備戰(zhàn)2020高考物理 3年高考2年模擬1年原創(chuàng) 專(zhuān)題3.8 與牛頓定律相關(guān)的傳送帶問(wèn)題（含解析）

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1、專(zhuān)題3.8 與牛頓運(yùn)動(dòng)定律相關(guān)的傳送帶問(wèn)題 【考綱解讀與考頻分析】 傳送帶是一重要模型，也是高考命題的熱點(diǎn)。 【高頻考點(diǎn)定位】： 牛頓運(yùn)動(dòng)定律 傳送帶 考點(diǎn)一：傳送帶 【3年真題鏈接】 1.（2014四川理綜）如右圖所示，水平傳送帶以速度v1勻速運(yùn)動(dòng)。小物體P，Q由通過(guò)定滑輪且不可伸長(zhǎng)的輕繩相連。t=0時(shí)刻P在傳送帶左端具有速度v2，P與定滑輪間的繩水平。t=t0時(shí)刻P離開(kāi)傳送帶。不計(jì)定滑輪質(zhì)量和摩擦。繩足夠長(zhǎng)。正確描述小物體P速度隨時(shí)間變化的圖像可能是（ ） 【答案】BC 【解析】由題可知物體P有如下幾種情況：當(dāng)時(shí)，第一種情況，最大靜摩擦力時(shí)，

2、以加速度向右減速滑離，或以加速度先向右減速到0再向左加速?gòu)淖蠖嘶x，無(wú)符合的選項(xiàng)；第二種情況，最大靜摩擦力時(shí)，以向右加速滑離，或以加速到，再受靜摩擦力以勻速向右滑離，B選項(xiàng)符合；當(dāng)時(shí)，第一種情況，P以加速度向右減速滑離，無(wú)符合的選項(xiàng)；第二種情況，P先以加速度減速到，若最大靜摩擦力，則P受靜摩擦力繼續(xù)以勻速向右滑離，無(wú)符合的選項(xiàng)；第三種情況，P先以加速度減速到，若最大靜摩擦力，則P將繼續(xù)以加速度向右減速滑離，如果速度減為0時(shí)還未滑離，則P將繼續(xù)以加速度反向向左做加速運(yùn)動(dòng)，直到滑離，，故A、D錯(cuò)誤，C選項(xiàng)符合。 【2年模擬再現(xiàn)】 1. （2019廣東惠州第三次調(diào)研）如圖所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶

3、與水平面夾角為θ，以速度v0逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊，小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＜tanθ，則圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時(shí)間變化關(guān)系的是（ ） 【參考答案】D 【命題意圖】本題考查傳送帶、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、速度圖像及其相關(guān)知識(shí)點(diǎn)。 【解題思路】傳送帶以速度v0逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在傳送帶的上端輕輕放置一個(gè)質(zhì)量為m的小木塊，小木塊相對(duì)于傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，受到的滑動(dòng)摩擦力方向沿斜面向下，重力沿傳送帶斜面的分力和滑動(dòng)摩擦力方向相同，做加速度為a1的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：mgsin θ＋μmgcos θ＝ma1，所以a1＝gsin θ

4、＋μgcos θ。小木塊加速至與傳送帶速度相等時(shí)，由于μ＜tan θ，則小木塊不會(huì)與傳送帶保持相對(duì)靜止而勻速運(yùn)動(dòng)，之后小木塊繼續(xù)加速，所受滑動(dòng)摩擦力變?yōu)檠貍魉蛶蛏希黾铀俣葹閍2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，這一階段由牛頓第二定律得：mgsin θ－μmgcos θ＝ma2，所以：a2＝gsin θ－μgcos θ。 根據(jù)以上分析，有a2＜a1。所以，本題正確答案為D。 【方法歸納】物體在傾斜傳送帶上運(yùn)動(dòng)，要注意當(dāng)物體速度小于傳送帶速度時(shí)，滑動(dòng)摩擦力是動(dòng)力，大于傳送帶速度時(shí)，滑動(dòng)摩擦力是阻力。 2. (2019河北名校調(diào)研)三角形傳送帶以1 m/s的速度逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，兩邊的傳送帶長(zhǎng)都是2 m且與

5、水平方向的夾角均為37°.現(xiàn)有兩個(gè)小物塊A、B從傳送帶頂端都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑，物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)都是0.5，(g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)下列說(shuō)法正確的是(　　) A．物塊A先到達(dá)傳送帶底端 B．物塊A、B同時(shí)到達(dá)傳送帶底端 C．傳送帶對(duì)物塊A、B均做負(fù)功 D．物塊A、B在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度之比為1∶3 【參考答案】：BCD 【名師解析】：因mgsin θ＞μmgcos θ，物塊A、B都以1 m/s的初速度沿傳送帶下滑，則傳送帶對(duì)兩物塊的滑動(dòng)摩擦力方向均沿斜面向上，大小也相等，故兩物塊沿斜

6、面向下的加速度大小相同，滑到底端時(shí)位移大小相同，則所用時(shí)間也相同，故A錯(cuò)誤，B正確；滑動(dòng)摩擦力沿傳送帶向上，位移向下，摩擦力做負(fù)功，故C正確；A、B兩物塊下滑時(shí)的加速度相同，下滑到底端的時(shí)間相同，由x＝v0t＋at2，a＝gsin θ－μgcos θ ，得t＝1 s，傳送帶1 s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的距離是1 m，A與傳送帶是反向運(yùn)動(dòng)的，則B在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度為(2－1)m＝1 m，B與傳送帶是反向運(yùn)動(dòng)，則B在傳送帶上的劃痕長(zhǎng)度為(2＋1)m＝3 m，所以D正確． 3.（6分）（2019河南濮陽(yáng)三模）一塊足夠長(zhǎng)的白板，位于水平桌面上，處于靜止?fàn)顟B(tài)．一石墨塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在白板上．石墨塊與白板間有摩擦

7、，滑動(dòng)摩擦系數(shù)為μ．突然，使白板以恒定的速度v0做勻速直線運(yùn)動(dòng)，石墨塊將在板上劃下黑色痕跡．經(jīng)過(guò)某段時(shí)間t，令白板突然停下，以后不再運(yùn)動(dòng)．在最后石墨塊也不再運(yùn)動(dòng)時(shí)，白板上黑色痕跡的長(zhǎng)度可能是（已知重力加速度為g，不計(jì)石墨與板摩擦劃痕過(guò)程中損失的質(zhì)量）（　　） A． B． C．v0t﹣μgt2 D．v0t 【參考答案】AC 【名師解析】在時(shí)間t內(nèi)，石墨可能一直勻加速，也可能先加速后勻速； 石墨加速時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律，有μmg＝ma,解得:a＝μg.。 ①如果時(shí)間t內(nèi)一直加速，加速的位移為，故相對(duì)白板的位移為 ②如果先加速，后勻速，位移為＝，故相對(duì)白板的位移為 ③如果加速的末

8、速度恰好等于v0，則，故相對(duì)白板的位移為 經(jīng)過(guò)時(shí)間t后，白板靜止后，石墨做減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小不變，故相對(duì)白板沿原路返回，故白板上黑色痕跡的長(zhǎng)度等于加速時(shí)相對(duì)薄板的位移；選項(xiàng)AC正確。 4． (14分)(2019湖北荊州4月質(zhì)檢)水平放置長(zhǎng)為L(zhǎng)=4.5m的傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，速度為v=3m/s，質(zhì)量為m2=3kg的小球被長(zhǎng)為的輕質(zhì)細(xì)線懸掛在O點(diǎn)，球的左邊緣恰于傳送帶右端B對(duì)齊；質(zhì)量為m1=1kg的物塊自傳送帶上的左端A點(diǎn)以初速度v0=5m/s的速度水平向右運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)至B點(diǎn)與球m2發(fā)生碰撞，在極短的時(shí)間內(nèi)以碰撞前速率的反彈，小球向右擺動(dòng)一個(gè)小角度即被取走。已知物塊與傳送帶間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=

9、0.1，取重力加速度。求： （1）碰撞后瞬間，小球受到的拉力是多大？ （2）物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，與傳送帶間摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能是多少？ 【參考答案】（1）42N（2）13.5J 【名師解析】設(shè)滑塊m1與小球碰撞前一直做勻減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理： 解得： 2分 因?yàn)?，說(shuō)明假設(shè)合理 滑塊與小球碰撞，動(dòng)量守恒： 解得： 2分 對(duì)小球，據(jù)牛頓第二定律： 小球受

10、到的拉力： 2分 （2）設(shè)滑塊與小球碰撞前的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，則 解得： 在這過(guò)程中，傳送帶運(yùn)行距離為： 滑塊與傳送帶的相對(duì)路程為： 3分 設(shè)滑塊與小球碰撞后不能回到傳送帶左端，向左運(yùn)動(dòng)最大時(shí)間為 則據(jù)動(dòng)量定理： 解得： 滑塊向左運(yùn)動(dòng)最大位移：=2m 因?yàn)椋f(shuō)明假設(shè)成立，即滑塊最終從傳送帶的右端離開(kāi)傳送帶 再考慮到滑塊與小球碰后的速度<，說(shuō)明滑塊與小球碰后在傳送帶上的總時(shí)間為 在滑塊與傳送帶碰撞后的時(shí)間內(nèi)，傳送帶與滑塊間的相對(duì)路程

11、 3分 因此整個(gè)過(guò)程中，因摩擦而產(chǎn)生的內(nèi)能是 =13.5J 2分 5. （2019高考押題卷）一原長(zhǎng)為2L的輕質(zhì)彈簧水平放置，一端固定在A點(diǎn)，另一端與質(zhì)量m1=2 kg的物塊P 接觸但不相連。是長(zhǎng)度為5L的光滑水平軌道，一水平傳送帶與B端平滑連接，物塊P與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)= 0.2,傳送帶右端與水平光滑軌道CD平滑連接，傳送帶始終以=2 m/s的速率勻速順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。質(zhì)量為m2 = 6 kg的小車(chē)放在光滑水平軌道上，位于CD右側(cè)，小車(chē)左

12、端與CD段平滑連接，右側(cè)是一段半徑R=0. 5 m的光滑的四分之一圓弧，物塊P與小車(chē)左段水平上表面的動(dòng)摩擦因數(shù)p=0.1。用外力推動(dòng)物塊P，將彈簧壓縮至長(zhǎng)度L時(shí)儲(chǔ)存 的彈性勢(shì)能EP = 9 \J，然后放開(kāi)，P開(kāi)始沿軌道運(yùn)動(dòng)，沖上傳送帶后開(kāi)始做減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)傳送帶 \右端時(shí)速度恰好與傳送帶速度大小相等，物塊P在小車(chē)上上升的最大高度H = 0.1 m，重力加速 度大小g=10m/s2。求： （1）傳送帶的水平長(zhǎng)度L0; （2）小車(chē)的水平長(zhǎng)度L1; （3）要使物塊P既可以沖上圓弧又不會(huì)從小車(chē)上掉下來(lái)，小車(chē)左側(cè)水平長(zhǎng)度的取值范圍。 【參考答案】 6.（2019湖南岳陽(yáng)二模）如圖所示為

13、車(chē)站使用的水平傳送帶的模型，皮帶輪的半徑均為R=0.1m，兩輪軸距為L(zhǎng)=3m，在電機(jī)的驅(qū)動(dòng)下順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，現(xiàn)將一個(gè)旅行包(可視為質(zhì)點(diǎn))無(wú)初速放在水平傳送帶左端，已知旅行包與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.6，g=10m/s2，不計(jì)空氣阻力。 (1)要使旅行包到達(dá)右端不會(huì)直接飛出，傳送帶的速度應(yīng)小于多少? (2)若傳送帶實(shí)際速度為0.2ms，春運(yùn)期間每天傳送的旅行包平均總質(zhì)量為10噸，則電機(jī)每天相對(duì)于空載多消耗的電能E是多少?(所有旅行包均無(wú)初速，且與傳送帶間的μ相同) 【名師解析】 7.（2019廣東肇慶二模）近年來(lái)，網(wǎng)上購(gòu)物促使快遞行業(yè)迅猛發(fā)展．如圖所示為某快遞車(chē)間傳送裝置的簡(jiǎn)

14、化示意圖，傳送帶右端與水平面相切，且保持v0＝4m/s的恒定速率順時(shí)針運(yùn)行，傳送帶的長(zhǎng)度為L(zhǎng)＝3 m．現(xiàn)將一質(zhì)量為0.4 kg的包裹A輕放在傳送帶左端，包裹A剛離開(kāi)傳輸帶時(shí)恰好與靜止的包裹B發(fā)生正碰，碰撞時(shí)間極短，碰撞后包裹A向前滑行了0.1m靜止，包裹B向前運(yùn)動(dòng)了0.4m靜止．已知包裹A與傳輸帶間的動(dòng)摩擦系數(shù)為0.4，包裹A、B與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.5，g取10 m/s2.求： （1）包裹A在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間； （2）包裹B的質(zhì)量． 【名師解析】 （1） 包裹A在傳送帶滑行，由牛頓第二定律可得： ①（1分）， 由①式解得： 假設(shè)包裹A離開(kāi)傳送帶前就與傳送帶共速，由

15、勻變速運(yùn)動(dòng)知識(shí)可得： ②（1分） 由②式解得：，所以上述假設(shè)成立（1分） 加速過(guò)程： ④（1分） 由④式解得： 勻速過(guò)程： ⑤（1分） 由⑤式解得： 所以，包裹A在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間； ⑥（1分） （2） 包裹A在水平面滑動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律可得： ⑦（1分） 由⑦式解得： 同理可知包裹B在水平面滑動(dòng)的加速度也是⑧（1分） 包裹A向前滑動(dòng)至靜止： ⑨（1分） 由⑨式解得： 包裹B向前滑動(dòng)至靜止：⑩（1分） 由⑩式解得： 包裹A、B相碰前后系統(tǒng)動(dòng)量守恒： （1分） 由式解得： （1分） 預(yù)測(cè)考點(diǎn)一：傳送帶 【2年模擬再現(xiàn)】

16、 1.（6分）（2019石家莊二模）傳送帶在工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)和日常生活中都有著廣泛的應(yīng)用。如圖甲，傾角為θ的傳送帶以恒定速率逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，現(xiàn)將m＝2kg的貨物放在傳送帶上的A點(diǎn)，貨物與傳送帶的速度v隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙，整個(gè)過(guò)程傳送帶是繃緊的，貨物經(jīng)過(guò)1.2s到達(dá)B點(diǎn)，已知重力加速度g＝10m/s2．下列說(shuō)法正確的是（　?。? A．貨物在0.2﹣1.2s內(nèi)的加速度大小為1m/s2 B．A、B兩點(diǎn)的距離為1.5m C．貨物從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，貨物與傳送帶間因摩擦產(chǎn)生的熱量為2.4J D．貨物從A運(yùn)動(dòng)到B的過(guò)程中，傳送帶對(duì)貨物做的功為6.4J 【參考答案】AC 【名師解析】由加速

17、度的定義知：貨物在0.2﹣1.2s內(nèi)的加速度為：a2＝＝m/s2＝1m/s2，故A正確；物塊在傳送帶上先做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到傳送帶速度，仍做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以物塊由A到B的間距對(duì)應(yīng)圖象所圍梯形的“面積”，為：x＝×1×0.2+×（1+2）×1＝1.6m。故B錯(cuò)誤；由v﹣t圖象可知，物塊在傳送帶上先做a1勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為：a1＝＝5m/s2，對(duì)物體受摩擦力，方向向下，重力和支持力，得：mgsinθ+μmgcosθ＝ma1…① 同理，做a2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)物體受力分析受摩擦力，方向向上，重力和支持力，得：mgsinθ﹣μmgcosθ＝ma2…② 聯(lián)立①②解得：sinθ＝0

18、.3，μgcosθ＝2， 根據(jù)功能關(guān)系，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對(duì)位移，f＝μmgcosθ＝4N，做a1勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移為：x1＝×1×0.2＝0.1m，皮帶位移為：x皮＝1×0.2＝0.2m，相對(duì)位移為：△x1＝x皮﹣x1＝0.2﹣0.1＝0.1m，同理：做a2勻加速直線運(yùn)動(dòng)，位移為：x2＝×（1+2）×1＝1.5m，x皮2＝1×1＝1m，相對(duì)位移為：△x2＝x2﹣x皮2＝0.5m，故兩者之間的總相對(duì)位移為：△x＝△x1+△x2＝0.6m， 貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為：Q＝W＝f△x＝4×0.6J＝2.4J，故C正確；根據(jù)功能關(guān)系，由C中可知：f＝μmgcosθ＝

19、4N，做a1勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由圖象知位移為：x1＝0.1m，物體受摩擦力，方向向下，摩擦力做正功為：Wf1＝fx1＝4×0.1＝0.4J， 同理做a2勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由圖象知位移為：x2＝1.5m，物體受摩擦力，方向向上，摩擦力做負(fù)功為：Wf2＝﹣fx2＝﹣4×1.5＝﹣6J，所以整個(gè)過(guò)程，傳送帶對(duì)貨物做功大小為：6J﹣0.4J＝5.6J，故D錯(cuò)誤。 2. （2019山東大聯(lián)考三模）如圖所示，白色傳送帶A、B兩端距離L=14m，以速度v0=8m/s逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，并且傳送帶與水平面的夾角為θ=37°，現(xiàn)將一質(zhì)量為m=2kg的煤塊輕放在傳送帶的A端，煤塊與傳送帶間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，＞取

20、g=10m/s2，sin37°=0.6， cos37°=0.8，則下列敘述正確的是（　?。? A. 煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端所經(jīng)歷時(shí)間為 B. 煤塊運(yùn)動(dòng)到B端時(shí)重力的瞬時(shí)功率為120W C. 煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端在傳送帶上留下的黑色痕跡為4m D. 煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為8J 【參考答案】C 【名師解析】煤塊放在傳送帶后受到沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力作用，一定先向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t1，煤塊的速度與傳送帶相同，勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1，則根據(jù)牛頓第二定律得：mgsinθ+μmgcosθ=ma1，可得a1=g（sinθ+μcosθ）=8m/s2 由v0=a

21、1t1得t1=1s，此過(guò)程通過(guò)的位移大小為x1=t1=4m＜L。 由于mgsinθ＞μmgcosθ．故煤塊速度大小等于傳送帶速度大小后，繼續(xù)勻加速向下運(yùn)動(dòng)，受到的滑動(dòng)摩擦力沿斜面向上。 設(shè)煤塊接著做勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度為a2，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t2，則?mgsinθ-μmgcosθ=ma2，可得a2=g（sinθ-μcosθ）=4m/s2 由L-x1=v0t2+，代入數(shù)據(jù)得：t2=1s。 故煤塊從A到B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是t=t1+t2=2s。故A錯(cuò)誤。 煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端時(shí)速度v=v0+a2t2=12m/s，此時(shí)重力的瞬時(shí)功率為 P=mgvsinθ=144W，故B錯(cuò)誤。由于兩個(gè)過(guò)程煤塊與傳送帶間

22、的相對(duì)位移大?。╲0t1-x1）＞[（L-x1）-v0t2]，所以煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端留下的黑色痕跡長(zhǎng)度為S=v0t1-x1=4m。故C正確。煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端因摩擦產(chǎn)生的熱量為Q=μmgcosθ{（v0t1-x1）+[（L-x1）-v0t2]}，代入數(shù)據(jù)解得：Q=24J，故D錯(cuò)誤。 【關(guān)鍵點(diǎn)撥】對(duì)煤塊進(jìn)行受力分析，開(kāi)始時(shí)，受到重力、支持力、向下的滑動(dòng)摩擦力，處于加速階段；當(dāng)速度等于傳送帶速度時(shí)，根據(jù)重力的下滑分力與最大靜摩擦力的關(guān)系，分析木塊能否勻速下滑，否則，繼續(xù)加速。根據(jù)位移公式求解時(shí)間，從而求得總時(shí)間。由速度公式求解煤塊從A端運(yùn)動(dòng)到B端時(shí)的速度，由P=mgvsinθ求重力的瞬時(shí)功率

23、。黑色痕跡的長(zhǎng)度等于煤塊與傳送帶間相對(duì)位移的大小。因摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力與相對(duì)位移的乘積。 解決本題的關(guān)鍵理清煤塊在傳送帶上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式綜合求解，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。要注意摩擦生熱與相對(duì)路程有關(guān)。 3．（2018·煙臺(tái)一模）如圖所示，水平傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)，在傳送帶的右側(cè)固定一彈性擋桿．在t＝0時(shí)刻，將工件輕輕放在傳送帶的左端，當(dāng)工件運(yùn)動(dòng)到彈性擋桿所在的位置時(shí)與擋桿發(fā)生碰撞，已知碰撞時(shí)間極短，不計(jì)碰撞過(guò)程的能量損失．則從工件開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到與擋桿第二次碰撞前的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，工件運(yùn)動(dòng)的v－t圖象下列可能的是(　　) 【參考答案】C　 【名師解析

24、】工件與彈性擋桿發(fā)生碰撞，作用時(shí)間短，沒(méi)有能量損失，故工件的速度反向，A、B選項(xiàng)錯(cuò)誤；工件勻速運(yùn)動(dòng)之前和碰撞后均受到摩擦力作用，兩過(guò)程中摩擦力大小不變，加速度大小不變，C選項(xiàng)正確，D選項(xiàng)錯(cuò)誤． 4.　（2018湖北聯(lián)考）如圖所示，某糧庫(kù)使用電動(dòng)傳輸機(jī)向糧垛上輸送麻袋包，現(xiàn)將一麻袋包放置在傾斜的傳送帶上，與傳送帶一起向上勻速運(yùn)動(dòng)，其間突遇故障，傳送帶減速直至停止。若上述勻速和減速過(guò)程中，麻袋包與傳送帶始終保持相對(duì)靜止，下列說(shuō)法正確的是(　　) A.勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，麻袋包只受重力與支持力作用 B.勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，麻袋包受到的摩擦力一定沿傳送帶向上 C.減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，麻袋包受到的摩擦力一定沿傳送帶

25、向下 D.減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，麻袋包受到的摩擦力一定沿傳送帶向上 【參考答案】：B 【名師解析】　傳送帶勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，麻袋包受力平衡，麻袋包除受重力、垂直斜面向上的支持力外，還要受沿斜面向上的靜摩擦力的作用，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；傳送帶向上減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，麻袋包的加速度沿斜面向下，受到的摩擦力可能沿傳送帶向上、沿傳送帶向下或?yàn)榱?，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤。 5．（2019湖南十三校聯(lián)考）如圖所示，有一條沿順時(shí)針?lè)较騽蛩賯魉偷膫魉蛶?，恒定速度v＝4 m/s，傳送帶與水平面的夾角θ＝37°，現(xiàn)將質(zhì)量m=1kg的小物塊輕放在其底端(小物塊可視作質(zhì)點(diǎn))，與此同時(shí)，給小物塊沿傳送帶方向向上的恒力F＝8N，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，小

26、物塊上到了離地面高為＝2.4 m的平臺(tái)上。已知物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，（g取10 m/s2， sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）.問(wèn)： （1）物塊從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)上所用的時(shí)間？ （2）若在物塊與傳送帶達(dá)到相同速度時(shí)，立即撤去恒力F，計(jì)算小物塊還需經(jīng)過(guò)多少時(shí)間離開(kāi)傳送帶以及離開(kāi)時(shí)的速度？ 【參考答案】（1）1.33s （2）0.85s 【名師解析】對(duì)物塊受力分析可知，物塊先是在恒力作用下沿傳送帶方向向上做初速為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，摩擦力的方向沿斜面向上，直至速度達(dá)到傳送帶的速度，由牛頓第二定律： ， 解得：a1=6m/s2。 物塊達(dá)

27、到與傳送帶同速后，物體未到頂端，物塊受的摩擦力的方向改變，對(duì)物塊受力分析發(fā)現(xiàn)，，因?yàn)镕=8N而下滑力和最大摩擦力之和為10N。故不能相對(duì)斜面向上加速。故得：a2=0 得t=t1+t2= （2）若達(dá)到速度相等后撤力F，對(duì)物塊受力分析，因?yàn)?，故減速上行， 得：a3=2m/s2。 物塊還需t′離開(kāi)傳送帶，離開(kāi)時(shí)的速度為，則： ， =0.85s 【舉一反三】（1）如果傳送帶是淺色的，而物體是一炭塊，這一過(guò)程中，傳送帶上留下的有色痕跡有多長(zhǎng) 6.（2018鄭州二模）如圖所示，傳送帶水平部分的長(zhǎng)度l=4.5m，在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下勻速運(yùn)行。質(zhì)量M=0.49kg的木塊(可視為質(zhì)點(diǎn))

28、靜止在傳送帶左端的光滑平臺(tái)上。質(zhì)量為m=10g的子彈以v=50m/s的速度水平向右打入木塊并留在其中，之后木塊滑到傳送帶上，最后從右輪軸正上方的P點(diǎn)離開(kāi)傳送帶做平拋運(yùn)動(dòng)，正好落入車(chē)廂中心點(diǎn)Q。已知木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)p=0.5，P點(diǎn)與車(chē)底板間的豎直高度H=1.8m，與車(chē)廂底板中心點(diǎn)Q的水平距離x=1.2m，取g=10m/s2，求： (1)木塊從傳送帶左端到達(dá)右端的時(shí)間； (2)由于傳送木塊，電動(dòng)機(jī)多消耗的電能 如圖所示，傳送帶水平部分的長(zhǎng)度l=4.5m，在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下勻速運(yùn)行， 【名師解析】 【1年仿真原創(chuàng)】 1.如圖所示，光滑斜面與傾斜傳送帶在同一個(gè)平面內(nèi)，

29、傳送帶以速度v0逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，現(xiàn)有一滑塊體從斜面上靜止釋放，若物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)恒定，規(guī)定沿斜面向下的速度方向的正方向，則物體在傳送帶上滑動(dòng)時(shí)的速度隨時(shí)間變化的圖線可能是 A. B. C. D. 【參考答案】ACD 【名師解析】物體在傳送帶上受到重力、傳送帶的支持力和摩擦力，合力是重力沿斜面的分力和摩擦力的合力，若傳送帶的對(duì)滑塊的摩擦力小于重力沿斜面的分力，則滑塊一直做加速運(yùn)動(dòng)， 故A正確；若傳送帶的對(duì)滑塊的摩擦力大于重力沿斜面的分力，所以物體先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．若物體的速度足夠大，傳送帶足夠短，則物體在速度減小到0前，物體的位移大于傳送帶的長(zhǎng)度，則物體一直

30、做勻減速運(yùn)動(dòng)．故C正確；若物體的速度比較小，在物體的速度減小到0時(shí)，物體的位移仍小于傳送帶的長(zhǎng)度，則物體的速度等于0時(shí)，仍然在傳送帶上．由于傳送帶向沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，物體在傳送帶上受到向沿斜面向上的摩擦力，將向做沿斜面向上做加速運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，若傳送帶的速度足夠大，則物體返回出發(fā)點(diǎn)的速度大小仍然等于v1．故D正確，B錯(cuò)誤。 2. 質(zhì)量為m=20kg的物體在大小恒定的水平外力作用下，沖上一足夠長(zhǎng)從右向左以恒定速度v0= -10 m/s傳送物體的水平傳送帶，從物體開(kāi)始沖上傳送帶計(jì)時(shí)，物體的速度—時(shí)間圖象如圖所示，已知0～2.0s內(nèi)水平外力與物體運(yùn)動(dòng)方向相反，2.0～4.0s內(nèi)水平外力與物

31、體運(yùn)動(dòng)方向相反，g取10m/s2。求： (1)物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)； （2）0～4.0s內(nèi)物體與傳送帶間的摩擦熱Q. 右 v0= -10 m/s 左 v v/m?s-1 2 4 -2 10 O t/s 【參考答案】(1) μ=0.3 (2) 2880J 【名師解析】設(shè)水平外力大小為F，由圖象可知，0~2.0s內(nèi)物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小a1=5m/s2。 由牛頓第二定律，F(xiàn)+f=ma1， 2~4s內(nèi)物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小a2=1m/s2。 由牛頓第二定律， f- F=ma2， 聯(lián)立解得：f=60N。 又f=

32、μmg，解得：μ=0.3. （2）0～2.0s內(nèi)物體的對(duì)地位移 x1=10m 傳送帶的對(duì)地位移 此過(guò)程中物體與傳送帶間的摩擦熱 Q1=1800J 2～4.0s內(nèi)物體的對(duì)地位移 x2=-2m 傳送帶的對(duì)地位移 此過(guò)程中物體與傳送帶間的摩擦熱 Q2=1080J 0～4.0s內(nèi)物體與傳送帶間的摩擦熱Q= Q1+Q2=2880J 考點(diǎn)：牛頓第二定律的綜合應(yīng)用 【名師點(diǎn)睛】此題是關(guān)于牛頓第二定律的綜合應(yīng)用問(wèn)題；解題時(shí)主要是要搞清物體運(yùn)動(dòng)的物理過(guò)程，分析其受力情況；善于從給出的v-t圖線中獲取物體的運(yùn)動(dòng)信息；注意摩擦生熱等于摩擦力與相對(duì)位移的 17