2019-2020年高考數(shù)學(xué)重點(diǎn)難點(diǎn)講解 充要條件的判定教案 舊人教版.doc

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2019-2020年高考數(shù)學(xué)重點(diǎn)難點(diǎn)講解 充要條件的判定教案 舊人教版充分條件、必要條件和充要條件是重要的數(shù)學(xué)概念，主要用來(lái)區(qū)分命題的條件p和結(jié)論q之間的關(guān)系.本節(jié)主要是通過(guò)不同的知識(shí)點(diǎn)來(lái)剖析充分必要條件的意義，讓考生能準(zhǔn)確判定給定的兩個(gè)命題的充要關(guān)系. 難點(diǎn)磁場(chǎng)()已知關(guān)于x的實(shí)系數(shù)二次方程x2+ax+b=0有兩個(gè)實(shí)數(shù)根、，證明：|2且|2是2|a|4+b且|b|0),若p是q的必要而不充分條件，求實(shí)數(shù)m的取值范圍.命題意圖：本題以含絕對(duì)值的不等式及一元二次不等式的解法為考查對(duì)象，同時(shí)考查了充分必要條件及四種命題中等價(jià)命題的應(yīng)用，強(qiáng)調(diào)了知識(shí)點(diǎn)的靈活性.知識(shí)依托：本題解題的閃光點(diǎn)是利用等價(jià)命題對(duì)題目的文字表述方式進(jìn)行轉(zhuǎn)化，使考生對(duì)充要條件的難理解變得簡(jiǎn)單明了.錯(cuò)解分析：對(duì)四種命題以及充要條件的定義實(shí)質(zhì)理解不清晰是解此題的難點(diǎn)，對(duì)否命題，學(xué)生本身存在著語(yǔ)言理解上的困難.技巧與方法：利用等價(jià)命題先進(jìn)行命題的等價(jià)轉(zhuǎn)化，搞清晰命題中條件與結(jié)論的關(guān)系，再去解不等式，找解集間的包含關(guān)系，進(jìn)而使問(wèn)題解決.解：由題意知：命題：若p是q的必要而不充分條件的等價(jià)命題即逆否命題為：p是q的充分不必要條件.p:|1|2212132x10q:x22x+1m20x(1m)x(1+m)0 *p是q的充分不必要條件，不等式|1|2的解集是x22x+1m20(m0)解集的子集.又m0不等式*的解集為1mx1+m，m9，實(shí)數(shù)m的取值范圍是9，+.例2已知數(shù)列an的前n項(xiàng)Sn=pn+q(p0,p1),求數(shù)列an是等比數(shù)列的充要條件.命題意圖：本題重點(diǎn)考查充要條件的概念及考生解答充要條件命題時(shí)的思維的嚴(yán)謹(jǐn)性.知識(shí)依托：以等比數(shù)列的判定為主線，使本題的閃光點(diǎn)在于抓住數(shù)列前n項(xiàng)和與通項(xiàng)之間的遞推關(guān)系，嚴(yán)格利用定義去判定.錯(cuò)解分析：因?yàn)轭}目是求的充要條件，即有充分性和必要性兩層含義，考生很容易忽視充分性的證明.技巧與方法：由an=關(guān)系式去尋找an與an+1的比值，但同時(shí)要注意充分性的證明.解：a1=S1=p+q.當(dāng)n2時(shí)，an=SnSn1=pn1(p1)p0,p1,=p若an為等比數(shù)列，則=p=p,p0，p1=p+q，q=1這是an為等比數(shù)列的必要條件.下面證明q=1是an為等比數(shù)列的充分條件.當(dāng)q=1時(shí)，Sn=pn1(p0,p1)，a1=S1=p1當(dāng)n2時(shí)，an=SnSn1=pnpn1=pn1(p1)an=(p1)pn1 (p0,p1)=p為常數(shù)q=1時(shí)，數(shù)列an為等比數(shù)列.即數(shù)列an是等比數(shù)列的充要條件為q=1.錦囊妙計(jì)本難點(diǎn)所涉及的問(wèn)題及解決方法主要有：(1)要理解“充分條件”“必要條件”的概念：當(dāng)“若p則q”形式的命題為真時(shí)，就記作pq，稱p是q的充分條件，同時(shí)稱q是p的必要條件，因此判斷充分條件或必要條件就歸結(jié)為判斷命題的真假.(2)要理解“充要條件”的概念，對(duì)于符號(hào)“”要熟悉它的各種同義詞語(yǔ)：“等價(jià)于”，“當(dāng)且僅當(dāng)”，“必須并且只需”，“，反之也真”等.(3)數(shù)學(xué)概念的定義具有相稱性，即數(shù)學(xué)概念的定義都可以看成是充要條件，既是概念的判斷依據(jù)，又是概念所具有的性質(zhì).(4)從集合觀點(diǎn)看，若AB，則A是B的充分條件，B是A的必要條件；若A=B，則A、B互為充要條件.(5)證明命題條件的充要性時(shí)，既要證明原命題成立(即條件的充分性)，又要證明它的逆命題成立(即條件的必要性).殲滅難點(diǎn)訓(xùn)練一、選擇題1.()函數(shù)f(x)=x|x+a|+b是奇函數(shù)的充要條件是( )A.ab=0B.a+b=0C.a=bD.a2+b2=02.()“a=1”是函數(shù)y=cos2axsin2ax的最小正周期為“”的( )A.充分不必要條件B.必要不充分條件C.充要條件D.既非充分條件也不是必要條件二、填空題3.()a=3是直線ax+2y+3a=0和直線3x+(a1)y=a7平行且不重合的_.4.()命題A：兩曲線F(x,y)=0和G(x,y)=0相交于點(diǎn)P(x0,y0),命題B：曲線F(x,y)+G(x,y)=0(為常數(shù))過(guò)點(diǎn)P(x0,y0),則A是B的_條件.三、解答題5.()設(shè)，是方程x2ax+b=0的兩個(gè)實(shí)根，試分析a2且b1是兩根、均大于1的什么條件？6.()已知數(shù)列an、bn滿足：bn=,求證：數(shù)列an成等差數(shù)列的充要條件是數(shù)列bn也是等差數(shù)列.7.()已知拋物線C：y=x2+mx1和點(diǎn)A(3，0)，B(0，3)，求拋物線C與線段AB有兩個(gè)不同交點(diǎn)的充要條件.8.()p:2m0,0n0.即有4+b2a(4+b)又|b|44+b02|a|4+b(2)必要性：由2|a|4+bf(2)0且f(x)的圖象是開(kāi)口向上的拋物線.方程f(x)=0的兩根，同在(2，2）內(nèi)或無(wú)實(shí)根.，是方程f(x)=0的實(shí)根，同在(2，2）內(nèi)，即|2且|2.殲滅難點(diǎn)訓(xùn)練一、1.解析：若a2+b2=0,即a=b=0,此時(shí)f(x)=(x)|x+0|+0=x|x|=(x|x+0|+b)=(x|x+a|+b)=f(x).a2+b2=0是f(x)為奇函數(shù)的充分條件，又若f(x)=x|x+a|+b是奇函數(shù)，即f(x)=(x)|(x)+a|+b=f(x),則必有a=b=0,即a2+b2=0.a2+b2=0是f(x)為奇函數(shù)的必要條件.答案：D2.解析：若a=1,則y=cos2xsin2x=cos2x,此時(shí)y的最小正周期為.故a=1是充分條件，反過(guò)來(lái)，由y=cos2axsin2ax=cos2ax.故函數(shù)y的最小正周期為,則a=1,故a=1不是必要條件.答案：A二、3.解析：當(dāng)a=3時(shí)，直線l1:3x+2y+9=0;直線l2:3x+2y+4=0.l1與l2的A1A2=B1B2=11，而C1C2=941,即C1C2,a=3l1l2.答案：充要條件4.解析：若P(x0,y0)是F(x,y)=0和G(x,y)=0的交點(diǎn)，則F(x0,y0)+G(x0,y0)=0，即F(x,y)+G(x,y)=0，過(guò)P(x0,y0);反之不成立.答案：充分不必要三、5.解：根據(jù)韋達(dá)定理得a=+,b=.判定的條件是p:結(jié)論是q:(注意p中a、b滿足的前提是=a24b0)(1)由，得a=+2,b=1,qp(2)為證明pq,可以舉出反例：取=4,=,它滿足a=+=4+2,b=4=21,但q不成立.綜上討論可知a2,b1是1,1的必要但不充分條件.6.證明：必要性：設(shè)an成等差數(shù)列，公差為d,an成等差數(shù)列. 從而bn+1bn=a1+nda1(n1) d=d為常數(shù). 故bn是等差數(shù)列，公差為d.充分性:設(shè)bn是等差數(shù)列，公差為d,則bn=(n1)dbn(1+2+n)=a1+2a2+nanbn1(1+2+n1)=a1+2a2+(n1)an得：nan=bn1an=,從而得an+1an=d為常數(shù)，故an是等差數(shù)列.綜上所述，數(shù)列an成等差數(shù)列的充要條件是數(shù)列bn也是等差數(shù)列.7.解：必要性：由已知得，線段AB的方程為y=x+3(0x3)由于拋物線C和線段AB有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，所以方程組*有兩個(gè)不同的實(shí)數(shù)解.消元得：x2(m+1)x+4=0(0x3)設(shè)f(x)=x2(m+1)x+4,則有充分性：當(dāng)3x時(shí)，x1=0方程x2(m+1)x+4=0有兩個(gè)不等的實(shí)根x1,x2,且0x1x23,方程組*有兩組不同的實(shí)數(shù)解. 因此，拋物線y=x2+mx1和線段AB有兩個(gè)不同交點(diǎn)的充要條件3m.8.解：若關(guān)于x的方程x2+mx+n=0有2個(gè)小于1的正根，設(shè)為x1,x2.則0x11,0x21,有0x1+x22且0x1x21,根據(jù)韋達(dá)定理：有2m0;0n1即有qp.反之，取m=0方程x2+mx+n=0無(wú)實(shí)根，所以pq綜上所述，p是q的必要不充分條件.