新高考數(shù)學(xué)二輪課時(shí)作業(yè)：層級(jí)二 專題一 第2講 基本初等函數(shù)、函數(shù)與方程 Word版含解析

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1、 層級(jí)二 專題一 第2講 限時(shí)40分鐘　滿分80分 一、選擇題(本大題共12小題，每小題5分，共60分) 1．(2019·云南檢測(cè))設(shè)a＝60.7，b＝log70.6，c＝log0.60.7，則a，b，c的大小關(guān)系為(　　) A．c＞b＞a　　　　　　　　 B．b＞c＞a C．c＞a＞b D．a(chǎn)＞c＞b 解析：D　[因?yàn)閍＝60.7＞1，b＝log70.6＜0,0＜c＝log0.60.7＜1，所以a＞c＞b.] 2．(北京卷)根據(jù)有關(guān)資料，圍棋狀態(tài)空間復(fù)雜度的上限M約為3361，而可觀測(cè)宇宙中普通物質(zhì)的原子總數(shù)N約為1080.則下列各數(shù)中與最接近的是(　　) (參考

2、數(shù)據(jù)：lg 3≈0.48) A．1033 B．1053 C．1073 D．1093 解析：D　[設(shè)＝x＝，兩邊取對(duì)數(shù)，lg x＝lg＝lg3361－lg1080＝361×lg 3－80＝93.28，所以x＝1093.28，即最接近1093，故選D.] 3．(2020·安徽皖中名校聯(lián)考)若a＜b＜c，則函數(shù)f(x)＝(x－a)(x－b)＋(x－b)(x－c)＋(x－c)(x－a)的兩個(gè)零點(diǎn)分別位于區(qū)間(　　) A．(a，b)和(b，c) B．(－∞，a)和(a，b) C．(b，c)和(c，＋∞) D．(－∞，a)和(c，＋∞) 解析：A　[由題意可得f(a)＞0，f(b)＜

3、0，f(c)＞0，則由零點(diǎn)存在性定理可知，選A.] 4．(2019·鐵人中學(xué)期中)函數(shù)f(x)滿足f(x＋2)＝f(x)，且當(dāng)－1≤x≤1時(shí)，f(x)＝|x|.若y＝f(x)的圖象與g(x)＝logax(a＞0且a≠1)的圖象有且僅有四個(gè)交點(diǎn)，則a的取值集合為(　　) A．{4,5} B．{4,6} C．{5} D．{6} 解析：C　[函數(shù)f(x＋2)＝f(x)，則函數(shù)f(x)是周期為2的周期函數(shù)，畫(huà)出函數(shù)f(x)的圖象(圖略)，數(shù)形結(jié)合可知，當(dāng)g(x)的圖象過(guò)點(diǎn)(5,1)時(shí)，f(x)的圖象與g(x)＝logax的圖象僅有四個(gè)交點(diǎn)，則g(5)＝loga5＝1，得a＝5.故選C.]

4、 5．(2020·廣西三校)函數(shù)f(x)＝x2lg的圖象(　　) A．關(guān)于x軸對(duì)稱 B．關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱 C．關(guān)于直線y＝x對(duì)稱 D．關(guān)于y軸對(duì)稱 解析：B　[因?yàn)閒(x)＝x2lg，所以其定義域?yàn)?－∞，－2)∪(2，＋∞)，所以f(－x)＝x2lg＝－x2lg＝－f(x)，所以函數(shù)為奇函數(shù)，所以函數(shù)的圖象關(guān)于原點(diǎn)對(duì)稱．] 6．某商店已按每件80元的成本購(gòu)進(jìn)某商品1 000件，根據(jù)市場(chǎng)預(yù)測(cè)，銷售價(jià)為每件100元時(shí)可全部售完，定價(jià)每次提高1元時(shí)銷售量就減少5件，若要獲得最大利潤(rùn)，銷售價(jià)應(yīng)定為每件(　　) A．100元 B．110元 C．150元 D．190元 解析：D　[設(shè)售

5、價(jià)提高x元，利潤(rùn)為y元，則依題意得y＝(1 000－5x)×(20＋x)＝－5x2＋900x＋20 000＝－5(x－90)2＋60 500.故當(dāng)x＝90時(shí)，ymax＝60 500，此時(shí)售價(jià)為每件190元．] 7．(2020·深圳模擬)已知函數(shù)f(x)＝ln x－2[x]＋3，其中[x]表示不大于x的最大整數(shù)(如[1.6]＝1，[－2.1]＝－3)，則函數(shù)f(x)的零點(diǎn)個(gè)數(shù)是(　　) A．1 B．2 C．3 D．4 解析：B　[設(shè)g(x)＝ln x，h(x)＝2[x]－3，當(dāng)0＜x＜1時(shí)，h(x)＝－3，作出圖象， 兩個(gè)函數(shù)圖象有一個(gè)交點(diǎn)，即f(x)有一個(gè)零點(diǎn)； 當(dāng)2≤x＜

6、3時(shí)，h(x)＝1，ln 2≤g(x)＜ln 3. 此時(shí)兩函數(shù)圖象有一個(gè)交點(diǎn)，即f(x)有一個(gè)零點(diǎn)， 當(dāng)x≥3以后，兩函數(shù)圖象無(wú)交點(diǎn)， 綜上，共有兩個(gè)零點(diǎn)．] 8．(2020·貴陽(yáng)模擬)某地方政府為鼓勵(lì)全民創(chuàng)業(yè)，擬對(duì)本地產(chǎn)值在50萬(wàn)元到500萬(wàn)元的新增小微企業(yè)進(jìn)行獎(jiǎng)勵(lì)，獎(jiǎng)勵(lì)方案遵循以下原則：獎(jiǎng)金y(單位：萬(wàn)元)隨年產(chǎn)值x(單位：萬(wàn)元)的增加而增加，且獎(jiǎng)金不低于7萬(wàn)元，同時(shí)獎(jiǎng)金不超過(guò)年產(chǎn)值的15%.若采用函數(shù)f(x)＝作為獎(jiǎng)勵(lì)函數(shù)模型，則最小的正整數(shù)a的值為(　　) A．310 B．315 C．320 D．325 解析：B　[對(duì)于函數(shù)模型f(x)＝＝15－，a為正整數(shù)，函數(shù)在[

7、50,500]上單調(diào)遞增，f(x)min＝f(50)≥7，得a≤344，要使f(x)≤0.15x對(duì)x∈[50,500]恒成立，即a≥－0.15x2＋13.8x對(duì)x∈[50,500]恒成立，所以a≥315.綜上，最小的正整數(shù)a的值為315.] 9．已知當(dāng)x∈[0,1]時(shí)，函數(shù)y＝(mx－1)2 的圖象與y＝＋m的圖象有且只有一個(gè)交點(diǎn)，則正實(shí)數(shù)m的取值范圍是(　　) A．(0,1]∪[2，＋∞) B．(0,1]∪[3，＋∞) C．(0，]∪[2，＋∞) D．(0，]∪[3，＋∞) 解析：B　[當(dāng)0＜m≤1時(shí)，≥1，y＝(mx－1)2單調(diào)遞減，且y＝(mx－1)2∈[(m－1)2,1]，

8、y＝＋m單調(diào)遞增，且y＝＋m∈[m,1＋m]，此時(shí)有且僅有一個(gè)交點(diǎn)；當(dāng)m＞1時(shí)，0＜＜1，y＝(mx－1)2在上單調(diào)遞增，所以要有且僅有一個(gè)交點(diǎn)，需(m－1)2≥1＋m?m≥3，選B.] 10．(2020·長(zhǎng)春模擬)已知函數(shù)f(x)＝函數(shù)g(x)＝f(x)－2x恰有三個(gè)不同的零點(diǎn)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(　　) A．[－1,1) B．[0,2] C．[－2,2) D．[－1,2) 解析：D　[∵f(x)＝ ∴g(x)＝f(x)－2x＝ 而方程－x＋2＝0的解為2，方程x2＋3x＋2＝0的解為－1，－2；若函數(shù)g(x)＝f(x)－2x恰有三個(gè)不同的零點(diǎn)，則解得－1≤a＜2，實(shí)數(shù)a的

9、取值范圍是[－1,2)．故選D.] 11．(2019·長(zhǎng)春質(zhì)量監(jiān)測(cè))已知函數(shù)f(x)＝與g(x)＝1－sin πx，則函數(shù)F(x)＝f(x)－g(x)在區(qū)間[－2,6]上的所有零點(diǎn)的和為(　　) A．4 B．8 C．12 D．16 解析：D　[令F(x)＝f(x)－g(x)＝0，得f(x)＝g(x)，在同一平面直角坐標(biāo)系中分別畫(huà)出函數(shù)f(x)＝1＋與g(x)＝1－sin πx的圖象，如圖所示．f(x)，g(x)的圖象都關(guān)于點(diǎn)(2,1)對(duì)稱，結(jié)合圖象可知f(x)與g(x)的圖象在[－2,6]上共有8個(gè)交點(diǎn)，交點(diǎn)的橫坐標(biāo)即F(x)＝f(x)－g(x)的零點(diǎn)，且這些交點(diǎn)關(guān)于直線x＝2成對(duì)

10、出現(xiàn)，由對(duì)稱性可得所有零點(diǎn)之和為4×2×2＝16，故選D.] 12．(2020·煙臺(tái)模擬)已知函數(shù)y＝f(x－1)的圖象關(guān)于點(diǎn)(1,0)對(duì)稱，且當(dāng)x∈(－∞，0)時(shí)，f(x)＋xf′(x)＜0成立(其中f′(x)是f(x)的導(dǎo)函數(shù))，若a＝30.3·f(30.3)，b＝(logπ3)·f(logπ3)，c＝·f，則a，b，c的大小關(guān)系是(　　) A．a(chǎn)＞b＞c B．c＞a＞b C．c＞b＞a D．a(chǎn)＞c＞b 解析：B　[因?yàn)楫?dāng)x∈(－∞，0)時(shí)不等式f(x)＋xf′(x)＜0成立，即[xf(x)]′＜0， 所以g(x)＝xf(x)在(－∞，0)上是減函數(shù)． 又因?yàn)楹瘮?shù)y＝f

11、(x－1)的圖象關(guān)于點(diǎn)(1,0)對(duì)稱， 所以函數(shù)y＝f(x)的圖象關(guān)于點(diǎn)(0,0)對(duì)稱， 所以函數(shù)y＝f(x)是定義在R上的奇函數(shù)， 所以g(x)＝xf(x)是定義在R上的偶函數(shù)， 所以g(x)＝xf(x)在(0，＋∞)上是增函數(shù)． 又因?yàn)?0.3＞1＞logπ3＞0＞log3＝－2， 2＝－log3＞30.3＞1＞logπ3＞0， 所以f＞30.3·f(30.3)＞(logπ3)·f(logπ3)，即f＞30.3·f(30.3)＞(logπ3)·f(logπ3)，即c＞a＞b，故選B.] 二、填空題(本大題共4小題，每小題5分，共20分) 答案：10 14．(20

12、20·湖南省四校聯(lián)考)已知函數(shù)f(x)＝lg x＋x－9在區(qū)間(n，n＋1)(n∈Z)上存在零點(diǎn)，則n＝________. 解析：易知函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0，＋∞)，且f(x)在其定義域內(nèi)單調(diào)遞增，由零點(diǎn)存在性定理知，若函數(shù)f(x)在區(qū)間(n，n＋1)(n∈Z)上存在零點(diǎn)，則有又f(4)＝lg 4＋6－9＝lg 4－3＜0，f(5)＝lg 5＋－9＝lg 5－＜0，f(6)＝lg 6＋9－9＝lg 6＞0，所以函數(shù)f(x)在(5,6)上存在零點(diǎn)，所以n＝5. 答案：5 15．(2018·浙江卷)已知λ∈R，函數(shù)f(x)＝當(dāng)λ＝2時(shí)，不等式f(x)<0的解集是________．若函數(shù)f

13、(x)恰有2個(gè)零點(diǎn)，則λ的取值范圍是________． 解析：∵λ＝2， ∴f(x)＝ 當(dāng)x≥2時(shí)，x－4＜0得2≤x＜4. 當(dāng)x＜2時(shí)，x2－4x＋3＜0，解得1＜x＜2. 綜上不等式的解集為1＜x＜4. 當(dāng)y＝x2－4x＋3有2個(gè)零點(diǎn)時(shí)，λ＞4. 當(dāng)y＝x2－4x＋3有1個(gè)零點(diǎn)時(shí)，y＝x－4有1個(gè)零點(diǎn)，1＜λ≤3. ∴1＜λ≤3或λ＞4. 答案：(1,4)；(1,3]∪(4，＋∞) 16．(2019·合肥調(diào)研)已知f(x)＝(其中a＜0，e為自然對(duì)數(shù)的底數(shù))，若g(x)＝f[f(x)]在R上有三個(gè)不同的零點(diǎn)，則a的取值范圍是____________． 解析： 令t＝f(x)，所以g(x)＝f(t)，g(x)＝f[f(x)]在R上要有三個(gè)不同的零點(diǎn)，則f(t)＝0必有兩解，所以－2≤a＜0，所以f(x)的大致圖象如圖所示，又f(x)的零點(diǎn)為x1＝0，x2＝－2，所以y＝f(t)必有兩個(gè)零點(diǎn)，t1＝－2和t2＝0，而x≤a時(shí)，f(x)min＝a2－4，所以要使y＝f(t)的兩個(gè)零點(diǎn)都存在，則a2－4≤－2，否則t1＝－2這個(gè)零點(diǎn)就不存在，故a2≤2，所以－≤a＜0. 答案：[－，0)