2019年高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題（10）（含解析）新人教版.doc

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選擇題（10） 李仕才 1、.(2018海南七校聯(lián)考)為了紀(jì)念中國(guó)人民抗日戰(zhàn)爭(zhēng)暨世界反法西斯戰(zhàn)爭(zhēng)勝利70周年,銘記歷史,警示未來(lái),2015年9月3日在北京舉行了隆重的閱兵式,關(guān)于甲、乙、丙、丁的圖片,下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是(　　) A.圖甲中上午10點(diǎn)整李克強(qiáng)宣布紀(jì)念大會(huì)開(kāi)始,10點(diǎn)整是時(shí)刻 B.圖乙中方隊(duì)沿直線通過(guò)檢閱臺(tái)的一段時(shí)間內(nèi)的位移大小與路程相等 C.圖丙中計(jì)算洲際導(dǎo)彈通過(guò)天安門廣場(chǎng)(遠(yuǎn)大于導(dǎo)彈的長(zhǎng)度)的時(shí)間時(shí),洲際導(dǎo)彈不能看作質(zhì)點(diǎn) D.閱兵預(yù)演空中梯隊(duì)通過(guò)天安門上空時(shí),以編隊(duì)中某一飛機(jī)為參考系,其他飛機(jī)是靜止的 答案C 解析時(shí)刻是指某一瞬時(shí),對(duì)應(yīng)時(shí)間軸上一個(gè)點(diǎn),而時(shí)間是指兩個(gè)不同時(shí)刻的間隔,所以選項(xiàng)A正確;圖乙中方隊(duì)沿直線通過(guò)檢閱臺(tái),由于是單方向直線運(yùn)動(dòng),所以一段時(shí)間內(nèi)的位移大小等于路程,選項(xiàng)B正確;由于天安門廣場(chǎng)的長(zhǎng)度遠(yuǎn)大于洲際導(dǎo)彈長(zhǎng)度,所以在計(jì)算導(dǎo)彈通過(guò)天安門廣場(chǎng)的時(shí)間時(shí),洲際導(dǎo)彈是能看作質(zhì)點(diǎn)的,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;閱兵預(yù)演空中梯隊(duì)飛機(jī)速度相同,所以以編隊(duì)中某一飛機(jī)為參考系,其他飛機(jī)是靜止的,選項(xiàng)D正確。 2、(力的合成)(2017湖北武漢東湖區(qū)月考)如圖所示,有5個(gè)力作用于同一點(diǎn)O,表示這5個(gè)力的有向線段恰構(gòu)成一個(gè)正六邊形的兩鄰邊和三條對(duì)角線,已知F1=10 N,則這5個(gè)力的合力大小為(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　　　　 A.50 N B.30 N C.20 N D.10 N 答案B 解析利用三角形定則可知,F2和F4的合力等于F1,F5和F3的合力也等于F1,這5個(gè)力的合力大小為3F1=30 N。 3、.一個(gè)箱子放在水平地面上,箱內(nèi)有一固定的豎直桿,在桿上套著一個(gè)環(huán),箱與桿的質(zhì)量為m0,環(huán)的質(zhì)量為m,如圖所示。已知環(huán)沿桿勻加速下滑時(shí),環(huán)與桿之間的摩擦力大小為Ff,則此時(shí)箱對(duì)地面的壓力大小為(　　) A.m0g+Ff B.m0g-Ff C.m0g+mg D.m0g-mg 答案A 解析環(huán)在豎直方向上受重力及箱子的桿給它的豎直向上的摩擦力Ff,受力情況如圖甲所示,根據(jù)牛頓第三定律,環(huán)應(yīng)給桿一個(gè)豎直向下的摩擦力Ff,故箱子在豎直方向受重力m0g、地面對(duì)它的支持力FN及環(huán)給它的摩擦力Ff,受力情況如圖乙所示。由于箱子處于平衡狀態(tài),可得FN=Ff+m0g=Ff+m0g,根據(jù)牛頓第三定律,箱子對(duì)地面的壓力大小等于地面對(duì)箱子的支持力,即FN=m0g+Ff,故選項(xiàng)A正確。 4、.(多選)如圖所示,A、B兩球分別套在兩光滑的水平直桿上,兩球通過(guò)一輕繩繞過(guò)一定滑輪相連,現(xiàn)在將A球以速度v向左勻速移動(dòng),某時(shí)刻連接兩球的輕繩與水平方向的夾角分別為α、β,下列說(shuō)法正確的是(　　) A.此時(shí)B球的速度為v B.此時(shí)B球的速度為v C.在β增大到90的過(guò)程中,B球做勻速運(yùn)動(dòng) D.在β增大到90的過(guò)程中,B球做加速運(yùn)動(dòng) 答案AD 解析由于繩連接體沿繩方向的速度大小相等,因此vcos α=vBcos β,解得vB=v,A項(xiàng)正確,B項(xiàng)錯(cuò)誤;在β增大到90的過(guò)程中,α在減小,因此B球的速度在增大,B球在做加速運(yùn)動(dòng),C項(xiàng)錯(cuò)誤,D項(xiàng)正確。 5、(多選) 兩顆互不影響的行星P1、P2,其周圍空間某位置的引力加速度a與該位置到行星中心距離r二次方的倒數(shù)的關(guān)系圖象如圖所示?，F(xiàn)P1、P2各有一顆近地衛(wèi)星S1、S2繞其做勻速圓周運(yùn)動(dòng),衛(wèi)星S1、S2的引力加速度大小均為a0(忽略行星的自轉(zhuǎn))。則下列說(shuō)法正確的是(　　) A.S1的質(zhì)量比S2的大 B.P1的質(zhì)量比P2的大 C.P1的第一宇宙速度比P2的大 D.P1的平均密度比P2的大 答案BC 解析根據(jù)牛頓第二定律得G=ma 則得行星對(duì)周圍空間各處物體的引力產(chǎn)生的加速度為a=,由此不能判斷近地衛(wèi)星S1、S2的質(zhì)量大小。 由數(shù)學(xué)知識(shí)知,a- 圖象的斜率等于GM,斜率越大,GM越大,M越大,所以P1的質(zhì)量比P2的大,故A錯(cuò)誤,B正確。 設(shè)第一宇宙速度為v。則a0=,得v=。由題圖看出,P1的半徑比P2的半徑大,a0相等,可知P1的第一宇宙速度比P2的大,故C正確。 行星的平均密度ρ=,P1的半徑比P2的半徑大,a0相等,則P1的平均密度比P2的小,故D錯(cuò)誤。 6、(多選) 某人通過(guò)滑輪將質(zhì)量為m的物體,沿粗糙的斜面從靜止開(kāi)始勻加速地由底端拉到斜面頂端,物體上升的高度為h,到達(dá)斜面頂端時(shí)的速度為v,如圖所示。則在此過(guò)程中(　　) A.物體所受的合外力做的功為mgh+mv2 B.物體所受的合外力做的功為mv2 C.人對(duì)物體做的功為mgh D.人對(duì)物體做的功大于mgh 答案BD 解析物體沿斜面做勻加速運(yùn)動(dòng),根據(jù)動(dòng)能定理W合=WF-Wf-mgh=mv2,其中Wf為物體克服摩擦力做的功。人對(duì)物體做的功即是人對(duì)物體的拉力做的功,所以W人=WF=Wf+mgh+mv2,A、C錯(cuò)誤,B、D正確。 7、(人船模型)(2018云南昆明三中檢測(cè)) 一裝有柴油的船靜止于水面上,船前艙進(jìn)水,堵住漏洞后用一水泵把前艙中的水抽往后艙,如圖所示。不計(jì)水的阻力,船的運(yùn)動(dòng)情況是(　　) A.向后運(yùn)動(dòng) B.向前運(yùn)動(dòng) C.靜止 D.無(wú)法判斷 答案B 解析雖然抽水的過(guò)程屬于船與水的內(nèi)力作用,但水的質(zhì)量發(fā)生了轉(zhuǎn)移,從前艙轉(zhuǎn)移到了后艙,相當(dāng)于人從船的一頭走到另一頭的過(guò)程。故B正確。 8、(多選)(2017安徽六校教育研究會(huì)月考)如圖所示,已知帶電小球A、B的電荷量分別為Q1、Q2,都用長(zhǎng)為L(zhǎng)的絕緣絲線懸掛在絕緣墻角O點(diǎn)處,靜止時(shí)A、B相距為d。為使重新平衡時(shí)A、B間距離減為,可采用以下哪些方法(　　) A.將小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的4倍 B.將小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的8倍 C.將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半 D.將小球A、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半,同時(shí)將小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的2倍 答案BD 解析 如圖所示,B受重力、繩子的拉力及庫(kù)侖力;將拉力及庫(kù)侖力合成,其合力應(yīng)與重力大小相等、方向相反;由幾何關(guān)系可知,,而庫(kù)侖力F=,即,mgd3=kq1q2L,d=。要使d變?yōu)?可以使質(zhì)量增大到原來(lái)的8倍而保證上式成立,故B正確;或?qū)⑿∏駻、B的電荷量都減小到原來(lái)的一半,同時(shí)小球B的質(zhì)量增加到原來(lái)的2倍,也可保證等式成立,故D正確。 9、(多選)(歐姆定律電阻定律)(2017山東棗莊期末檢測(cè))如圖所示,R1和R2是同種材料、厚度相同、表面為正方形的導(dǎo)體,但R1的尺寸比R2的尺寸大。在兩導(dǎo)體上加相同的電壓,通過(guò)兩導(dǎo)體的電流方向如圖所示,則下列說(shuō)法正確的是 (　　) A.R1中的電流小于R2中的電流 B.R1中的電流等于R2中的電流 C.R1中自由電荷定向移動(dòng)的速率大于R2中自由電荷定向移動(dòng)的速率 D.R1中自由電荷定向移動(dòng)的速率小于R2中自由電荷定向移動(dòng)的速率 答案BD 解析設(shè)正方形的邊長(zhǎng)為L(zhǎng),厚度為d,則I=,R=ρ=ρ,得I=,故R1、R2中的電流相等,A錯(cuò)誤,B正確。由I=nqSv=nqLdv得,L大則v小,C錯(cuò)誤,D正確。 10、(多選)(2017河南洛陽(yáng)期末統(tǒng)考)如圖所示,水平放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌,左端通過(guò)開(kāi)關(guān)S與內(nèi)阻不計(jì)、電動(dòng)勢(shì)為E的電源相連,右端與半徑為20 cm的光滑圓弧導(dǎo)軌相接,導(dǎo)軌寬度為20 cm,電阻不計(jì)。導(dǎo)軌所在空間有豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5 T。一根導(dǎo)體棒ab垂直于導(dǎo)軌放置,質(zhì)量m=60 g、電阻R=1 Ω,用長(zhǎng)也為20 cm的絕緣細(xì)線懸掛,導(dǎo)體棒恰好與導(dǎo)軌接觸。當(dāng)閉合開(kāi)關(guān)S后,導(dǎo)體棒沿圓弧擺動(dòng),擺動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸良好且細(xì)線處于張緊狀態(tài)。導(dǎo)體棒ab速度最大時(shí),細(xì)線與豎直方向的夾角θ=53(sin 53=0.8,g取10 m/s2),則(　　) A.磁場(chǎng)方向一定豎直向上 B.電源的電動(dòng)勢(shì)E=8.0 V C.導(dǎo)體棒在擺動(dòng)過(guò)程中所受安培力F=8 N D.導(dǎo)體棒擺動(dòng)過(guò)程中的最大動(dòng)能為0.08 J 答案BD 解析導(dǎo)體棒ab所受安培力向右,由左手定則可知磁場(chǎng)方向豎直向下,A錯(cuò)誤;細(xì)線與豎直方向的夾角為53時(shí),重力和安培力的合力沿半徑方向,此時(shí)tan 53=,解得I==8 A,由歐姆定律得E=IR=8 V,B正確;安培力F=BIl=mgtan 53=0.8 N,C錯(cuò)誤;從初位置到轉(zhuǎn)過(guò)53的過(guò)程應(yīng)用動(dòng)能定理:Flsin 53-mgl(1-cos 53)=Ekm-0,解得最大動(dòng)能Ekm=0.08 J,D正確。 11、(多選)(2017福建永安月考)如圖所示,在一空心螺線管內(nèi)部中點(diǎn)處懸掛一銅環(huán),電路接通瞬間,下列說(shuō)法正確的是(　　) A.從左往右看,銅環(huán)中有逆時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 B.從左往右看,銅環(huán)中有順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流 C.銅環(huán)有收縮趨勢(shì) D.銅環(huán)有擴(kuò)張趨勢(shì) 答案BC 解析電路接通瞬間,螺線管中電流從無(wú)到有,螺線管內(nèi)部產(chǎn)生向左的磁場(chǎng),銅環(huán)中磁通量增大,產(chǎn)生感應(yīng)電流,由楞次定律可判斷出從左往右看,銅環(huán)中有順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流,銅環(huán)有收縮趨勢(shì),選項(xiàng)A、D錯(cuò)誤,選項(xiàng)B、C正確。 12、(交變電流的圖象)如圖甲所示,一矩形線圈abcd放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,并繞過(guò)ab、cd中點(diǎn)的軸OO以角速度ω逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。若以線圈平面與磁場(chǎng)夾角θ=45時(shí)(如圖乙)為計(jì)時(shí)起點(diǎn),并規(guī)定當(dāng)電流自a流向b時(shí)電流方向?yàn)檎t能夠正確反映線圈中電流變化規(guī)律的圖象是(　　) 答案D 解析t=0時(shí)刻,根據(jù)圖乙表示的轉(zhuǎn)動(dòng)方向,由右手定則知,此時(shí)ad中電流方向由a到d,線圈中電流方向?yàn)閍→d→c→b→a,與規(guī)定的電流正方向相反,電流為負(fù)值,由圖乙還能觀察到,線圈在接下來(lái)的45轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中,ad、bc兩邊垂直切割磁感線的速度越來(lái)越小,所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)應(yīng)減小,感應(yīng)電流減小,故D正確。 13、(多選)如圖是某金屬在光的照射下產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能Ek與入射光頻率ν的關(guān)系圖象。由圖象可知(　　) A.該金屬的逸出功等于E B.該金屬的逸出功等于hν0 C.入射光的頻率為2ν0時(shí),產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能為E D.由該圖象可得出普朗克常量h= 答案ABC 解析由愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)方程可知,Ek=hν-W,對(duì)應(yīng)圖線可得該金屬的逸出功W=E=hν0,A、B均正確;若入射光的頻率為2ν0,則產(chǎn)生的光電子的最大初動(dòng)能Ek=2hν0-W=hν0=E,故C正確;由E=hν0可得h=,D錯(cuò)誤。