初中數(shù)學(xué)《圖形的全等》經(jīng)典習(xí)題
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1、平面圖形的認(rèn)識(shí) 試卷副標(biāo)題 1.命題①鄰補(bǔ)角互補(bǔ);②對(duì)頂角相等;③同旁內(nèi)角互補(bǔ);④兩點(diǎn)之間線段最短;⑤直線都相等;⑥任何數(shù)都有倒數(shù);⑦如果a2=b2,那么a=b;⑧三角對(duì)應(yīng)相等的兩三角形全等;⑨如果∠A+∠B=90°,那么∠A與∠B互余.其中真命題有…( ?。? A. 3個(gè) B. 4個(gè) C. 5個(gè) D. 6個(gè) 2.下列條件中能判定△ABC≌△DEF的是( ) A. AB=DE,BC=EF,∠A=∠D B. ∠A=∠D,∠B=∠E,∠C=∠F C. AC=DF,∠B=∠F,AB=DE D. ∠B=∠E,∠C=∠F,AC=DF 3.下列說法中不正確的是( ?。? A. 全等三
2、角形的周長(zhǎng)相等 B. 全等三角形的面積相等 C. 全等三角形能重合 D. 全等三角形一定是等邊三角形 4.給出下列各命題: ①有兩邊和它們的夾角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形一定全等; ②有兩邊和一角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形一定全等; ③有兩條直角邊對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)直角三角形一定全等; ④有兩條邊分別相等的兩個(gè)直角三角形一定全等; 其中假命題共有( ?。? A. 1個(gè) B. 2個(gè) C. 3個(gè) D. 4個(gè) 5.如圖,已知點(diǎn)A、D、C、F在同一條直線上,AB=DE,BC=EF,要使△ABC≌△DEF,還需要添加一個(gè)條件是( ?。? A. ∠BCA=∠F B. ∠B=∠E C. BC∥EF D.
3、 ∠A=∠EDF 6.如圖,AE⊥AB且AE=AB,BC⊥CD且BC=CD,請(qǐng)按照?qǐng)D中所標(biāo)注的數(shù)據(jù),計(jì)算圖中實(shí)線所圍成的圖形的面積S是( ?。? A. 50 B. 62 C. 65 D. 68 7.如圖所示,∠1=∠2,AE⊥OB于E,BD⊥OA于D,交點(diǎn)為C,則圖中全等三角形共有( ) A. 2對(duì) B. 3對(duì) C. 4對(duì) D. 5對(duì) 8.下列不能判定三角形全等的是( ?。? A. 如圖(1),線段AD與BC相交于點(diǎn)O,AO=DO,BO=CO.△ABO與△BCO B. 如圖(2),AC=AD,BC=BD.△ABC與△ABD C. 如圖(3),∠A=∠C,∠B=∠D.△
4、ABO與△CDO D. 如圖(4),線段AD與BC相交于點(diǎn)E,AE=BE,CE=DE,AC=BD.△ABC與△BAD 9.如圖,AC=DF,∠ACB=∠DFE,點(diǎn)B、E、C在一條直線上,則下列條件中不能斷定△ADC≌DEF的是( ) A. ∠A=∠D B. BE=CF C. AB=DE D. AB∥DE 10.如圖,已知△ABC中,∠ABC=45°,AC=4,H是高AD和BE的交點(diǎn),則線段BH的長(zhǎng)度為( ?。? A. B. 4 C. D. 5 11.如圖,已知△ACF≌△DBE,∠E=∠F,AD=9cm,BC=5cm,AB的長(zhǎng)為 cm. 12.如圖
5、,在△ABC和△BAD中,若∠C=∠D,再添加一個(gè)條件,就可以判定△ABC≌△BAD你添加的條件是 ?。? 13.如圖,已知AC=BD,則再添加條件 ,可證出△ABC≌△BAD. 14.如圖,已知∠ABC=∠DCB,現(xiàn)要說明△ABC≌△DCB,則還要補(bǔ)加一個(gè)條件是 或 或 ?。? 15.如圖,如果△ABC≌△DEF,△DEF周長(zhǎng)是32cm,DE=9cm,EF=13cm,∠E=∠B,則AC= cm. 16.如圖,△ABC≌△EFC,CF=3cm,CE=4cm,∠F=36°,則BC= cm,∠B=
6、 度. 17.如圖,已知AB=AC,D為∠BAC的角平分線上面一點(diǎn),連接BD,CD;如圖2,已知AB=AC,D、E為∠BAC的角平分線上面兩點(diǎn),連接BD,CD,BE,CE;如圖3,已知AB=AC,D、E、F為∠BAC的角平分線上面三點(diǎn),連接BD,CD,BE,CE,BF,CF;…,依次規(guī)律,第n個(gè)圖形中有全等三角形的對(duì)數(shù)是 ?。? 18.如圖,將標(biāo)號(hào)為A,B,C,D的正方形沿圖中的虛線剪開后,得到標(biāo)號(hào)為N,P,Q,M的四個(gè)圖形,試按照“哪個(gè)正方形剪開后與哪個(gè)圖形”的對(duì)應(yīng)關(guān)系填空:A與 對(duì)應(yīng);B與 對(duì)應(yīng);C與 對(duì)應(yīng);D與 對(duì)應(yīng). 19.如圖EB交AC于M,交FC于D
7、,AB交FC于N,∠E=∠F=90°,∠B=∠C,AE=AF.給出下列結(jié)論:①∠1=∠2;②BE=CF;③△ACN≌△ABM;④CD=DN.其中正確的結(jié)論有 ?。ㄌ钚蛱?hào)). 20.如圖,已知CD⊥AB,BE⊥AC,垂足分別為D、E,BE、CD交于點(diǎn)O,且AO平分∠BAC,那么圖中全等三角形共有 對(duì). 21.如圖,在△ABC中,已知∠DBC=60°,AC>BC,又△ABC′、△BCA′、△CAB′都是△ABC形外的等邊三角形,而點(diǎn)D在AC上,且BC=DC (1)證明:△C′BD≌△B′DC; (2)證明:△AC′D≌△DB′A; (3)對(duì)△ABC、
8、△ABC′、△BCA′、△CAB′,從面積大小關(guān)系上,你能得出什么結(jié)論? 22.如圖,AD是△ABC的中線,BE交AC于E,交AD于F,且AE=EF,求證:AC=BF. 23.如圖,已知:△ABC中,∠ACB=90°,D為AC邊上的一點(diǎn),E為DB的中點(diǎn),CE的延長(zhǎng)線交AB于點(diǎn)F,F(xiàn)G∥BC交DB于點(diǎn)G.試說明:∠BFG=∠CGF. 24.如圖(1),A,E,F(xiàn),C在一條直線上,AE=CF,過E,F(xiàn)分別作DE⊥AC,BF⊥AC,若AB=CD,試證明BD平分EF,若將△DEC的邊EC沿AC方向移動(dòng)變?yōu)閳D(2)時(shí),其余條件不變,上述結(jié)論是否成立?請(qǐng)說明理由. 25.如圖,兩個(gè)全等的直
9、角三角形△ABC和△A1B1C1中,∠ACB=∠A1C1B1=90°,兩條相等的直角邊AC,A1C1在同一直線上,A1B1與AB交于O,AB與B1C1交于E1,A1B1與BC交于E. (1)寫出圖中除△ABC≌△A1B1C1外的所有其它各組全等三角形(不再連線和標(biāo)注字母); (2)求證:B1E1=BE. 26.(1)在圖1中,已知∠MAN=120°,AC平分∠MAN.∠ABC=∠ADC=90°,則能得如下兩個(gè)結(jié)論:①DC=BC;②AD+AB=AC.請(qǐng)你證明結(jié)論②; (2)在圖2中,把(1)中的條件“∠ABC=∠ADC=90°”改為∠ABC+∠ADC=180°,其他條件不變,則(1)
10、中的結(jié)論是否仍然成立?若成立,請(qǐng)給出證明;若不成立,請(qǐng)說明理由. 27.如圖,點(diǎn)E在△ABC外部,點(diǎn)D在邊BC上,DE交AC于F.若∠1=∠2=∠3,AC=AE,請(qǐng)說明△ABC≌△ADE的道理. 28.用兩個(gè)全等的等邊三角形△ABC和△ACD拼成菱形ABCD.把一個(gè)含60°角的三角尺與這個(gè)菱形疊合,使三角尺的60°角的頂點(diǎn)與點(diǎn)A重合,兩邊分別與AB,AC重合.將三角尺繞點(diǎn)A按逆時(shí)針方向旋轉(zhuǎn). (1)當(dāng)三角尺的兩邊分別與菱形的兩邊BC,CD相交于點(diǎn)E,F(xiàn)時(shí),(如圖1),通過觀察或測(cè)量BE,CF的長(zhǎng)度,你能得出什么結(jié)論并證明你的結(jié)論; (2)當(dāng)三角尺的兩邊分別與菱形的兩邊BC,CD
11、的延長(zhǎng)線相交于點(diǎn)E,F(xiàn)時(shí)(如圖2),你在(1)中得到的結(jié)論還成立嗎?簡(jiǎn)要說明理由. 29.已知:如圖,△ABC中,∠ABC=45°,CD⊥AB于D,BE平分∠ABC,且BE⊥AC于E,與CD相交于點(diǎn)F,H是BC邊的中點(diǎn),連接DH與BE相交于點(diǎn)G. (1)求證:BF=AC; (2)求證:CE=BF; (3)CE與BG的大小關(guān)系如何?試證明你的結(jié)論. 30.如圖,AD=BC,請(qǐng)?zhí)砑右粋€(gè)條件,使圖中存在全等三角形并給予證明. 你所添加的條件為: ;得到的一對(duì)全等三角形是△ ≌△ ?。? 試卷第5頁,總6頁 本卷由【在線組卷網(wǎng)】自動(dòng)生成,請(qǐng)仔細(xì)校對(duì)后使用
12、,答案僅供參考。 參考答案 1.B 【解析】 試題分析:根據(jù)鄰補(bǔ)角互補(bǔ),對(duì)頂角相等的性質(zhì),線段的性質(zhì),直線的性質(zhì),倒數(shù)的特殊規(guī)定,絕對(duì)值的選擇性,全等三角形的判定,余角的定義對(duì)各小題分析判斷后即可求解. 解:①鄰補(bǔ)角互補(bǔ),正確; ②對(duì)頂角相等,正確; ③被截線不平行則同旁內(nèi)角不互補(bǔ),故本小題錯(cuò)誤; ④兩點(diǎn)之間線段最短,是線段的性質(zhì),正確; ⑤直線是向兩方無限延伸的,沒有長(zhǎng)短,故本小題錯(cuò)誤; ⑥0沒有倒數(shù),故本小題錯(cuò)誤; ⑦如果a2=b2,那么a=b或a=﹣b,故本小題錯(cuò)誤; ⑧三角對(duì)應(yīng)相等的兩三角形相似但不一定全等,故本小題錯(cuò)誤; ⑨如果∠A+∠B=90°,那么∠A與
13、∠B互余,是定義,正確. 綜上所述,真命題有①②④⑨共4個(gè). 故選B. 考點(diǎn):對(duì)頂角、鄰補(bǔ)角;倒數(shù);線段的性質(zhì):兩點(diǎn)之間線段最短;全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題是對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的綜合考查,熟記概念與性質(zhì)是解題的關(guān)鍵. 2.D 【解析】 試題分析:全等三角形的判定方法有:SAS,ASA,AAS,SSS,而SSA,AAA都不能判定兩三角形全等,根據(jù)以上內(nèi)容判斷即可. 解: A、根據(jù)AB=DE,BC=EF,∠A=∠D,不能判斷△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; B、根據(jù)∠A=∠D,∠B=∠E,∠C=∠F,不能判斷△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; C、根據(jù)AC=DF,∠B=∠F,A
14、B=DE,不能判斷△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; D、∵在△ABC和△DEF中 , ∴△ABC≌△DEF(AAS),故本選項(xiàng)正確; 故選D. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查了全等三角形的判定的應(yīng)用,題目比較好,但是一道比較容易出錯(cuò)的題目,全等三角形的判定方法有:SAS,ASA,AAS,SSS. 3.D 【解析】 試題分析:根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得出AB=DE,AC=DF,BC=EF,即可判斷A;根據(jù)全等三角形的性質(zhì)得出△ABC和△DEF放在一起,能夠完全重合,即可判斷B、C;根據(jù)圖形即可判斷D. 解: A、∵△ABC≌△DEF, ∴AB=DE,AC=DF,B
15、C=EF, ∴AB+AC+BC=DE+DF+EF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; B、∵△ABC≌△DEF, 即△ABC和△DEF放在一起,能夠完全重合,即兩三角形的面積相等,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; C、∵△ABC≌△DEF, 即△ABC和△DEF放在一起,能夠完全重合,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; D、如圖△ABC和DEF不是等邊三角形,但兩三角形全等,故本選項(xiàng)正確; 故選D. 考點(diǎn):全等三角形的性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查了全等三角形的定義和性質(zhì)的應(yīng)用,能運(yùn)用全等三角形的有關(guān)性質(zhì)進(jìn)行說理是解此題的關(guān)鍵,題目較好,但是一道比較容易出錯(cuò)的題目. 4.B 【解析】 試題分析:根據(jù)三角形全等的判定方法即可解得,做題時(shí)
16、要根據(jù)已知條件結(jié)合判定方法逐個(gè)驗(yàn)證. 解:①符合SAS,成立; ②SSA不符合三角形全等的條件; ③符合SAS,是真命題; ④沒有對(duì)應(yīng)相等不符合三角形全等的條件,是假命題.則正確的是①和③. 故選B. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查三角形全等的判定方法,判定兩個(gè)三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、SSA、HL. 注意:AAA、SSA不能判定兩個(gè)三角形全等,判定兩個(gè)三角形全等時(shí),必須有邊的參與,若有兩邊一角對(duì)應(yīng)相等時(shí),角必須是兩邊的夾角. 5.B 【解析】 試題分析:全等三角形的判定方法SAS是指有兩邊對(duì)應(yīng)相等,且這兩邊的夾角相等的兩三角形全等,已知AB=DE
17、,BC=EF,其兩邊的夾角是∠B和∠E,只要求出∠B=∠E即可. 解:A、根據(jù)AB=DE,BC=EF和∠BCA=∠F不能推出△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; B、∵在△ABC和△DEF中 , ∴△ABC≌△DEF(SAS),故本選項(xiàng)正確; C、∵BC∥EF, ∴∠F=∠BCA,根據(jù)AB=DE,BC=EF和∠F=∠BCA不能推出△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; D、根據(jù)AB=DE,BC=EF和∠A=∠EDF不能推出△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤. 故選B. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查了對(duì)平行線的性質(zhì)和全等三角形的判定的應(yīng)用,注意:有兩邊對(duì)應(yīng)相等,且這兩邊的
18、夾角相等的兩三角形才全等,題目比較典型,但是一道比較容易出錯(cuò)的題目. 6.A 【解析】 試題分析:由AE⊥AB,EF⊥FH,BG⊥AG,可以得到∠EAF=∠ABG,而AE=AB,∠EFA=∠AGB,由此可以證明△EFA≌△ABG,所以AF=BG,AG=EF; 同理證得△BGC≌△DHC,GC=DH,CH=BG. 故FH=FA+AG+GC+CH=3+6+4+3=16,然后利用面積的割補(bǔ)法和面積公式即可求出圖形的面積. 解:∵AE⊥AB且AE=AB,EF⊥FH,BG⊥FH?∠EAB=∠EFA=∠BGA=90°, ∠EAF+∠BAG=90°,∠ABG+∠BAG=90°?∠EAF=∠AB
19、G, ∴AE=AB,∠EFA=∠AGB,∠EAF=∠ABG?△EFA≌△ABG ∴AF=BG,AG=EF. 同理證得△BGC≌△DHC得GC=DH,CH=BG. 故FH=FA+AG+GC+CH=3+6+4+3=16 故S=(6+4)×16﹣3×4﹣6×3=50. 故選A. 考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查的是全等三角形的判定的相關(guān)知識(shí).作輔助線是本題的關(guān)鍵. 7.C 【解析】 試題分析:根據(jù)已知條件可以找出題目中有哪些相等的角以及線段,然后猜想可能全等的三角形,然后一一進(jìn)行驗(yàn)證,做題時(shí)要由易到難,循序漸進(jìn). 解:①△ODC≌△OEC ∵BD⊥AO于點(diǎn)
20、D,AE⊥OB于點(diǎn)E,OC平分∠AOB ∴∠ODC=∠OEC=90°,∠1=∠2 ∵OC=OC ∴△ODC≌△OEC(AAS) ∴OE=OD,CD=CE; ②△ADC≌△BEC ∵∠CDA=∠CEB=90°,∠3=∠4,CD=CE ∴△OBE≌△OCD(AAS) ∴AC=BC,AD=BE,∠B=∠A; ③△OAC≌△OBC ∵OD=OE ∴OA=OB ∵OA=OB,OC=OC,AC=BC ∴△ABO≌△ACO(SSS); ④△OAE≌△OBD ∵∠ODB=∠OEA=90°,OA=OB,OD=OE ∴△AEC≌△ADB(HL). 故選C. 考點(diǎn):全等三角形
21、的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查了全等三角形的判定方法;全等三角形的判定方法一般有:AAS、SAS、ASA、SSS、HL.應(yīng)該對(duì)每一種方法熟練掌握做到靈活運(yùn)用,做題時(shí)要做到不重不漏.提出猜想,證明猜想是解決幾何問題的基本方法. 8.C 【解析】 試題分析:全等三角形的判定定理有:SAS、ASA、AAS、SSS,只要具備以上四種方法中的一種,即可判定聯(lián)三角形全等. 解:A、因?yàn)椤螦OB=∠DOC,根據(jù)SAS可判斷△ABO≌△DCO,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; B、AB=AB,根據(jù)SSS可證出△ABC≌△ABD,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; C、全等三角形的判定定理有SAS、ASA、AAS、SSS,根據(jù)已知不能得出以
22、上三個(gè)條件,即兩三角形不全等,故本選項(xiàng)正確; D、∵AE=BE,CE=DE, ∴AD=BC, ∵AB=AB,AC=BD,根據(jù)SSS可證出△ABC≌△BAD,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤. 故選C. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查了全等三角形的判定的應(yīng)用,注意:全等三角形的判定有:SAS、ASA、AAS、SSS,題型較好,但是一道比較容易出錯(cuò)的題目. 9.C 【解析】 試題分析:根據(jù)全等三角形的判定ASA推出三角形全等,即可判斷A;求出BC=EF,根據(jù)SAS即可判斷B;根據(jù)有兩邊和其中一邊的對(duì)角相等不能判斷兩三角形全等,即可判斷C;根據(jù)平行線性質(zhì)推出∠B=∠DEF,根據(jù)AAS即可判斷
23、D. 解:A、在△ABC和△DEF中 , ∴△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; B、∵BE=CF, ∴BE+EC=CF+EC, 即BC=EF, 在△ABC和△DEF中 , ∴△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; C、根據(jù)AB=DE,∠ACB=∠DFE,AC=DF,不能判定△ABC和△DEF全等,故本選項(xiàng)正確; D、∵AB∥DE, ∴∠B=∠DEF, 在△ABC和△DEF中 , ∴△ABC≌△DEF,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤; 故選C. 考點(diǎn):全等三角形的判定;平行線的性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查了平行線性質(zhì)和全等三角形的判定的應(yīng)用,熟練地運(yùn)用定理進(jìn)行推理是解此題的關(guān)鍵,題目比較
24、好,難度適中. 10.B 【解析】 試題分析:由∠ABC=45°,AD是高,得出BD=AD后,證△ADC≌△BDH后求解. 解:∵∠ABC=45°,AD⊥BC, ∴AD=BD,∠ADC=∠BDH, ∵∠AHE+∠DAC=90°,∠AHE+∠C=90°, ∴∠AHE=∠BHD=∠C, ∴△ADC≌△BDH, ∴BH=AC=4. 故選B. 考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查三角形全等的判定方法,判定兩個(gè)三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、SSA、HL.由∠ABC=45°,AD是高,得出BD=AD是正確解答本題的關(guān)鍵. 11.2 【解析】 試題分析:AB
25、不是全等三角形的對(duì)應(yīng)邊,但它通過全等三角形的對(duì)應(yīng)邊轉(zhuǎn)化為AB=CD,而使AB+CD=AD﹣BC可利用已知的AD與BC求得. 解:∵△ACF≌△DBE,∠E=∠F, ∴CA=BD, ∴CA﹣BC=DB﹣BC, 即AB=CD, ∴AB+CD=2AB=AD﹣BC=9﹣5=4(cm), ∴AB=2(cm). 故填2. 考點(diǎn):全等三角形的性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題主要考查了全等三角形的對(duì)應(yīng)邊相等.難點(diǎn)在于根據(jù)圖形得到線段AB=CD,也是解決本題的關(guān)鍵. 12.∠DAB=∠CBA(答案不唯一) 【解析】 試題分析:由圖可知,AB是公共邊,然后根據(jù)全等三角形的判定方法選擇添加不同的條件即
26、可. 解:∵∠C=∠D,AB是公共邊, ∴可添加∠DAB=∠CBA或∠DBA=∠CAB, 故答案為:∠DAB=∠CBA(答案不唯一). 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查了全等三角形的判定,根據(jù)∠D、∠C是公共邊AB的對(duì)角,只能選擇利用“角角邊”證明兩三角形全等添加條件. 13.∠CAB=∠DBA@BC=AD 【解析】 試題分析:本題要判定△ABC≌△ADC,已知AC=BD,AB是公共邊,具備了兩組邊對(duì)應(yīng)相等,故添加BC=AD、∠CAB=∠DBA,后可分別根據(jù)SSS、SAS、能判定△ABC≌△ADC. 解:AC=BD,AB是公共邊,加∠CAB=∠DBA,就可以用SAS證
27、出△ABC≌△BAD; 加BC=AD就可以用SSS證出△ABC≌△BAD. 故填∠CAB=∠DBA@BC=AD. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查三角形全等的判定方法;判定兩個(gè)三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、ASA、AAS、HL.添加時(shí)注意:AAA、SSA不能判定兩個(gè)三角形全等,不能添加,根據(jù)已知結(jié)合圖形及判定方法選擇條件是正確解答本題的關(guān)鍵. 14.∠A=∠D AB=CD ∠ACB=∠DBC 【解析】 試題分析:要證明△ABC≌△DCB,已知∠ABC=∠DCB,且有一個(gè)公共邊BC=BC,則可以添加一組角從而利用AAS、ASA判定其全等;添加邊從而利用S
28、AS判定其全等. 解:補(bǔ)充∠A=∠D. ∵∠ABC=∠DCB,BC=BC,∠A=∠D ∴△ABC≌△DCB(AAS) 補(bǔ)充∠ACB=∠DBC. ∵∠ABC=∠DCB,BC=BC,∠ACB=∠DBC ∴△ABC≌△DCB(ASA) 補(bǔ)充AB=CD. ∵∠ABC=∠DCB,AB=CD,BC=BC ∴△ABC≌△DCB(SAS). ∴故填∠A=∠D或AB=CD或∠ACB=∠DBC. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):題考查三角形全等的判定方法;判定兩個(gè)三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、ASA、AAS、HL.添加時(shí)注意:AAA、SSA不能判定兩個(gè)三角形全等,不能添加,根據(jù)已
29、知結(jié)合圖形及判定方法選擇條件是正確解答本題的關(guān)鍵. 15.10 【解析】 試題分析:根據(jù)△DEF周長(zhǎng)是32cm,DE=9cm,EF=13cm就可求出第三邊DF的長(zhǎng),根據(jù)全等三角形的對(duì)應(yīng)邊相等,即可求得AC的長(zhǎng). 解:DF=32﹣DE﹣EF=10cm. ∵△ABC≌△DEF,∠E=∠B, ∴AC=DF=10cm. 考點(diǎn):全等三角形的性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查全等三角形的性質(zhì),解題時(shí)應(yīng)注重識(shí)別全等三角形中的對(duì)應(yīng)邊,要根據(jù)對(duì)應(yīng)角去找對(duì)應(yīng)邊. 16.3 36 【解析】 試題分析:運(yùn)用“全等三角形的對(duì)應(yīng)邊相等,對(duì)應(yīng)角相等”即可得,做題時(shí)要根據(jù)△ABC≌△EFC找對(duì)對(duì)應(yīng)邊. 解:∵
30、△ABC≌△EFC,CF=3cm,∠F=36, ∴BC的對(duì)應(yīng)邊是CF,∠B的對(duì)應(yīng)角是∠F, ∴BC=FC=3cm,∠B=∠F=36°. 故填3,36. 考點(diǎn):全等三角形的性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查了全等三角形的性質(zhì)及對(duì)應(yīng)關(guān)系的找法;全等三角形書寫時(shí)各對(duì)應(yīng)頂點(diǎn)應(yīng)在同一位置,找準(zhǔn)對(duì)應(yīng)關(guān)系是解決本題的關(guān)鍵. 17. 【解析】 試題分析:根據(jù)圖形得出當(dāng)有1點(diǎn)D時(shí),有1對(duì)全等三角形;當(dāng)有2點(diǎn)D、E時(shí),有3對(duì)全等三角形;當(dāng)有3點(diǎn)D、E、F時(shí),有6對(duì)全等三角形;根據(jù)以上結(jié)果得出當(dāng)有n個(gè)點(diǎn)時(shí),圖中有個(gè)全等三角形即可. 解:當(dāng)有1點(diǎn)D時(shí),有1對(duì)全等三角形; 當(dāng)有2點(diǎn)D、E時(shí),有3對(duì)全等三角形;
31、 當(dāng)有3點(diǎn)D、E、F時(shí),有6對(duì)全等三角形; 當(dāng)有4點(diǎn)時(shí),有10個(gè)全等三角形; … 當(dāng)有n個(gè)點(diǎn)時(shí),圖中有個(gè)全等三角形. 故答案為:. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查了對(duì)全等三角形的應(yīng)用,關(guān)鍵是根據(jù)已知圖形得出規(guī)律,題目比較典型,但有一定的難度. 18.M N Q P 【解析】 試題分析:能夠完全重合的兩個(gè)圖形叫做全等形.按照剪開前后各基本圖形是重合的原則進(jìn)行逐個(gè)驗(yàn)證、排查. 解:由全等形的概念可知: A是三個(gè)三角形,與M對(duì)應(yīng); B是一個(gè)三角形和兩個(gè)直角梯形,與N對(duì)應(yīng); C是一個(gè)三角形和兩個(gè)四邊形,與Q對(duì)應(yīng); D是兩個(gè)三角形和一個(gè)四邊形,與P對(duì)應(yīng) 故分
32、別填入M,N,Q,P. 考點(diǎn):全等圖形. 點(diǎn)評(píng):本題考查的是全等形的識(shí)別,注意辯別組成圖形的基礎(chǔ)圖形的形狀. 19.①②③ 【解析】 試題分析:由已知條件,可直接得到三角形全等,得到結(jié)論,采用排除法,對(duì)各個(gè)選項(xiàng)進(jìn)行驗(yàn)證從而確定正確的結(jié)論. 解:∵∠B+∠BAE=90°,∠C+∠CAF=90°,∠B=∠C ∴∠1=∠2(①正確) ∵∠E=∠F=90°,∠B=∠C,AE=AF ∴△ABE≌△ACF(ASA) ∴AB=AC,BE=CF(②正確) ∵∠CAN=∠BAM,∠B=∠C,AB=AC ∴△ACN≌△ABM(③正確) ∴CN=BM(④不正確). 所以正確結(jié)論有①②③.
33、 故填①②③. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查三角形全等的判定方法,判定兩個(gè)三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、SSA、HL.得到三角形全等是正確解決本題的關(guān)鍵. 20.4 【解析】 試題分析:根據(jù)已知條件可以找出題目中有哪些相等的角以及線段,然后猜想可能全等的三角形,然后一一進(jìn)行驗(yàn)證. 解:∵CD⊥AB,BE⊥AC,垂足分別為D、E,且AO平分∠BAC, ∴△ODA≌△OEA, ∴∠B=∠C,AD=AE, ∴△ADC≌△AEB, ∴AB=AC, ∴△OAC≌△OAB, ∴△COE≌△OBD. 故填4. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):本題考查了三
34、角形全等的判定方法;提出猜想,驗(yàn)證猜想是解決幾何問題的基本方法,做題時(shí)要注意從已知條件開始思考結(jié)合全等的判定方法逐一判斷,做到不重不漏,由易到難. 21.(1)先證明:△C′BD≌△ABC,再證明△ABC≌△B′DC; (2)根據(jù)(1)的結(jié)論,可以證明:△AC′D≌△DB′A; (3)由角的不等,導(dǎo)出邊的不等關(guān)系,這是探索面積不等關(guān)系的關(guān)鍵. 【解析】 試題分析:(1)先證明:△C′BD≌△ABC,再證明△ABC≌△B′DC; (2)根據(jù)(1)的結(jié)論,可以證明:△AC′D≌△DB′A; (3)由角的不等,導(dǎo)出邊的不等關(guān)系,這是探索面積不等關(guān)系的關(guān)鍵. (1)△C′BD與△ABC
35、中,BC=DC,AB=BC′,∠C′BD=60°+∠ABD=∠ABC, ∴△C′BD≌△ABC,∴C′D=AC 又在△BCA與△DCB′中,BC=DC,AC=B′C,∠ACB=∠B′CD=60°, ∴△BCA≌△DCB′.∴DB′=BA. ∴△C′BD≌△B′DC (2)由(1)的結(jié)論知: C′D=B′C=AB′, B′D=BC′=AC′, 又∵AD=AD, ∴△AC′D≌△DB′A. (3)S△AB′C>S△ABC′>S△ABC>S△A′BC; S△AB′C=, S△A′BC=, S△ABC′=, S△ABC=, 因?yàn)锳B2=(AC2+BC2﹣2AC×B
36、C×cos60°) 整理得S△ACB′+S△BCA′=S△ABC′+S△ABC 考點(diǎn):全等三角形的判定;三角形的面積. 點(diǎn)評(píng):考查全等三角形的證明,考查在三角形中,已知兩邊和夾角求第三邊的計(jì)算. 22.有兩種解法: ①延長(zhǎng)AD至點(diǎn)M,使MD=FD,連接MC,則可證△BDF≌△CDM(SAS),可得MC=BF,∠M=∠BFM,再得∠M=∠MAC,得AC=MC=BF. ②延長(zhǎng)AD至點(diǎn)M,使DM=AD,連接BM,可證△ADC≌△MDB(SAS),方法與①相同. 【解析】 試題分析:有兩種解法: ①延長(zhǎng)AD至點(diǎn)M,使MD=FD,連接MC,則可證△BDF≌△CDM(SAS),可得M
37、C=BF,∠M=∠BFM,再得∠M=∠MAC,得AC=MC=BF. ②延長(zhǎng)AD至點(diǎn)M,使DM=AD,連接BM,可證△ADC≌△MDB(SAS),方法與①相同. 證明:方法一:延長(zhǎng)AD至點(diǎn)M,使MD=FD,連接MC, 在△BDF和△CDM中, ∴△BDF≌△CDM(SAS). ∴MC=BF,∠M=∠BFM. ∵EA=EF, ∴∠EAF=∠EFA, ∵∠AFE=∠BFM, ∴∠M=∠MAC, ∴AC=MC, ∴BF=AC; 方法二:延長(zhǎng)AD至點(diǎn)M,使DM=AD,連接BM, 在△ADC和△MDB中, , ∴△ADC≌△MDB(SAS), ∴∠M=∠MAC,BM=A
38、C, ∵EA=EF, ∴∠CAM=∠AFE,而∠AFE=∠BFM, ∴∠M=∠BFM, ∴BM=BF, ∴BF=AC. 考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查了三角形全等的判定及性質(zhì)、等腰三角形的性質(zhì).其中普通兩個(gè)三角形全等共有四個(gè)定理,即AAS、ASA、SAS、SSS,解決此題的關(guān)鍵是作出巧妙的輔助線:倍長(zhǎng)中線. 23.本題首先通過∠ACB=90°,E為DB的中點(diǎn),進(jìn)而得到CE=EB=DE,又因?yàn)镕G∥BC,則可證明△GEC≌△FEB,再通過角與角之間的關(guān)系求得∠BFG=∠CGF. 【解析】 試題分析:本題首先通過∠ACB=90°,E為DB的中點(diǎn),進(jìn)而得到
39、CE=EB=DE,又因?yàn)镕G∥BC,則可證明△GEC≌△FEB,再通過角與角之間的關(guān)系求得∠BFG=∠CGF. 證明:∵∠ACB=90°,E為DB的中點(diǎn), ∴CE=DE=BE,(直角三角形斜邊上的中線等于斜邊一半) ∴CE=EB, ∴∠ECB=∠CBE, ∵FG∥BC, ∴∠GFE=∠ECB,∠EGF=∠CBE ∴∠EGF=∠EFG, ∴GE=EF, ∵∠GEC=∠FEB, ∴△GEC≌△FEB, ∴∠EFB=∠EGC, ∵∠BFG=∠EFB+∠EFG,∠CGF=∠EGC+∠EGF, ∴∠BFG=∠CGF. 考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):三角形全等的判定是
40、中考的熱點(diǎn),一般以考查三角形全等的方法為主,判定兩個(gè)三角形全等,先根據(jù)已知條件或求證的結(jié)論確定三角形,然后再根據(jù)三角形全等的判定方法,看缺什么條件,再去證什么條件. 24.(1)先利用HL判定Rt△ABF≌Rt△CDE,得出BF=DE;再利用AAS判定△BFG≌△DGE,從而得出FG=EG,即BD平分EF. (2)結(jié)論仍然成立,同樣可以證明得到. 【解析】 試題分析:(1)先利用HL判定Rt△ABF≌Rt△CDE,得出BF=DE;再利用AAS判定△BFG≌△DGE,從而得出FG=EG,即BD平分EF. (2)結(jié)論仍然成立,同樣可以證明得到. (1)證明:∵DE⊥AC,BF⊥AC,
41、 ∴∠DEG=∠BFE=90°. ∵AE=CF,AE+EF=CF+EF. 即AF=CE. 在Rt△ABF和Rt△CDE中, ∴Rt△ABF≌Rt△CDE(HL), ∴BF=DE. 在△BFG和△DEG中, ∴△BFG≌△DGE(AAS), ∴FG=EG,即BD平分EF. (2)FG=EG,即BD平分EF的結(jié)論依然成立. 理由:因?yàn)?AE=CF, 所以 AF=CE, 因?yàn)?DE垂直于AC,BF垂直于AC, 所以 角AFB=角CED,BF∥DE, 因?yàn)?AB∥CD, 所以 角A=角C, 所以 三角形ABF全等于三角形CDE, 所以 BF=DE, 所以
42、 四邊形BEDF是平行四邊形, 所以 GE=GF,即:BD平分EF, 即結(jié)論依然成立. 考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查三角形全等的判定方法,判定兩個(gè)三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、ASA、AAS、HL. 注意:AAA、SSA不能判定兩個(gè)三角形全等,判定兩個(gè)三角形全等時(shí),必須有邊的參與,若有兩邊一角對(duì)應(yīng)相等時(shí),角必須是兩邊的夾角. 25.(1)根據(jù)全等三角形的判定:三組對(duì)應(yīng)邊分別相等的兩個(gè)三角形全等(簡(jiǎn)稱SSS);有兩邊及其夾角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形全等(SAS);有兩角及其夾邊對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形全等(ASA)可證得; (2)由1可證得△ACE≌△A1C1E
43、1,可推出CE=C1E1,易證B1E1=BE. 【解析】 試題分析:(1)根據(jù)全等三角形的判定:三組對(duì)應(yīng)邊分別相等的兩個(gè)三角形全等(簡(jiǎn)稱SSS);有兩邊及其夾角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形全等(SAS);有兩角及其夾邊對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形全等(ASA)可證得; (2)由1可證得△ACE≌△A1C1E1,可推出CE=C1E1,易證B1E1=BE. (1)解:△ACE≌△A1C1E1,△OBE≌△O1B1E1; (2)證明:∵△ABC≌△A1B1C1 ∴AC=A1C1,BC=B1C1 ∴AC1=A1C 已知∠A=∠A1,∠ACE=∠A1C1E1=90° ∴△ACE≌△A1C1E1
44、∴CE=C1E1 又∵BC=B1C1 ∴B1E1=BE. 考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):三角形全等的判定是中考的熱點(diǎn),一般以考查三角形全等的方法為主,判定兩個(gè)三角形全等,先根據(jù)已知條件或求證的結(jié)論確定三角形,然后再根據(jù)三角形全等的判定方法,看缺什么條件,再去證什么條件. 26.(1)根據(jù)角平分線的性質(zhì)可得∠DAC=∠BAC=60°,又已知∠ABC=∠ADC=90°,所以∠DCA=∠BCA=30°,根據(jù)直角三角形的性質(zhì)可證AC=2AD,AC=2AB,所以AD+AB=AC. (2)根據(jù)已知條件可在AN上截取AE=AC,連接CE,根據(jù)AAS可證△ADC≌△EBC,得到DC=BC,
45、DA=BE,所以AD+AB=AB+BE=AE,即AD+AB=AC. 【解析】 試題分析:(1)根據(jù)角平分線的性質(zhì)可得∠DAC=∠BAC=60°,又已知∠ABC=∠ADC=90°,所以∠DCA=∠BCA=30°,根據(jù)直角三角形的性質(zhì)可證AC=2AD,AC=2AB,所以AD+AB=AC. (2)根據(jù)已知條件可在AN上截取AE=AC,連接CE,根據(jù)AAS可證△ADC≌△EBC,得到DC=BC,DA=BE,所以AD+AB=AB+BE=AE,即AD+AB=AC. 證明:(1)如圖1 ∵∠MAN=120°,AC平分∠MAN, ∴∠DAC=∠BAC=60°, ∵∠ABC=∠ADC=90°,
46、∴∠DCA=∠BCA=30°, ∵在Rt△ACD中,∠DCA=30°,Rt△ACB中,∠BCA=30°, ∴AC=2AD,AC=2AB, ∴AD+AB=AC. (2)判斷是:(1)中的結(jié)論①DC=BC;②AD+AB=AC都成立. 理由如下: 如下圖,在AN上截取AE=AC,連接CE, ∵∠BAC=60°, ∴△CAE為等邊三角形, ∴AC=CE,∠AEC=60°, ∵∠DAC=60°, ∴∠DAC=∠AEC ∵∠ABC+∠ADC=180°,∠ABC+∠EBC=180°, ∴∠ADC=∠EBC, ∴△ADC≌△EBC, ∴DC=BC,DA=BE, ∴AD+AB
47、=AB+BE=AE, ∴AD+AB=AC. 考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì);角平分線的定義;三角形內(nèi)角和定理. 點(diǎn)評(píng):本題考查了角平分線的性質(zhì),直角三角形的性質(zhì),和全等三角形的判定等知識(shí)綜合運(yùn)用,是一道由淺入深的訓(xùn)練題. 27.根據(jù)已知,利用有兩組角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形相似得到△AEF∽△DCF,從而得到∠E=∠C,再由已知可得∠BAC=∠DAE,又因?yàn)锳C=AE,所以根據(jù)AAS可判定△ABC≌△ADE. 【解析】 試題分析:根據(jù)已知,利用有兩組角對(duì)應(yīng)相等的兩個(gè)三角形相似得到△AEF∽△DCF,從而得到∠E=∠C,再由已知可得∠BAC=∠DAE,又因?yàn)锳C=AE,所以根據(jù)AAS可
48、判定△ABC≌△ADE. 解:△ADF與△AEF中, ∵∠2=∠3,∠AFE=∠CFD, ∴∠E=∠C. ∵∠1=∠2, ∴∠BAC=∠DAE. ∵AC=AE, ∴△ABC≌△ADE. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):此題考查學(xué)生對(duì)相似三角形的判定及全等三角形的判定的理解及運(yùn)用. 三角形全等的判定是中考的熱點(diǎn),一般以考查三角形全等的方法為主,判定兩個(gè)三角形全等,先根據(jù)已知條件或求證的結(jié)論確定三角形,然后再根據(jù)三角形全等的判定方法,看缺什么條件,再去證什么條件. 28.應(yīng)先確定選擇哪對(duì)三角形,再對(duì)應(yīng)三角形全等條件求解. 【解析】 試題分析:本題是一道開放性題,應(yīng)先確定選
49、擇哪對(duì)三角形,再對(duì)應(yīng)三角形全等條件求解. 解:(1)BE=CF. 證明:在△ABE和△ACF中, ∵∠BAE+∠EAC=∠CAF+∠EAC=60°, ∴∠BAE=∠CAF. ∵AB=AC,∠B=∠ACF=60°,∴△ABE≌△ACF(ASA). ∴BE=CF; (2)BE=CF仍然成立. 證明:在△ACE和△ADF中, ∵∠CAE+∠EAD=∠FAD+∠DAE=60°, ∴∠CAE=∠DAF, ∵∠BCA=∠ACD=60°, ∴∠FCE=60°, ∴∠ACE=120°, ∵∠ADC=60°, ∴∠ADF=120°, 在△ACE和△ADF中, ∴△ACE≌△
50、ADF, ∴CE=DF, ∴BE=CF, 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):三角形全等的判定是中考的熱點(diǎn),一般以考查三角形全等的方法為主,判定兩個(gè)三角形全等,先根據(jù)已知條件或求證的結(jié)論確定三角形,然后再根據(jù)三角形全等的判定方法,看缺什么條件,再去證什么條件. 29.(1)利用AAS判定Rt△DFB≌Rt△DAC,從而得出BF=AC. (2)利用ASA判定Rt△BEA≌Rt△BEC,得出CE=AE=AC,又因?yàn)锽F=AC所以CE=AC=BF (3)利用等腰三角形“三線合一”)和勾股定理即可求解. 【解析】 試題分析:(1)利用AAS判定Rt△DFB≌Rt△DAC,從而得出BF=A
51、C. (2)利用ASA判定Rt△BEA≌Rt△BEC,得出CE=AE=AC,又因?yàn)锽F=AC所以CE=AC=BF (3)利用等腰三角形“三線合一”)和勾股定理即可求解. (1)證明:∵CD⊥AB,∠ABC=45°, ∴△BCD是等腰直角三角形. ∴BD=CD. ∵∠DBF=90°﹣∠BFD,∠DCA=90°﹣∠EFC,且∠BFD=∠EFC, ∴∠DBF=∠DCA. 在Rt△DFB和Rt△DAC中, ∵ ∴Rt△DFB≌Rt△DAC(ASA). ∴BF=AC; (2)證明:∵BE平分∠ABC, ∴∠ABE=∠CBE. 在Rt△BEA和Rt△BEC中 , ∴Rt
52、△BEA≌Rt△BEC(ASA). ∴CE=AE=AC. 又由(1),知BF=AC, ∴CE=AC=BF; (3)證明:∠ABC=45°,CD垂直AB于D,則CD=BD. H為BC中點(diǎn),則DH⊥BC(等腰三角形“三線合一”) 連接CG,則BG=CG,∠GCB=∠GBC=∠ABC=×45°=22.5°,∠EGC=45°. 又∵BE垂直AC,故∠EGC=∠ECG=45°,CE=GE. ∵△GEC是直角三角形, ∴CE2+GE2=CG2, ∵DH垂直平分BC, ∴BG=CG, ∴CE2+GE2=CG2=BG2;即2CE2=BG2,BG=CE, ∴BG>CE. 考點(diǎn)
53、:全等三角形的判定與性質(zhì). 點(diǎn)評(píng):本題考查三角形全等的判定方法,判定兩個(gè)三角形全等的一般方法有:SSS、SAS、ASA、HL.在復(fù)雜的圖形中有45°的角,有垂直,往往要用到等腰直角三角形,要注意掌握并應(yīng)用此點(diǎn). 30.PA=PB PAD PBC 【解析】 試題分析:三角形全等條件中必須是三個(gè)元素,普通兩個(gè)三角形全等共有四個(gè)定理,即AAS、ASA、SAS、SSS,并且一定有一組對(duì)應(yīng)邊相等. 解:所添加條件為PA=PB, 得到的一對(duì)全等三角形是△PAD≌△PBC; 證明:∵PA=PB, ∴∠A=∠B, 又∵AD=BC, ∴△PAD≌△PBC. 故分別填PA=PB,△PAD,△PBC. 考點(diǎn):全等三角形的判定. 點(diǎn)評(píng):三角形全等的判定是中考的熱點(diǎn),一般以考查三角形全等的方法為主,判定兩個(gè)三角形全等,先根據(jù)已知條件或求證的結(jié)論確定三角形,然后再根據(jù)三角形全等的判定方法,看缺什么條件,再去證什么條件. 答案第15頁,總16頁
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