2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 力學(xué)選擇題巧練（三）.doc

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2019-2020年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 力學(xué)選擇題巧練（三）一、單項(xiàng)選擇題1.(xx廣州測試)如圖所示，力F垂直作用在傾角為的三角滑塊上，滑塊沒被推動(dòng)，則滑塊受到水平地面的靜摩擦力大小為()A0BFcos CFsin DFtan 2如圖所示，兩相同物塊分別放置在對(duì)接的兩固定斜面上，兩物塊處在同一水平面內(nèi)，物塊之間用細(xì)繩連接，在繩的中點(diǎn)加一豎直向上的拉力F，使兩物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時(shí)繩與斜面間的夾角小于90，當(dāng)增大拉力F后，系統(tǒng)仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法正確的是()A繩受到的拉力變小B物塊與斜面間的摩擦力變小C物塊對(duì)斜面的壓力變小D物塊受到的合力變大3據(jù)報(bào)道，我國首次300米飽和潛水已獲得圓滿成功，6名潛水員通過潛水鐘到達(dá)300米深海底進(jìn)行潛水作業(yè)若潛水鐘從水面開始下潛到最后返回水面的速度時(shí)間(vt)圖象如圖所示，則下列說法中正確的是()A下潛過程中勻速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為48 minB全過程中的最大加速度大小為0.012 5 m/s2C0100 min與100 min140 min兩段時(shí)間的平均速度大小相同D超重現(xiàn)象發(fā)生在80 min100 min和100 min120 min時(shí)間段4.如圖所示，水平地面上有一個(gè)坑，其豎直截面為正方形ABCD，若在A點(diǎn)以初速度v0沿AB方向拋出一小球，小球會(huì)擊中坑壁上的C點(diǎn)，已知AB的長度為l，忽略空氣阻力則()A小球下落的時(shí)間tB坑的深度ADC落到C點(diǎn)的速度大小為v0D落到C點(diǎn)時(shí)速度方向與水平面成60角二、不定項(xiàng)選擇題5(xx浙江八校二聯(lián))質(zhì)量分別為M和m的物塊形狀大小均相同，將它們通過輕繩跨過光滑定滑輪連接，如圖甲所示，繩子平行于傾角為的斜面，M恰好能靜止在斜面上，不考慮M、m與斜面之間的摩擦若互換兩物塊位置，按圖乙放置，然后釋放M，斜面仍保持靜止則下列說法正確的是()A輕繩的拉力等于MgB輕繩的拉力等于mgCM運(yùn)動(dòng)的加速度大小為(1sin )gDM運(yùn)動(dòng)的加速度大小為g6(xx金華模擬)某同學(xué)在開展研究性學(xué)習(xí)的過程中，利用加速度傳感器研究質(zhì)量為5 kg的物體由靜止開始做直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，并在計(jì)算機(jī)上得到了前4 s內(nèi)物體加速度隨時(shí)間變化的圖象，如圖所示設(shè)第1 s內(nèi)運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎较颍瑒t下列說法正確的是()A物體先向正方向運(yùn)動(dòng)，后向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)B物體在第3 s末的速度最大C前4 s內(nèi)合外力做的功等于前2 s內(nèi)合外力做的功D物體在第4 s末的動(dòng)能為22.5 J7.如圖所示為一豎直放置的圓錐形容器，容器內(nèi)壁光滑兩質(zhì)量相同的小球(可視為質(zhì)點(diǎn))a和b在其內(nèi)壁的兩個(gè)不同高度上分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其半徑Rb2Ra，則下列說法中正確的是()Aa、b兩球受到的支持力大小之比為11Ba、b兩球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期之比為12Ca、b兩球的動(dòng)能之比為1Da、b兩球在運(yùn)動(dòng)過程中機(jī)械能守恒力學(xué)選擇題巧練(三)1解析：選C.由平衡條件知，靜摩擦力大小等于F在水平方向的分力，即FfFsin ，故C正確2.解析：選C.將F分解為F1、F2兩個(gè)力，如圖甲所示，由于F1、F2間的夾角不變，當(dāng)F增大時(shí)，則知繩受到的拉力F1和F2同時(shí)增大，A錯(cuò)；對(duì)左邊物塊進(jìn)行研究，分析受力如圖乙所示，由平衡條件得摩擦力Ffmgsin F1cos ，F(xiàn)1增大，其他量不變，則Ff增大；支持力FNmgcos F1sin ，F(xiàn)1增大，其他量不變，則FN變小，故B錯(cuò)，C對(duì)；由題意知物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，受到的合力為零，保持不變，故D錯(cuò)3解析：選D.由題圖可知，在0100 min內(nèi)潛水鐘下潛的深度為300 m，設(shè)潛水鐘勻速下潛的時(shí)間為t，則有4t(100t)42300，可解得t50(min)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；全過程中加速度大小最大是在100 min120 min和120 min140 min兩個(gè)時(shí)間段，最大加速度大小為am2.08104 m/s2，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；0100 min內(nèi)的平均速度為3 m/min，100 min140 min內(nèi)的平均速度為7.5 m/min，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；在80 min100 min內(nèi)潛水鐘減速下降，100 min120 min內(nèi)潛水鐘加速上升，均發(fā)生超重現(xiàn)象，故選項(xiàng)D正確4解析：選A.小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移lv0t，則小球下落的時(shí)間為t，A項(xiàng)正確；小球在豎直方向的位移ygt2，B項(xiàng)錯(cuò)誤；落到C點(diǎn)時(shí)，水平分位移與豎直分位移大小相等，即v0tt，所以vy2v0，落到C點(diǎn)時(shí)速度大小vv0，方向與水平面的夾角的正切值為tan 2，不等于60，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤5解析：選BCD.互換位置前，M靜止在斜面上，則有：Mgsin mg，互換位置后，對(duì)M有MgFTMa，對(duì)m有：FTmgsin ma，又FTFT，解得：a(1sin )gg，F(xiàn)Tmg，故A錯(cuò)，B、C、D對(duì)6解析：選BCD.物體先做正方向加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，再做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，物體在第3 s末的速度最大，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)方向始終為正方向，則選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；從題at圖象可知2 s3 s加速度大小的平均值等于3 s4 s加速度大小的平均值，所以2 s3 s物體增加的速度等于3 s4 s物體減小的速度，可知物體在第2 s末的速度和第4 s末的速度大小相等，由動(dòng)能定理知，前4 s內(nèi)合外力做的功等于前2 s內(nèi)合外力做的功，則選項(xiàng)C正確；at圖線與坐標(biāo)軸所包圍圖形的面積是速度變化量的大小，v4v23 m/s，則物體在第4 s末的動(dòng)能為Ek4mv532 J22.5 J，故選項(xiàng)D正確7解析：選AD.設(shè)a、b兩球質(zhì)量均為m，受到的支持力大小分別為FNa、FNb，周期分別為Ta、Tb，動(dòng)能分別為Eka、Ekb，圓錐母線與豎直方向夾角為.由題意可知，兩小球在豎直方向上的合力均為零，所以對(duì)a球有FNasin mg，對(duì)b球有FNbsin mg，所以FNaFNb11，選項(xiàng)A正確；兩小球受到的支持力在水平方向上的分量提供小球運(yùn)動(dòng)的向心力，故對(duì)a球有FNacos mRa，對(duì)b球有FNbcos mRb，由Rb2Ra，可得TaTb1，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；對(duì)a球有FNacos m，同理有FNbcos ，可得：，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；兩小球在運(yùn)動(dòng)過程中動(dòng)能不變，重力勢能不變，故其機(jī)械能不變，選項(xiàng)D正確