物理高考真題全國卷解析版

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1、 淘出優(yōu)秀的你 絕密★啟用前 2019年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試 理科綜合能力測試 注意事項： 1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。 2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。。 3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。 二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一

2、項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。 14.2019年1月，我國嫦娥四號探測器成功在月球背面軟著陸，在探測器“奔向”月球的過程中，用h表示探測器與地球表面的距離，F(xiàn)表示它所受的地球引力，能夠描F隨h變化關(guān)系的圖像是 A. B. C. D. 【答案】D 【解析】 【詳解】根據(jù)萬有引力定律可得： ，h越大，F(xiàn)越大，故選項D符合題意； 15.太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子-質(zhì)子循壞，循環(huán)的結(jié)果可表示為，已知和的質(zhì)量分別為和，1u=931MeV/c2，c為光速。在4個轉(zhuǎn)變成1個的過程中，釋放的能量約為 A

3、. 8 MeV B. 16 MeV C. 26 MeV D. 52 MeV 【答案】C 【解析】 【詳解】由知，=，忽略電子質(zhì)量，則：，故C選項符合題意； 16.物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30的固定斜面向上勻速運動，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取10m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1 500 N，則物塊的質(zhì)量最大為 A. 150kg B. kg C. 200 kg D. kg 【答案】A 【解析】 【詳解】 T=f+mgsinθ，f=μN(yùn)，N=mgcosθ，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150kg，故A選項符合題意 17.如圖，邊長為l的正

4、方形abcd內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面（abcd所在平面）向外。ab邊中點有一電子發(fā)源O，可向磁場內(nèi)沿垂直于ab邊的方向發(fā)射電子。已知電子的比荷為k。則從a、d兩點射出的電子的速度大小分別為 A. ， B. ， C. ， D. ， 【答案】B 【解析】 【詳解】a點射出粒子半徑Ra= =，得：va= =， d點射出粒子半徑為 ，R= 故vd= =，故B選項符合題意 18.從地面豎直向上拋出一物體，其機(jī)械能E總等于動能Ek與重力勢能Ep之和。取地面為重力勢能零點，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示。重力加速度取10 m/s2

5、。由圖中數(shù)據(jù)可得 A. 物體的質(zhì)量為2 kg B. h=0時，物體的速率為20 m/s C. h=2 m時，物體的動能Ek=40 J D. 從地面至h=4 m，物體的動能減少100 J 【答案】AD 【解析】 【詳解】A．Ep-h圖像知其斜率為G，故G= =20N，解得m=2kg，故A正確 B．h=0時，Ep=0，Ek=E機(jī)-Ep=100J-0=100J，故=100J，解得：v=10m/s，故B錯誤； C．h=2m時，Ep=40J，Ek= E機(jī)-Ep=85J-40J=45J，故C錯誤 D．h=0時，Ek=E機(jī)-Ep=100J-0=100J，h=4m時，Ek’=E機(jī)-Ep

6、=80J-80J=0J，故Ek- Ek’=100J，故D正確 19.如圖（a），在跳臺滑雪比賽中，運動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響其下落的速度和滑翔的距離。某運動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計時，用v表示他在豎直方向的速度，其v-t圖像如圖（b）所示，t1和t2是他落在傾斜雪道上的時刻。則 A. 第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第一次的小 B. 第二次滑翔過程中在水平方向上的位移比第一次的大 C. 第一次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大 D. 豎直方向速度大小為v1時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大 【答案】BD 【解析】

7、 【詳解】A．由v-t圖面積易知第二次面積大于等于第一次面積，故第二次豎直方向下落距離大于第一次下落距離，所以，A錯誤； B．由于第二次豎直方向下落距離大，由于位移方向不變，故第二次水平方向位移大，故B正確 C．由于v-t斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由 易知a1>a2，故C錯誤 D．由圖像斜率，速度為v1時，第一次圖像陡峭，第二次圖像相對平緩，故a1>a2，由G-fy=ma，可知，fy1

8、 在M、N兩點間，粒子的軌跡一定與某條電場線重合 C. 粒子在M點的電勢能不低于其在N點的電勢能 D. 粒子在N點所受電場力的方向一定與粒子軌跡在該點的切線平行 【答案】AC 【解析】 【詳解】A．若電場中由同種電荷形成即由A點釋放負(fù)電荷，則先加速后減速，故A正確； B．若電場線為曲線，粒子軌跡不與電場線重合，故B錯誤。 C．由于N點速度大于等于零，故N點動能大于等于M點動能，由能量守恒可知，N點電勢能小于等于M點電勢能，故C正確 D．粒子可能做曲線運動，故D錯誤； 21.如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為θ，導(dǎo)軌電阻忽略不計。虛線ab、cd均與導(dǎo)軌垂

9、直，在ab與cd之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、MN先后自導(dǎo)軌上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。已知PQ進(jìn)入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖像可能正確的是 A. B. C. D. 【答案】AD 【解析】 【詳解】由于PQ進(jìn)入磁場時加速度為零， AB．若PQ出磁場時MN仍然沒有進(jìn)入磁場，則PQ出磁場后至MN進(jìn)入磁場的這段時間，由于磁通量φ不變，無感應(yīng)電流。由于PQ、MN同一位置釋放，故MN進(jìn)入磁場時與PQ進(jìn)入磁場時的速度相同，所以電流大小也應(yīng)該相同，A正確B錯誤； CD．若PQ出磁

10、場前MN已經(jīng)進(jìn)入磁場，由于磁通量φ不變，PQ、MN均加速運動，PQ出磁場后，MN由于加速故電流比PQ進(jìn)入磁場時電流大，故C正確D錯誤； 三、非選擇題：第22~25題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~34題為選考題，考生根據(jù)要求作答。 （一）必考題。 22.如圖（a），某同學(xué)設(shè)計了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗。所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點計時器、頻率50Hz的交流電源，紙帶等?；卮鹣铝袉栴}： （1）鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)μ=______（用木板與水平面的夾角θ、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示） （2）某次實驗時，調(diào)整木板與水平面的夾角θ=30。

11、接通電源。開啟打點計時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點跡清晰的一條紙帶，如圖（b）所示。圖中的點為計數(shù)點（每兩個相鄰的計數(shù)點間還有4個點未畫出）。重力加速度為9.8 m/s2?？梢杂嬎愠鲨F塊與木板間的動摩擦因數(shù)為_____________（結(jié)果保留2位小數(shù)）。 【答案】 (1). (2). 0.35 【解析】 【詳解】（1）由mgsinθ-μmgcosθ=ma，解得：μ=……① （2）由逐差法a= 得：SII=（76.39-31.83）10-2m，T=0.15s，SI=（31.83-5.00）10-2m，故a= m/s2=1.97 m/s2，代

12、入①式，得：μ= =0.35 23.某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度t的關(guān)系，圖中V1和V2為理想電壓表；R為滑動變阻器，R0為定值電阻（阻值100 Ω）；S為開關(guān)，E為電源。實驗中二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度t由溫度計（圖中未畫出）測出。圖（b）是該小組在恒定電流為50.0μA時得到的某硅二極管U-I關(guān)系曲線?；卮鹣铝袉栴}： （1）實驗中，為保證流過二極管的電流為50.0μA，應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器R，使電壓表V1的示數(shù)為U1=______mV；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度t升高時，硅二極管正向電阻_____（填“變大”或“變小”），

13、電壓表V1示數(shù)_____（填“增大”或“減小”），此時應(yīng)將R的滑片向_____（填“A”或“B”）端移動，以使V1示數(shù)仍為U1。 （2）由圖（b）可以看出U與t成線性關(guān)系，硅二極管可以作為測溫傳感器，該硅二極管的測溫靈敏度為=_____10-3V/℃（保留2位有效數(shù)字）。 【答案】(1). 5.00 變小 增大 B (2) 2.8 【解析】 【詳解】（1）U1=IR0=100Ω5010-6A=510-3V=5mV由 ，I不變，溫度升高，U減小，故R減??；由于R變小，總電阻減小，電流增大；R0兩端電壓增大，即V1表示數(shù)變大，只有增大電阻才能使電流減小，故華東變

14、阻器向右調(diào)節(jié)，即向B短調(diào)節(jié)。 （2）由圖可知， =2.810-3V/℃ 24.如圖，兩金屬板P、Q水平放置，間距為d。兩金屬板正中間有一水平放置的金屬網(wǎng)G，PQG的尺寸相同。G接地，PQ的電勢均為（>0）。質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）的粒子自G的左端上方距離G為h的位置，以速度v0平行于紙面水平射入電場，重力忽略不計。 （1）求粒子第一次穿過G時的動能，以及她從射入電場至此時在水平方向上的位移大??； （2）若粒子恰好從G的下方距離G也為h的位置離開電場，則金屬板的長度最短應(yīng)為多少？ 【答案】（1）；（2） 【解析】 【詳解】解：（1）PG、QG間場強(qiáng)大小相等，均為E，粒

15、子在PG間所受電場力F的方向豎直向下，設(shè)粒子的加速度大小為a，有 ① F=qE=ma② 設(shè)粒子第一次到達(dá)G時動能為Ek，由動能定理有 ③ 設(shè)粒子第一次到達(dá)G時所用時間為t，粒子在水平方向的位移為l，則有 ④ l=v0t⑤ 聯(lián)立①②③④⑤式解得 ⑥ ⑦ （2）設(shè)粒子穿過G一次就從電場的右側(cè)飛出，則金屬板的長度最短，由對稱性知，此時金屬板的長度L為⑧ 25.一質(zhì)量為m=2000 kg的汽車以某一速度在平直公路上勻速行駛。行駛過程中，司機(jī)忽然發(fā)現(xiàn)前方100 m處有一警示牌。立即剎車。剎車過程中，汽車所受阻力大小隨時間變化可簡化為圖（a）中的圖線。圖（a）中，0~t1時間段為從

16、司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到采取措施的反應(yīng)時間（這段時間內(nèi)汽車所受阻力已忽略，汽車仍保持勻速行駛），t1=0.8 s；t1~t2時間段為剎車系統(tǒng)的啟動時間，t2=1.3 s；從t2時刻開始汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作，直至汽車停止，已知從t2時刻開始，汽車第1 s內(nèi)的位移為24 m，第4 s內(nèi)的位移為1 m。 （1）在圖（b）中定性畫出從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作后汽車運動的v-t圖線； （2）求t2時刻汽車的速度大小及此后的加速度大??； （3）求剎車前汽車勻速行駛時的速度大小及t1~t2時間內(nèi)汽車克服阻力做的功；司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離約為多少（以t1~t2時間段始末速度的算術(shù)

17、平均值替代這段時間內(nèi)汽車的平均速度）？ 【答案】（1）（2）， 28 m/s或者，29.76 m/s；（3）30 m/s；；87.5 m 【解析】 【詳解】解：（1）v-t圖像如圖所示。 （2）設(shè)剎車前汽車勻速行駛時的速度大小為v1，則t1時刻的速度也為v1，t2時刻的速度也為v2，在t2時刻后汽車做勻減速運動，設(shè)其加速度大小為a，取Δt=1s，設(shè)汽車在t2+n-1Δt內(nèi)的位移為sn，n=1,2,3,…。 若汽車在t2+3Δt~t2+4Δt時間內(nèi)未停止，設(shè)它在t2+3Δt時刻的速度為v3，在t2+4Δt時刻的速度為v4，由運動學(xué)有 ① ② ③ 聯(lián)立①②③式，代入已知數(shù)據(jù)解

18、得 ④ 這說明在t2+4Δt時刻前，汽車已經(jīng)停止。因此，①式不成立。 由于在t2+3Δt~t2+4Δt內(nèi)汽車停止，由運動學(xué)公式 ⑤ ⑥ 聯(lián)立②⑤⑥，代入已知數(shù)據(jù)解得 ，v2=28 m/s⑦ 或者，v2=29.76 m/s⑧ （3）設(shè)汽車的剎車系統(tǒng)穩(wěn)定工作時，汽車所受阻力的大小為f1，由牛頓定律有：f1=ma⑨ 在t1~t2時間內(nèi)，阻力對汽車沖量的大小為：⑩ 由動量定理有： 由動量定理，在t1~t2時間內(nèi)，汽車克服阻力做的功為： 聯(lián)立⑦⑨⑩式，代入已知數(shù)據(jù)解得 v1=30 m/s 從司機(jī)發(fā)現(xiàn)警示牌到汽車停止，汽車行駛的距離s約為 聯(lián)立⑦，代入已知數(shù)據(jù)解得

19、 s=87.5 m （二）選考題：請考生從2道物理題中任選一題作答。如果多做，則按所做的第一題計分。 [物理—選修3-3] 33.（1）如p-V圖所示，1、2、3三個點代表某容器中一定量理想氣體的三個不同狀態(tài)，對應(yīng)的溫度分別是T1、T2、T3。用N1、N2、N3分別表示這三個狀態(tài)下氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則N1______N2，T1______T3，T3，N2______N3。（填“大于”“小于”或“等于”） 【答案】大于 等于 大于 【解析】 【詳解】（1）1、2等體積，2、3等壓強(qiáng) 由pV=nRT得：=，V1=V2，故=，可得：T1=2

20、T2，即T1>T2，由于分子密度相同，溫度高，碰撞次數(shù)多，故N1>N2； 由于p1V1= p3V3；故T1=T3； 則T3>T2，又p2=p3，2狀態(tài)分析密度大，分析運動緩慢，單個分子平均作用力小，3狀態(tài)分子密度小，分子運動劇烈，單個分子平均作用力大。故3狀態(tài)碰撞容器壁分子較少，即N2>N3； 33.（2）如圖，一容器由橫截面積分別為2S和S的兩個汽缸連通而成，容器平放在地面上，汽缸內(nèi)壁光滑。整個容器被通過剛性桿連接的兩活塞分隔成三部分，分別充有氫氣、空氣和氮氣。平衡時，氮氣的壓強(qiáng)和體積分別為p0和V0，氫氣的體積為2V0，空氣的壓強(qiáng)為p。現(xiàn)緩慢地將中部的空氣全部抽出，抽氣過程中氫氣和氮

21、氣的溫度保持不變，活塞沒有到達(dá)兩汽缸的連接處，求： （i）抽氣前氫氣的壓強(qiáng)； （ii）抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積。 【答案】（i）（p0+p）；（ii）； 【解析】 【詳解】解：（i）設(shè)抽氣前氫氣的壓強(qiáng)為p10，根據(jù)力的平衡條件得 （p10–p）2S=（p0–p）S① 得p10=（p0+p）② （ii）設(shè)抽氣后氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為p1和V1，氫氣的壓強(qiáng)和體積分別為p2和V2，根據(jù)力的平衡條件有p2S=p12S③ 由玻意耳定律得p1V1=p102V0④ p2V2=p0V0⑤ 由于兩活塞用剛性桿連接，故 V1–2V0=2（V0–V2）⑥ 聯(lián)立②③④⑤⑥式解得 ⑦ ⑧

22、 [物理——選修3–4] 34.（1）如圖，長為l的細(xì)繩下方懸掛一小球a。繩的另一端固定在天花板上O點處，在O點正下方l的處有一固定細(xì)鐵釘。將小球向右拉開，使細(xì)繩與豎直方向成一小角度（約為2）后由靜止釋放，并從釋放時開始計時。當(dāng)小球a擺至最低位置時，細(xì)繩會受到鐵釘?shù)淖钃酢ＴO(shè)小球相對于其平衡位置的水平位移為x，向右為正。下列圖像中，能描述小球在開始一個周期內(nèi)的x-t關(guān)系的是_____。 A. B. C. D. 【答案】A 【解析】 【詳解】由T=2π得：T1=2π，T2=2π=π=T1 ，故BD錯誤； ， 由能量守恒定律可知，小球先后擺起得最大高度

23、相同，故l-lcosθ1= 根據(jù)數(shù)學(xué)規(guī)律可得： 故，即第一次振幅是第二次振幅得2倍，故A正確，C錯誤。 34.（2）某同學(xué)利用圖示裝置測量某種單色光的波長。實驗時，接通電源使光源正常發(fā)光：調(diào)整光路，使得從目鏡中可以觀察到干涉條紋?；卮鹣铝袉栴}： （i）若想增加從目鏡中觀察到的條紋個數(shù)，該同學(xué)可__________； A．將單縫向雙縫靠近 B．將屏向靠近雙縫的方向移動 C．將屏向遠(yuǎn)離雙縫的方向移動 D．使用間距更小的雙縫 （ii）若雙縫的間距為d，屏與雙縫間的距離為l，測得第1條暗條紋到第n條暗條紋之間的距離為Δx，則單色光的波長λ=_________； （iii）某次測量時，選用的雙縫的間距為0．300 mm，測得屏與雙縫間的距離為1.20 m，第1條暗條紋到第4條暗條紋之間的距離為7.56 mm。則所測單色光的波長為______________nm（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）。 【答案】(i). B (ii). (iii). 630 【解析】 【詳解】（i）由Δx= ，因Δx越小，目鏡中觀察得條紋數(shù)越多，故B符合題意； （ii）由，λ= （iii）λ== 聯(lián)系電話：4000-916-716