2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 動量、動量守恒定律及應(yīng)用考案 新人教版.doc

《2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 動量、動量守恒定律及應(yīng)用考案 新人教版.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 動量、動量守恒定律及應(yīng)用考案 新人教版.doc（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 動量、動量守恒定律及應(yīng)用考案 新人教版一、選擇題1. 如圖所示，在光滑絕緣的水平直軌道上有兩個帶電小球a和b，a球質(zhì)量為2m、帶電量為+q，b球質(zhì)量為m、帶電量為+2q，兩球相距較遠(yuǎn)且相向運動.某時刻a、b球的速度大小依次為v和1.5v，由于靜電斥力的作用，它們不會相碰.則下列敘述正確的是（ ）abv1.5vA兩球相距最近時，速度大小相等、方向相反Ba球和b球所受的靜電斥力對兩球始終做負(fù)功Ca球一直沿原方向運動，b球要反向運動Da、b兩球都要反向運動，但b球先反向2. 如圖所示，勻強磁場的方向垂直紙面向里，一帶電微粒從磁場邊界d點垂直與磁場方向射入，沿曲線dpa打到屏MN上的a點，通過pa段用時為t 若該微粒經(jīng)過p點時，與一個靜止的不帶電微粒碰撞并結(jié)合為一個新微粒，最終打到屏MN上。兩個微粒所受重力均忽略。新微粒運動的 ( )A軌跡為pb，至屏幕的時間將小于tB軌跡為pc，至屏幕的時間將大于tC軌跡為pb，至屏幕的時間將等于tD軌跡為pa，至屏幕的時間將大于t 3. 圖6（a）表示光滑平臺上，物體A以初速度滑到上表面粗糙的水平小車上，車與水平面間的動摩擦因數(shù)不計，圖6（b）為物體A與小車B的v-t圖像，由此可知（ ）圖6A小車上表面長度 B物體A與小車B的質(zhì)量之比CA與小車B上表面的動摩擦因數(shù) D小車B獲得的動能 4. 如圖所示，長2m，質(zhì)量為1kg的木板靜止在光滑水平面上，一木塊質(zhì)量也為1kg（可視為質(zhì)點），與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.2。要使木塊在木板上從左端滑向右端而不至滑落，則木塊初速度的最大值為（ ）A1m/s B2 m/s C3 m/s D4 m/s5. 如圖所示，V2V1，V2與V1都是相對于地面的速度。物塊與平板車間的動摩擦因數(shù)為，平板車與地面之間無摩擦，則在運動過程中（ ）A車的動量增加，物塊的動量減少B車的動量減少，物塊的動量增加C兩物體總動量增加，總機械能不變圖D兩物體總動量不變，總機械能不變 6. 如圖所示，水平放置的兩根足夠長的平行滑桿AB和CD，各穿有質(zhì)量分別為M和m的小球，兩桿之間的距離為d，兩球用自由長度為d的輕質(zhì)彈簧連接，現(xiàn)從左側(cè)用擋板將M擋住，用力把m向左拉一段距離（在彈性限度內(nèi)），由靜止釋放后（ ）A從釋放m到彈簧第一次恢復(fù)原長的過程中，兩球和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒、機械能守恒B彈簧第二次恢復(fù)原長時，M的速度達(dá)到最大C彈簧第一次恢復(fù)原長后繼續(xù)運動的過程中，系統(tǒng)的動量守恒、機械能守恒D釋放m后的過程中，彈簧的最大伸長量總小于釋放m時彈簧的伸長量7. A、B兩物體質(zhì)量分別為mA5和mB4，與水平地面之間的動摩擦因數(shù)分別為，開始時兩物體之間有一壓縮的輕彈簧（不栓接），并用細(xì)線將兩物體栓接在一起放在水平地面上 現(xiàn)將細(xì)線剪斷，則兩物體將被彈簧彈開，最后兩物體都停在水平地面上。下列判斷正確的是（ ）A在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，兩物體組成的系統(tǒng)動量守恒 B在彈簧彈開兩物體以及脫離彈簧后兩物體的運動過程中，整個系統(tǒng)的機械能守恒C在兩物體被彈開的過程中，A、B兩物體的機械能先增大后減小D兩物體一定同時停在地面上8. 如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為和的兩物塊、相連接，并靜止在光滑的水平面上現(xiàn)使B瞬時獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計時起點，兩物塊的速度隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，從圖像信息可得 （ ）（A）在、時刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，且彈簧都處于伸長狀態(tài)（B）從到時刻彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長（C）兩物體的質(zhì)量之比為（D）在時刻與的動能之比為：19. 質(zhì)量為m的物體從半徑為R光滑的半圓槽（質(zhì)量為M）的A點由靜止滑下，A、B等高，如圖所示，關(guān)于物體m的運動，下列說法正確的是 （ ）圖A若圓槽固定不動，則m可滑到B點B若圓槽可無摩擦的滑動，則m不能滑到B點C m滑至圓槽底部時，無論圓槽動不動，其速率 D若m下滑時圓槽可滑動，且地面有摩擦，則m不能滑到B點10. 如圖所示，甲、乙兩車用輕彈簧相連靜止在光滑的水平面上，現(xiàn)在同時對甲、乙兩車施加等大反向的水平恒力F1、F2，使甲、乙同時由靜止開始運動，在整個過程中，對甲、乙兩車及彈簧組成的系統(tǒng)（假定整個過程中彈簧均在彈性即度內(nèi)），正確的說法是（）A系統(tǒng)受到外力作用，動量不斷增大B彈簧伸長到最長時，系統(tǒng)的機械能最大C恒力對系統(tǒng)一直做正功，系統(tǒng)的機械能不斷增大D兩物體的速度減少為零時，彈簧的彈力大小大于外力F1、F2的大小11. 如圖所示，質(zhì)量分別為m1，m2的兩個小球AB，帶有等量異種電荷，通過絕緣輕彈簧相連接，置于絕緣光滑的水平面上，突然加一水平向右的勻強電場后，兩球AB將由靜止開始運動，在以后的運動過程中，對兩小球AB和彈簧組成的系統(tǒng)，以下說法錯誤的是（設(shè)整個過程中不考慮電荷間庫侖力的作用且彈簧不超過彈性限度）：（ ）A由于電場力分別對球A和B做正功，故系統(tǒng)機械能不斷增加B由于兩小球所受電場力等大反向，故系統(tǒng)動量守恒C當(dāng)彈簧長度達(dá)到最大值時，系統(tǒng)機械能最大D當(dāng)小球所受電場力與彈簧的彈力相等時，系統(tǒng)動能最大12. 臺球以速度v0與球桌邊框成a角撞擊O點，反彈后速度為v1，方向與球桌邊框夾角仍為a，如圖所示如果v1v0，OB垂直于桌邊，則下列關(guān)于桌邊對小球的彈力方向的判斷中正確的是（ ）A可能沿OA方向B一定沿OB方向C可能沿OC方向D可能沿OD方向13. K-介子方程為，其中K-介子和-介子帶負(fù)的基元電荷，0介子不帶電。一個K-介子沿垂直于磁場的方向射入勻強磁場中，其軌跡為圓弧AP，衰變后產(chǎn)生的-介子的軌跡為圓弧PB，兩軌跡在P點相切，它們的半徑RK-與R-之比為21。如圖所示，0介子的軌跡未畫出。由此可知-介子的動量大小與0介子的動量大小之比為 ( ) A.11 B.12 C.13 D.16二、計算題14. 在光滑水平面上有一個靜止的質(zhì)量為M的木塊，一顆質(zhì)量為m的子彈以初速度v0水平射入木塊而沒有穿出，子彈射入木塊的最大深度為d。設(shè)子彈射入木塊的過程中木塊運動的位移為s，子彈所受阻力恒定。試證明：s d。15. 如圖所示，AB是一傾角為=37的光滑直軌道，BCD是半徑為R=0.5m的光滑圓弧軌道，它們相切于B點，C為圓弧軌道的最低點，D為其最高點，A、C兩點間的高度差為h=29/49 m, 今有一個質(zhì)量為M=1.5 kg的滑塊1從A點由靜止下滑，與位于C點的質(zhì)量為m=0.5 kg的滑塊2發(fā)生正碰，碰撞過程中無能量損失取g=10 m/s2 試求： (1)碰撞后兩個滑塊的速度大?。?(2)滑塊2經(jīng)過最高點D時對軌道的壓力大??； (3)滑塊2從D點離開圓形軌道后落到直軌道上的位置E到B點的距離 ABC16. 質(zhì)量為M的小車置于水平面上。小車的上表面由1/4圓弧和平面組成，車的右端固定有一不計質(zhì)量的彈簧，圓弧AB部分光滑，半徑為R，平面BC部分粗糙，長為，C點右方的平面光滑?；瑝K質(zhì)量為m ，從圓弧最高處A無初速下滑（如圖），與彈簧相接觸并壓縮彈簧，最后又返回到B相對于車靜止。求：（1）BC部分的動摩擦因數(shù)；（2）彈簧具有的最大彈性勢能；（3）當(dāng)滑塊與彈簧剛分離時滑塊和小車的速度大小 參考答案一、選擇題12345678910111213DDBCDABCDACDBDADBABC二、計算題14.解：設(shè)子彈射入木塊后二者的共同速度為v，根據(jù)動量守恒定律有 .2分 設(shè)子彈與木塊之間的相互作用力為f，根據(jù)動能定理，對于子彈射入木塊的f (s+d)=,.2分對于木塊被子彈射入的過程有：.2分 解得：1，即sd.2分說明：（1）若解出可得1分。（2）若用圖象解答本題，則對于圖象正確，并能清楚說明相關(guān)各條圖線，各塊面積得無力意義的，同樣得分。 15.解：第1個小球從A到C，由機械能守恒定律得：Mgh= Mv12/2代入數(shù)據(jù)，解之得：v1= m/s(1)兩球相碰前后，由動量和機械能守恒定律得：Mv1=Mv1+Mv2 由解之得： (2)第二個滑塊:機械能守恒代入數(shù)據(jù)解之得:vD =3m/s(其中的負(fù)值舍去)由牛頓第二定律得:N+mg=m vD2/R 代入數(shù)據(jù)得:N=4 N(3)由幾何關(guān)系可得:OF=Rcos=0.4 m BF=Rsin=0.3 m BHEOFB HE/HB=BF/OF=3/4 而:HB=HF-BF HE=DC-gt2/2-FC結(jié)合平拋運動知識，有 HB=vDt-BF HE=2R-gt2/2-(R-OF) 由解得：t=0.3s(舍去其中負(fù)值) 將t=0.3 s代入得：HB=0.6m, EB=HB/cos=0.75 16.解：(1), （4分）(2) （4分）(3) （5分）解得： （結(jié)果各1分，共2分）