi)有一個以AB為水平直徑的半圓,O為圓心,D為最低點。圓上有一點C,且∠COD=60°。現(xiàn)在在A點以速率v1沿AB方向拋出一小球,小球能擊中D點;若在C點以某速率v2沿BA方向拋出小球也能擊中D點。重力加速度為g,不計空氣阻力。下列說法正確的是(　　) A.圓的半徑為R= B.圓的半徑為R= C.速率v2=v1 D.速率v2=v1 答案A 解析從A點拋出的小球做平拋運動,它運動到D點時R=,R=v1t1,故R=,選項A正確,B錯誤;從C點拋

6、出的小球Rsin 60°=v2t2,R(1-cos 60°)=,解得v2=v1,選項C、D錯誤。 5、(2017·江蘇蘇北四市一模)如圖所示,半徑為R的豎直光滑圓弧軌道與光滑水平面相切,質(zhì)量均為m的小球A、B與輕桿連接,置于圓弧軌道上,A位于圓心O的正下方,B與O等高。它們由靜止釋放,最終在水平面上運動。下列說法正確的是(　　) A.下滑過程中重力對B做功的功率先增大后減小 B.當(dāng)B滑到圓弧軌道最低點時,軌道對B的支持力大小為3mg C.下滑過程中B的機械能增加 D.整個過程中輕桿對A做的功為mgR 答案AD 解析因為初位置速度為零,則重力的功率為零

7、,最低點速度方向與重力的方向垂直,重力的功率為零,可知重力的功率先增大后減小,故A正確;A、B小球組成的系統(tǒng)在運動過程中機械能守恒,設(shè)B到達軌道最低點時速度為v,根據(jù)機械能守恒定律得 (m+m)v2=mgR,解得v=,在最低點,根據(jù)牛頓第二定律得FN-mg=m,解得FN=2mg,故B錯誤;下滑過程中,B的重力勢能減小ΔEp=mgR,動能增加量ΔEk=mv2=mgR,所以B的機械能減小mgR,故C錯誤;整個過程中,對A根據(jù)動能定理得W=mv2=mgR,故D正確。 6、(2017·廣西賓陽縣期末)如圖所示,一質(zhì)量m1=3.0 kg的長方形木板B放在光滑水平地面上,在其右端放一個質(zhì)量m2

8、=1.0 kg的小木塊A。給A和B以大小均為4.0 m/s,方向相反的初速度,使A開始向左運動,B開始向右運動,A始終沒有滑離B板。在小木塊A做加速運動的時間內(nèi),木板速度大小可能是(　　) A.1.8 m/s B.2.4 m/s C.2.8 m/s D.3.0 m/s 答案B 解析A先向左減速到零,再向右加速運動,在此期間,木板減速運動,最終它們保持相對靜止,設(shè)A減速到零時,木板的速度為v1,最終它們的共同速度為v2,取水平向右為正方向,則m1v-m2v=m1v1,m1v1=(m1+m2)v2,可得v1= m/s,v2=2 m/s,所以在小木塊A做加速運動的時間內(nèi),木板速度大小應(yīng)大于2.

9、0 m/s而小于m/s,只有選項B正確。 7、如圖所示的電路中,電源電動勢為12 V,內(nèi)阻為2 Ω,四個電阻的阻值已在圖中標出。閉合開關(guān)S,下列說法正確的有(　　) A.路端電壓為10 V B.電源的總功率為10 W C.a、b間電壓的大小為5 V D.a、b間用導(dǎo)線連接后,電路的總電流為1 A 答案AC 解析已知電路中的總電阻R總=2 Ω+ Ω=12 Ω,干路電流I總=1 A,各支路電流為0.5 A,路端電壓U=E-I總r=12 V-1 A×2 Ω=10 V,選項A正確;電源的總功率P總=EI總=12 V×1 A=12 W,選項B錯誤;設(shè)電源負極電勢為0

10、,a點電勢為φa=UaO=0+0.5 A×5 Ω=2.5 V,b點電勢為φb=0+0.5 A×15 Ω=7.5 V,所以|Uab|=7.5 V-2.5 V=5 V,選項C正確;用導(dǎo)線將a、b連接,總電阻為R總'=2 Ω+ Ω+ Ω=9.5 Ω,據(jù)I=知電路總電流不等于1 A,選項D錯誤。 8、如圖所示,兩根長直導(dǎo)線豎直插入光滑絕緣水平桌面上的M、N兩小孔中,O為M、N連線中點,連線上a、b兩點關(guān)于O點對稱;導(dǎo)線均通有大小相等、方向向上的電流;已知長直導(dǎo)線在周圍產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度B=k,式中k是常量、I是導(dǎo)線中電流、r為點到導(dǎo)線的距離;一帶正電的小球以初速度v0

11、從a點出發(fā)沿連線運動到b點。關(guān)于上述過程,下列說法正確的是(　　) A.小球一直做勻速直線運動 B.小球先做加速運動后做減速運動 C.小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃? D.小球?qū)ψ烂娴膲毫ο葴p小后增大 答案AC 解析根據(jù)右手螺旋定則可知直線M附近的磁場方向垂直于MN向里,直線N附近的磁場方向垂直于MN向外,磁場大小先減小過O點后反向增大,根據(jù)左手定則可知,帶正電的小球受到的洛倫茲力方向開始向上,過O點后洛倫茲力的方向向下。由此可知,小球?qū)⒆鰟蛩僦本€運動,小球?qū)ψ烂娴膲毫σ恢痹谠龃?故A、C正確,B、D錯誤。故選A、C。 9、有一方向豎直向下、磁感應(yīng)強度B隨時間t的變化關(guān)系如圖甲所示的勻

12、強磁場,現(xiàn)有如圖乙所示的直角三角形導(dǎo)線框abc水平放置,放在勻強磁場中保持靜止不動,t=0時刻,磁感應(yīng)強度B的方向豎直向下,設(shè)產(chǎn)生的感應(yīng)電流i順時針方向為正、豎直邊ab所受安培力F的方向水平向左為正。則下面關(guān)于F和i隨時間t變化的圖象正確的是(　　) 答案A 解析0~3 s時間內(nèi),磁感應(yīng)強度隨時間線性變化,由法拉第電磁感應(yīng)定律可知,感應(yīng)電動勢恒定,回路中感應(yīng)電流恒定,所以D錯誤;同時由F=BIL可知,電流恒定,安培力與磁感應(yīng)強度成正比,又由楞次定律判斷出回路中感應(yīng)電流的方向應(yīng)為順時針方向,即正方向,3~4 s時間內(nèi),磁感應(yīng)強度恒定,感應(yīng)電動勢等于零,感應(yīng)電流為零,安培力等于零,由以

13、上分析可知B、C錯誤,A正確。 10、(2017·江西贛州一模)如圖所示,發(fā)電機的矩形線圈面積為S,匝數(shù)為N,繞OO'軸在磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動。從圖示位置開始計時,下列判斷正確的是(　　) A.此時穿過線圈的磁通量為NBS,產(chǎn)生的電動勢為零 B.線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的瞬時值表達式為e=NBSωsin ωt C.P向下移動時,電流表示數(shù)變小 D.P向下移動時,發(fā)電機的電功率增大 答案BD 解析圖示位置,磁感線與線圈平面垂直,磁通量最大,即Φ=BS,感應(yīng)電動勢為零,A錯誤;感應(yīng)電動勢的最大值Em=NBSω,瞬時值表達式e=Emsin ωt=N

14、BSωsin ωt,B正確;P向下移動時,副線圈的匝數(shù)n2增大,,U2增大,電流表的示數(shù)增大,而發(fā)電機的電功率等于變壓器的輸入功率也等于變壓器的輸出功率,P=U1I1=U2I2,所以發(fā)電機的電功率增大,C錯誤,D正確。 11、下列說法正確的是(　　) A.愛因斯坦在光的粒子性的基礎(chǔ)上,建立了光電效應(yīng)方程 B.康普頓效應(yīng)表明光子只具有能量,不具有動量 C.玻爾的原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律 D.盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型 E.德布羅意指出微觀粒子的動量越大,其對應(yīng)的波長就越長 答案ACD 解析愛因斯坦提出了光子假說,建立了光電效應(yīng)方程,故選項

15、A正確;康普頓效應(yīng)表明光不僅具有能量,還具有動量,故選項B錯誤;玻爾的原子理論成功地解釋了氫原子光譜的實驗規(guī)律,故選項C正確;盧瑟福根據(jù)α粒子散射實驗提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型,故選項D正確;微觀粒子的德布羅意波長為λ=,其中p為微觀粒子的動量,故動量越大,則對應(yīng)的波長就越短,選項E錯誤。 12、(2017·廣東東莞實驗中學(xué)期末)有關(guān)分子的熱運動和內(nèi)能,下列說法正確的是(　　) A.一定質(zhì)量的氣體,溫度不變,分子的平均動能不變 B.物體的溫度越高,分子熱運動越劇烈 C.物體的內(nèi)能是物體中所有分子熱運動動能和分子勢能的總和 D.布朗運動是由懸浮在液體中的微粒之間的相互碰撞引起的

16、 答案ABC 解析溫度是分子平均動能的標志,所以溫度不變,分子的平均動能不變,A正確;物體的溫度越高,分子熱運動越劇烈,B正確;物體的內(nèi)能就是物體內(nèi)部所有分子的熱運動動能和分子勢能的總和,C正確;布朗運動是由液體分子之間的不規(guī)則運動引起的,D錯誤。故選A、B、C。 13、(2017·寧夏六盤山高級中學(xué)期末)以下說法正確的有(　　) A.陽光下肥皂膜上的彩色條紋屬于光的衍射現(xiàn)象 B.太陽光通過三棱鏡產(chǎn)生的彩色條紋是由于折射造成的 C.一束光由介質(zhì)斜射向空氣,界面上可能只發(fā)生反射現(xiàn)象而沒有折射現(xiàn)象 D.水面油膜呈現(xiàn)彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象,這說明了光是一種波 E.未見其人,先

17、聞其聲說明聲波有衍射現(xiàn)象而光波沒有衍射現(xiàn)象 答案BCD 解析陽光下肥皂膜上的彩色條紋屬于光的干涉現(xiàn)象,A錯誤;太陽光通過三棱鏡產(chǎn)生的彩色條紋是由于折射造成的,B正確;一束光由介質(zhì)斜射向空氣,界面上可能只發(fā)生反射現(xiàn)象而沒有折射現(xiàn)象,C正確;水面油膜呈現(xiàn)彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象,干涉是波特有的現(xiàn)象,這說明了光是一種波,D正確;未見其人,先聞其聲說明聲波有衍射現(xiàn)象,一切波均能發(fā)生衍射,E錯誤。 6EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F3756EDBC3191F2351DD815FF33D4435F375