2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題12 電磁感應(yīng)(含解析).doc
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2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題12 電磁感應(yīng)(含解析)一、單選題1如圖所示,一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導(dǎo)線在同一豎直平面內(nèi),環(huán)的圓心與兩導(dǎo)線距離相等,環(huán)的直徑小于兩導(dǎo)線間距。兩導(dǎo)線中通有大小相等、方向向下的恒定電流。以下說法正確的是( )A. 金屬環(huán)向上運(yùn)動,則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為順時針方向B. 金屬環(huán)向下運(yùn)動,則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為順時針方向C. 金屬環(huán)向右側(cè)直導(dǎo)線靠近,則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為逆時針D. 金屬環(huán)向左側(cè)直導(dǎo)線靠近,則環(huán)上的感應(yīng)電流方向為逆時針【答案】 C【點睛】本題考查楞次定律的應(yīng)用,掌握感應(yīng)電流的產(chǎn)生條件,理解右手螺旋定則的內(nèi)容穿過線框的磁通量變化有幾種方式,有磁場變化導(dǎo)致磁通量變化,也有面積變化導(dǎo)致磁通量變化,還有磁場與面積均變化導(dǎo)致磁通量變化的,最后有磁場與面積均沒有變,而是放置的角度變化導(dǎo)致磁通量變化2如圖甲所示,線圈ABCD固定于勻強(qiáng)磁場中,磁場方向垂直紙面向外,當(dāng)磁場變化時,線圈AB邊所受安培力向右且變化規(guī)律如圖乙所示,則磁場的變化情況可能是下列選項中的( )A. B. C. D. 【答案】 D【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律可知,結(jié)合閉合電路歐姆定律,則安培力的表達(dá)式F=BIL=,由圖可知安培力的大小不變,而SL是定值,若磁場B增大,則B/t減小,若磁場B減小,則B/t增大;線圈AB邊所受安培力向右,則感應(yīng)電流的方向是順時針,原磁場磁感強(qiáng)度應(yīng)是增加的,故D正確,ABC錯誤;故選:D.3一個閉合線圈中沒有產(chǎn)生感應(yīng)電流,因此可以得出( ).A. 此時該處一定沒有磁場 B. 此時該處一定沒有磁場的變化C. 閉合線圈的面積一定沒有變化 D. 穿過線圈平面的磁通量一定沒有變化【答案】 D【解析】感應(yīng)電流的產(chǎn)生其條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化,閉合線圈中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生可能線圈始終與磁場平行,故A錯誤;感應(yīng)電流的產(chǎn)生其條件是閉合線圈的磁通量發(fā)生變化,磁通量的變化可以由磁場引起的,也可以由線圈的面積的變化引起的,閉合線圈中沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生,不能判斷出此地一定沒有磁場的變化或沒有面積的變化,故BC錯誤;沒有電流只能說明穿過閉合線圈的磁通量沒有發(fā)生變化故D正確;故選D.點睛:解答本題主要是抓住感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件:閉合線圈的磁通量發(fā)生變化,而磁通量的變化可以是由磁場變化引起,也可以是線圈的面積變化,或位置變化引起的4有一個勻強(qiáng)磁場邊界是EF,在EF右側(cè)無磁場,左側(cè)是勻強(qiáng)磁場區(qū)域,如圖甲所示現(xiàn)有一個閉合的金屬線框以恒定速度從EF右側(cè)水平進(jìn)入勻強(qiáng)磁場區(qū)域線框中的電流隨時間變化的it圖象如圖乙所示,則可能的線框是下列四個選項中的()A. B. C. D. 【答案】 A【解析】導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=BLv,設(shè)線框總電阻是R,則感應(yīng)電流;由圖乙所示圖象可知,感應(yīng)電流先變大,后變小,且電流大小與時間成正比,由于B、v、R是定值,故導(dǎo)體棒的有效長度L應(yīng)先變長,后變短,且L隨時間均勻變化,即L與時間t成正比三角形線框勻速進(jìn)入磁場時,有效長度L先增加,后減小,且隨時間均勻變化,符合題意,故A正確;梯形線框勻速進(jìn)入磁場時,有效長度L先均勻增加,后不變,最后均勻減小,不符合題意,故B錯誤;長方形線框進(jìn)入磁場時,有效長度L不變,感應(yīng)電流不變,不符合題意,故B錯誤;閉合圓環(huán)勻速進(jìn)入磁場時,有效長度L先變大,后變小,但L不隨時間均勻變化,不符合題意,故D錯誤;故選A點睛:本題是一道關(guān)于感應(yīng)電流的圖象題,熟練應(yīng)用導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢公式、歐姆定律、分析清楚圖象特點是正確解題的關(guān)鍵.5有人把自行車進(jìn)行了改裝,在后車輪上裝上了一個小型發(fā)電機(jī),想看電視時,就騎在自行車上不停地蹬車,可供電視、照明用電發(fā)電機(jī)原理如圖甲所示,在勻強(qiáng)磁場中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,放置一個有固定轉(zhuǎn)軸的發(fā)電輪,如圖所示,發(fā)電輪平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直,發(fā)電輪半徑為r,輪軸和輪緣為兩個輸出電極,該發(fā)電機(jī)輸出電壓接一理想變壓器,再給一小燈泡供電,則下列說法中正確的是()A. 當(dāng)人蹬車的速度增大時,小燈泡兩端的電壓降低B. 當(dāng)人蹬車的速度增大時,小燈泡兩端的電壓不變C. 小燈泡的功率與發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)速無關(guān)D. 小燈泡的功率隨發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)速的增大而增大【答案】 D【解析】PQ輸出端的電壓為,當(dāng)人蹬車的速度增大時,小燈泡兩端的電壓增大,選項AB錯誤;小燈泡的功率:,則小燈泡的功率隨發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)速的增大而增大,選項C錯誤,D正確;故選D.6如圖所示,邊長為L,匝數(shù)為N的正方形線圈abcd位于紙面內(nèi),線圈內(nèi)接有電阻值為R的電阻,過ab中點和cd中點的連線OO恰好位于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場的右邊界上,磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.當(dāng)線圈轉(zhuǎn)過90時,通過電阻R的電荷量為()A. B. C. D. 【答案】 B【解析】當(dāng)正方形線圈abcd有一半處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中時,磁通量為:,根據(jù),故B正確,ACD錯誤;故選B點睛:本題考查對于勻強(qiáng)磁場中磁通量的求解能力對于公式=BS,要懂得S的意義:有效面積,即有磁感線穿過的面積.7如圖,由某種粗細(xì)均勻的總電阻為3R的金屬條制成的矩形線框abcd,固定在水平面內(nèi)且處于方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場B中一接入電路電阻為R的導(dǎo)體棒PQ,在水平拉力作用下沿ab、dc以速度v勻速滑動,滑動過程PQ始終與ab垂直,且與線框接觸良好,不計摩擦在PQ從靠近ad處向bc滑動的過程中( )A. PQ中電流一直增大B. PQ中電流一直減小C. 線框消耗的電功率先增大后減小D. 線框消耗的電功率先減小后增大【答案】 C【解析】A、B項,設(shè)導(dǎo)體棒的長度為,磁感應(yīng)強(qiáng)度為,導(dǎo)體棒的速度保持不變,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,感應(yīng)的電動勢不變,設(shè)線框左邊的電阻為,則左右兩邊線框的電阻為,流過PQ的電流,可以看出當(dāng)PQ從靠近ad向bc靠近過程中,從零增大到,從而可以判斷電流先減小后增大,故A、B項錯誤。C,D項,電源的內(nèi)阻為,PQ從靠近ad向bc靠近過程中,外電路的并聯(lián)等效電阻從零增大到又減小到零,外電路的電阻等于電源內(nèi)阻的時候消耗的功率最大,所以外電路的功率應(yīng)該先增大后減小,故C正確D項錯誤。綜上所述,本題正確答案為C。8如圖所示,用相同導(dǎo)線繞成的兩個單匝線圈a、b的半徑分別為r和2r,圓形勻強(qiáng)磁場B的邊緣恰好與a線圈重合,若磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大,開始時的磁感應(yīng)強(qiáng)度不為0,則()A. 任意時刻,穿過a、b兩線圈的磁通量之比均為1:4B. a、b兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢之比為1:2C. a、b兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為4:1D. 相同時間內(nèi)a、b兩線圈產(chǎn)生的熱量之比為2:1【答案】 D【解析】A、任意時刻,穿過a、b兩線圈的磁感線條數(shù),磁通量相等,磁通量之比為1:1故A錯誤B、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得:E=S,S=r2,則S相等,也相等,所以感應(yīng)電動勢相等,感應(yīng)電動勢之比為1:1,故B錯誤C、線圈a、b的半徑分別為r和2r,周長之比為1:2,電阻之比為1:2,根據(jù)歐姆定律知 I=,得a、b兩線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比為2:1故C錯誤D、根據(jù)焦耳定律得 Q=t,得相同時間內(nèi)a、b兩線圈產(chǎn)生的熱量之比為2:1,故D正確故選:D9如圖所示,等腰三角形內(nèi)分布有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場,它的底邊在x軸上且長為2L,高為L,紙面內(nèi)一邊長為L的正方形導(dǎo)線框沿x軸正方向做勻速直線運(yùn)動穿過勻強(qiáng)磁場區(qū)域,在t=0時刻恰好位于如圖所示的位置,以順時針方向為導(dǎo)線框中電流的正方向,下面四幅圖中能夠正確表示導(dǎo)線框中的電流位移(Ix)關(guān)系的是( )A. B. C. D. 【答案】 B10如圖所示,金屬桿ab靜放在水平固定的“U”形金屬框上,整個裝置處于豎直向上的磁場中。當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻減小時,桿ab總保持靜止,則:( )A. 桿中感應(yīng)電流方向是從b到a B. 桿中感應(yīng)電流大小減小C. 金屬桿所受安培力逐漸增大 D. 金屬桿所受安培力大小不變【答案】 A【解析】根據(jù)楞次定律可得感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場方向應(yīng)豎直向上,所以方向為從b到a,A正確;因為磁場是均勻減小的,故恒定,根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得可知感應(yīng)電動勢恒定,即感應(yīng)電流恒定,B錯誤;因為電流恒定,而磁感應(yīng)強(qiáng)度減小,所以安培力減小,CD錯誤11如圖所示,AB是一根裸導(dǎo)線,單位長度的電阻為R0,一部分彎曲成直徑為d的圓圈,圓圈導(dǎo)線相交處導(dǎo)電接觸良好圓圈所在區(qū)域有與圓圈平面垂直的均勻磁場,磁感強(qiáng)度為B0導(dǎo)線一端B點固定,A端在沿BA方向的恒力F作用下向右緩慢移動,從而使圓圈緩慢縮小設(shè)在圓圈縮小過程中始終保持圓的形狀,設(shè)導(dǎo)體回路是柔軟的,此圓圈從初始的直徑d到完全消失所需時間t為()A. B. C. D. 【答案】 B【解析】設(shè)在恒力F的作用下,A端t時間內(nèi)向右移動微小的量x,則相應(yīng)圓半徑減小r,則有:x=2r在t時間內(nèi)F做的功等于回路中電功,S可認(rèn)為由于半徑減小微小量r而引起的面積的變化,有:S=2rr而回路中的電阻R=R02r,代入得,F(xiàn)2r=顯然t與圓面積變化S成正比,所以由面積r02變化為零,所經(jīng)歷的時間t為:解得:故B正確,ACD錯誤故選B12通電直導(dǎo)線旁放一個金屬線框,線框和導(dǎo)線在同一平面內(nèi),如圖所示在線框abcd中沒有產(chǎn)生感應(yīng)電流的運(yùn)動情況是()A. 線框向右移動B. 線框以AB為軸旋轉(zhuǎn)C. 線框以ad邊為軸旋轉(zhuǎn)D. 線框以ab邊為軸旋轉(zhuǎn)【答案】 B點睛:該題將安培定則與楞次定律相結(jié)合,要先根據(jù)安培定則判斷出電流周圍的磁場才方向與特點,然后在使用楞次定律判定感應(yīng)電流的方向13關(guān)于處理物理問題的思想與方法,下列說法中正確的是()A. 伽利略在研究自由落體運(yùn)動時采用了微元法B. 在探究平均速度實驗中使用了等效替代的思想C. 法拉第在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象時利用了理想實驗法D. 在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中使用了理想化模型的思想方法【答案】 B【解析】伽利略在研究自由落體運(yùn)動時采用了理想實驗和邏輯推理的方法故A錯誤平均速度能粗略表示物體運(yùn)動的快慢,在探究平均速度實驗中使用了使用了等效替代的思想故B正確法拉第在研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象時利用了控制變量法故C錯誤在探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系實驗中使用了控制變量的思想方法故D錯誤故選B14如圖所示,紙面內(nèi)有一矩形導(dǎo)體線框abcd,置于垂直紙面向里、邊界為MN的勻強(qiáng)磁場外,線框的ab邊平行磁場邊界MN,線框以垂直于MN的速度v勻速進(jìn)入磁場,線框進(jìn)入磁場過程中,產(chǎn)生焦耳熱為Q1,通過線框?qū)w橫截面的電荷量為q1,若線框以速度2v勻速進(jìn)入磁場,線框進(jìn)入磁場過程中,產(chǎn)生的熱量為Q2,通過線框?qū)w橫截面的電荷量為q2,則下列選項正確的是A. Q22Q1q22q1 B. Q22Q1q2q1C. Q2Qq2q1 D. Q24Q1q22q1【答案】 B【解析】試題分析:線框勻速進(jìn)入磁場,克服安培力做功的功率等于線框產(chǎn)生的熱量,根據(jù)功能關(guān)系可求線框中產(chǎn)生的熱量由感應(yīng)電荷量公式,可判兩次進(jìn)入通過線框?qū)w橫截面的電荷量相等根據(jù)及F=BIL可得安培力表達(dá)式:,拉力做的功轉(zhuǎn)化為電能,然后轉(zhuǎn)化為焦耳熱,由可知產(chǎn)生的焦耳熱與速度成正比,所以,根據(jù)可知通過線框某橫截面的電荷量與速度無關(guān),B正確15由于地磁場的存在,飛機(jī)在一定高度水平飛行時,其機(jī)翼就會切割磁感線,機(jī)翼的兩端之間會有一定的電勢差若飛機(jī)在北半球水平飛行,則從飛行員的角度看,機(jī)翼左端的電勢比右端的電勢( )A. 低 B. 高 C. 相等 D. 以上情況都有可能【答案】 B【解析】當(dāng)飛機(jī)在北半球水平飛行時,由于地磁場的存在,且地磁場的豎直分量方向豎直向下,則由右手定則可判定機(jī)翼左端的電勢比右端的電勢高若構(gòu)成閉合電路則電流方向由機(jī)翼的右端流向左端,而機(jī)翼切割磁感線相當(dāng)于電源,所以電源內(nèi)部電流由負(fù)極流向正極故選B.點睛:機(jī)翼的運(yùn)動,類似于金屬棒在磁場中切割磁感線一樣會產(chǎn)生電動勢,而電源內(nèi)部的電流方向則是由負(fù)極流向正極的16如圖示,金屬桿ab以恒定的速率v在光滑的平行導(dǎo)軌上向右滑行,設(shè)整個電路中總電阻為R(恒定不變),整個裝置置于垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場中,下列說法不正確的是()A. ab桿中的電流與速率v成正比B. 磁場作用于ab桿的安培力與速率v成正比C. 電阻R上產(chǎn)生的電熱功率與速率v平方成正比D. 外力對ab桿做功的功率與速率v的成正比【答案】 D【解析】電動勢E=BLv,則電流強(qiáng)度,知電流強(qiáng)度與速率成正比故A正確FA=BIL=知安培力與速率成正比故B正確根據(jù)P=I2R,則,知電阻R產(chǎn)生的熱功率與速率的平方成正比故C正確P=Fv=FAv=,知外力的功率與速率的平方成正比故D錯誤本題選不正確的,故選D17美國一位物理學(xué)家卡布萊拉用實驗尋找磁單極子實驗根據(jù)的原理就是電磁感應(yīng)現(xiàn)象,儀器的主要部分是由超導(dǎo)體做成的線圈,設(shè)想有一個磁單極子穿過超導(dǎo)線圈,如圖所示,于是在超導(dǎo)線圈中將引起感應(yīng)電流,關(guān)于感應(yīng)電流的方向下列說法正確的是( )A. 磁單極子穿過超導(dǎo)線圈的過程中,線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的方化B. N磁單極子,與S磁單極子分別穿過超導(dǎo)線圈的過程中,線圈中感應(yīng)電流方向相同C. 磁單極子穿過超導(dǎo)線圈的過程中,線圈中感應(yīng)電流方向不變D. 假若磁單極子為N磁單極子,穿過超導(dǎo)線圈的過程中,線圈中感應(yīng)電流方向始終為順時針(從上往下看)【答案】 C【解析】若N磁單極子穿過超導(dǎo)線圈的過程中,當(dāng)磁單極子靠近線圈時,當(dāng)穿過線圈中磁通量增加,且磁場方向從上向下,所以由楞次定律可知,感應(yīng)磁場方向:從下向上,再由右手螺旋定則可確定感應(yīng)電流方向逆時針;當(dāng)磁單極子遠(yuǎn)離線圈時,當(dāng)穿過線圈中磁通量減小,且磁場方向從下向上,所以由楞次定律可知,感應(yīng)磁場方向:從下向上,再由右手螺旋定則可確定感應(yīng)電流方向逆時針因此線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向不變故AD錯誤;若是S磁單極子穿過超導(dǎo)線圈,與A分析相同,得出:靠近線圈時,感應(yīng)磁場從上向下,則感應(yīng)電流方向順時針;當(dāng)遠(yuǎn)離時,感應(yīng)電流也是順時針故B錯誤;由AB分析可知,磁單極子穿過超導(dǎo)線圈的過程中,線圈中感應(yīng)電流方向不變,故C正確;故選C.點睛:考查右手螺旋定則、楞次定律及磁單極子的特征同時注意磁體外部的感應(yīng)線是從N極射出,射向S極18如圖所示,在水平面上有兩條導(dǎo)電導(dǎo)軌MN、PQ,導(dǎo)軌間距為d,勻強(qiáng)磁場垂直于導(dǎo)軌所在的平面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B,兩根完全相同的金屬桿1、2間隔一定的距離擺開放在導(dǎo)軌上,且與導(dǎo)軌垂直。它們的電阻均為R,兩桿與導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)軌電阻不計,金屬桿的摩擦不計。桿1以初速度v0滑向桿2,為使兩桿不相碰,則桿2固定與不固定兩種情況下,最初擺放兩桿時的最少距離之比為:A. 1:1 B. 1:2 C. 2:1 D. 1:1【答案】 C解得:l1l2=,即AB間的距離最小為x=;當(dāng)棒2固定后,對左側(cè)棒,以向右為正方向,根據(jù)動量定理,有:Ft=mv,其中:F=BIL=BL,故:t=mv,即=mv0,解得:l=,故AB間的距離最小為x=;故x:x=1:2;故ABD錯誤,C正確;故選:C?!久麕燑c睛】兩個棒均不固定時,左邊棒受向左的安培力,右邊棒受向右的安培力,故左邊棒減速,右邊棒加速,兩個棒系統(tǒng)動量守恒,根據(jù)動量守恒定律得到最后的共同速度,然后對右邊棒運(yùn)用動量定理列式;當(dāng)右邊棒固定時,左邊棒受向左的安培力,做減速運(yùn)動,根據(jù)動量定理列式;最后聯(lián)立求解即可。19如圖所示,在光滑的水平面上,有一垂直向下的勻強(qiáng)磁場分布在寬度為L的區(qū)域內(nèi),現(xiàn)有一個邊長為a(aL)的正方形閉合線圈以初速度v0垂直磁場邊界滑過磁場后,速度為v(vv0),那么線圈A. 完全進(jìn)入磁場中時的速度大于(v0+v)/2B. 完全進(jìn)入磁場中時的速度等于(v0+v)/2C. 完全進(jìn)入磁場中時的速度小于(v0+v)/2D. 以上情況均有可能【答案】 B【解析】線框進(jìn)入磁場過程:線框離開磁場過程:聯(lián)立,得到:所以,選B?!久麕燑c睛】線框進(jìn)入和穿出磁場過程,受到安培力作用而做減速運(yùn)動,根據(jù)動量定理和電量q=It分析電量的關(guān)系。根據(jù)感應(yīng)電量q=,分析可知兩個過程線框磁通量變化量大小相等,兩個過程電量相等,聯(lián)立就可求出完全進(jìn)入磁場中時線圈的速度。20以下敘述中不正確的是()A. 伽利略通過斜面實驗加邏輯推理的方法研究了自由落體運(yùn)動的規(guī)律B. 開普勒提出了日心說,從而發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動的規(guī)律,后人稱為開普勒行星運(yùn)動規(guī)律C. 利用渦流的熱效應(yīng),人們制成了用于加熱食物的電磁爐D. 超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服是用包含金屬絲的織物制成的,這是利用了靜電屏蔽的原理【答案】 B【解析】伽利略通過斜面實驗加邏輯推理的方法研究了自由落體運(yùn)動的規(guī)律,A正確;哥白尼提出了日心說,開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運(yùn)動的規(guī)律,后人稱為開普勒行星運(yùn)動定律,B錯誤;電磁爐是利用渦流的熱效應(yīng)來加熱食物的,C正確;超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服是用包含金屬絲的織物制成的,利用的是靜電屏蔽的原理,故D正確21以下那種材料制成的器皿不能用于一般微波爐()A. 玻璃 B. 陶瓷 C. 鋁 D. 耐熱塑料【答案】 C22電磁爐是利用渦流加熱而達(dá)到烹飪食物的目的電磁爐適用的鍋類是()A. 平底陶瓷鍋B. 凹底陶瓷鍋C. 平底不銹鋼鍋D. 凹底不銹鋼鍋【答案】 C【解析】電磁爐是利用高頻電流在電磁爐內(nèi)部線圈中產(chǎn)生磁場,磁化鐵質(zhì)鐵鍋,從而形成無數(shù)個小渦流(即電流),加速鍋底分子運(yùn)動,使鍋底自身發(fā)熱達(dá)到加熱食品的目的,必須使用鐵質(zhì)鍋具才被磁化形成渦流,C正確23如圖所示,正方形閉合導(dǎo)線框以速度v0在光滑絕緣水平面上勻速運(yùn)動,穿過有理想邊界的勻強(qiáng)磁場區(qū)域后以速度v做勻速直線運(yùn)動,則當(dāng)完全處在磁場區(qū)域內(nèi)時的運(yùn)動速度u為 ( )A. u (v0+v)/2 B. u = (v0+v)/2C. u t2C. a22a1 D. a25a1【答案】 B【解析】AB、當(dāng)拉力的功率恒定時,隨著速度增大,拉力逐漸減小,最后勻速運(yùn)動時拉力最小,且最小值和第一種情況下拉力相等,因此都達(dá)到速度v時,t1t2,故A錯誤,B正確;CD、由于兩種情況下,最終棒都以速度2v勻速運(yùn)動,此時拉力與安培力大小相等,則有:當(dāng)拉力恒定速度為v,加速度為a1時,根據(jù)牛頓第二定律有:解得:若保持拉力的功率恒定,速度為2v時,拉力為F,則有:P=F2v,又所以則當(dāng)速度為v時,拉力大小為:根據(jù)牛頓第二定律,得:解得:所以有a2=3a1,故CD錯誤。故選:B?!久麕燑c睛】分析清楚兩種情況下的運(yùn)動形式區(qū)別,然后根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)規(guī)律求解,注意兩種情況下導(dǎo)體棒最終勻速運(yùn)動時所受拉力大小是相同的。25下列三圖中除導(dǎo)體棒ab可動外,其余部分均固定不動,甲圖中的電容器C原來不帶電設(shè)導(dǎo)體棒、導(dǎo)軌和直流電源的電阻均可忽略,導(dǎo)體棒和導(dǎo)軌間的摩擦也不計圖中裝置均在水平面內(nèi),且都處于方向垂直水平面(即紙面)向下的勻強(qiáng)磁場中,導(dǎo)軌足夠長今給導(dǎo)體棒ab一個向右的初速度v,在甲、乙、丙三種情形下導(dǎo)體棒ab的最終運(yùn)動狀態(tài)是( ) A. 三種情形下導(dǎo)體棒ab最終均做勻速運(yùn)動B. 三種情形下導(dǎo)體棒ab最終均靜止C. 乙、丙中,ab棒最終將做勻速運(yùn)動;甲中,ab棒最終靜止D. 甲、丙中,ab棒最終將做勻速運(yùn)動;乙中,ab棒最終靜止【答案】 D【名師點睛】圖甲中,導(dǎo)體棒向右運(yùn)動切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流而使電容器充電,分析電路中電流的變化,即可判斷ab棒所受的安培力,確定ab棒的運(yùn)動情況;圖乙中,導(dǎo)體棒向右運(yùn)動切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流,通過電阻R轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,ab棒將做減速運(yùn)動;圖丙中,分析導(dǎo)體棒受到的安培力情況,判斷ab棒的運(yùn)動情況。26在勻強(qiáng)磁場中有一N匝、半徑為a的圓形線圈(其總電阻為R)和一儀器(內(nèi)阻不計)串聯(lián),線圈平面與磁場垂直。當(dāng)線圈迅速由靜止翻轉(zhuǎn)180,該儀器指示有電量q通過,根據(jù)已知q、N、a、R可計算出磁感強(qiáng)度B等于A. B. C. D. 【答案】 A【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律:線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢由閉合電路歐姆定律得感應(yīng)電流根據(jù)電量的公式q=It,可得:由于開始線圈平面與磁場垂直,現(xiàn)把探測圈翻轉(zhuǎn)180,則磁能量的變化=2BS=2Ba2所以由上公式可得:,則得: ,故選A點睛:考查法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路歐姆定律、電量表達(dá)式,同時注意磁通量雖然是標(biāo)量,但注意線圈分正反面,從而導(dǎo)致磁通量有正負(fù)還有磁通量與線圈匝數(shù)無關(guān),但感應(yīng)電動勢與線圈匝數(shù)有關(guān)27如圖所示,AOC是光滑的直角金屬導(dǎo)軌,AO沿豎直方向,OC沿水平方向,ab是一根金屬直棒,如圖立在導(dǎo)軌上,它從靜止開始在重力作用下運(yùn)動,運(yùn)動過程中b端始終在OC上,a端始終在AO上,直到ab完全落在OC上。整個裝置放在一勻強(qiáng)磁場中,磁場方向垂直紙面向里,則ab棒在運(yùn)動過程中A. 感應(yīng)電流方向始終是baB. 感應(yīng)電流方向先是ba ,后變?yōu)閍bC. 受磁場力方向與ab垂直,如圖中箭頭所示方向D. 受磁場力方向與ab垂直,開始如圖中箭頭所示方向,后來變?yōu)榕c箭頭所示方向相反【答案】 B【解析】當(dāng)ab棒從圖示位置滑到與水平面成45時,閉合電路的磁通在變大,則由楞次定律得閉合電路中的電流是逆時針方向,即是ba而此時棒受到的安培力的方向與圖中箭頭方向相反當(dāng)越過與水平面成45時,閉合電路的磁通在變小,則由楞次定律得閉合電路中的電流是順時針方向,即是ab而此時棒受到的安培力的方向與圖中箭頭方向相同由上可知:只有B選項正確故選B28如圖所示,質(zhì)量為m=0.5kg、電阻為r=1的輕桿ab可以無摩擦地沿著水平固定導(dǎo)軌滑行,導(dǎo)軌足夠長,兩導(dǎo)軌間寬度為L=1m,導(dǎo)軌電阻不計,電阻R1=1.5,R2=3,整個裝置處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1 T。桿從x軸原點O以水平速度v0=6m/s開始滑行,直到停止下來。下列說法不正確的是()A. a點電勢高于b點電勢B. 在桿的整個運(yùn)動過程中,電流對電阻R1做的功為9JC. 整個運(yùn)動過程中,桿的位移為6mD. 在桿的整個運(yùn)動過程中,通過電阻R1的電荷量為2C【答案】 B【解析】由右手定則可知,a點電勢高于b點電勢,選項A正確;設(shè)總電流為I,則ab、電阻R1和R2上的電功率之比:,由能量關(guān)系可知:,解得QR1=3J,選項B錯誤;由動量定理可知:,解得,則通過R1的電量為,選項D正確;由,其中,解得x=6m,選項C正確;此題選項不正確的選項,故選B. 29一個粗細(xì)均勻總電阻為的矩形金屬線框MNPQ,如圖,MN的長度是NP的倍,NP長度為L,有一寬度為L、大小為B垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場,自MN邊進(jìn)入磁場開始線框以v勻速穿過磁場區(qū)域,則PQ兩端的電勢差UPQ隨時間的關(guān)系圖線為A. B. C. D. 【答案】 A【解析】勻速運(yùn)動L的過程中感應(yīng)電動勢E=2BLv,根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得感應(yīng)電流,根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得;在L2L過程中,磁通量不變,感應(yīng)電流為零,此過程UPQ=E=2BLv;在2L3L的過程中,感應(yīng)電動勢E=2BLv,根據(jù)閉合電路的歐姆定律可得,故A正確、BCD錯誤故選A點睛:關(guān)于電磁感應(yīng)與圖象的結(jié)合問題,關(guān)鍵要分段由電磁感應(yīng)和電路的基本規(guī)律、法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、安培力公式和焦耳定律等,得到各物理量的解析式,再進(jìn)行選擇在解題時要靈活選擇解法,也可以運(yùn)用排除法等進(jìn)行解答30法拉第是十九世紀(jì)電磁學(xué)領(lǐng)域中最偉大的實驗家,下列有關(guān)法拉第在電磁學(xué)領(lǐng)域的貢獻(xiàn),不正確的是A. 法拉第是電磁學(xué)的奠基者,他首先提出了場的概念B. 法拉第發(fā)現(xiàn)并總結(jié)電磁感應(yīng)是由于閉合電路磁通量變化引起的C. 法拉第正確地指出電磁感應(yīng)與靜電感應(yīng)不同,感應(yīng)電流并不是與原電流有關(guān),而是與原電流的變化有關(guān)D. 法拉第通過科學(xué)實驗以及研究發(fā)現(xiàn)判斷感應(yīng)電流方向的方法,即:感應(yīng)電流的磁場總是阻礙引起感應(yīng)電流磁通量的變化【答案】 D31如圖所示,等腰直角三角形區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場,左邊有一形狀完全相同的等腰直角三角形導(dǎo)線框,線框從圖示位置開始水平向右勻速穿過磁場區(qū)域,規(guī)定線框中感應(yīng)電流逆時針方向為正方向,線框剛進(jìn)入磁場區(qū)域時感應(yīng)電流為i0,直角邊長為L其感應(yīng)電流i隨位移x變化的圖象正確的是A. B. C. D. 【答案】 C【解析】線框進(jìn)入磁場的位移為0L的過程中,三角形切割磁感線的有效長度先減小,當(dāng)右邊和斜邊切割長度相等時感應(yīng)電流為零,接著又反向增大,根據(jù)右手定則可知感應(yīng)電流方向先是逆時針,后是順時針;以后在L-2L過程中有效切割長度逐漸減小到零,則感應(yīng)電流逐漸減小到零,所以C正確,ABD錯誤故選C32某同學(xué)在“探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件”的實驗中,將直流電源、滑動變阻器、線圈(有鐵芯)、線圈、靈敏電流計及開關(guān)按圖連接成電路在實驗中,該同學(xué)發(fā)現(xiàn)形狀閉合的瞬間,靈敏電流計的指針向左偏由此可以判斷,在保持開關(guān)閉合的狀態(tài)下:( )A. 當(dāng)線圈拔出時,靈敏電流計的指針向左偏B. 當(dāng)線圈中的鐵芯拔出時,靈敏電流計的指針向右偏C. 當(dāng)滑動變阻器的滑片勻速滑動時,靈敏電流計的指針不偏轉(zhuǎn)D. 當(dāng)滑動變阻器的滑片向端滑動時,靈敏電流計的指針向右偏【答案】 B點睛:本題無法直接利用楞次定律進(jìn)行判斷,但是可以根據(jù)題意得出產(chǎn)生使電流表指針左偏的條件,即可不根據(jù)繞向判出各項中應(yīng)該出現(xiàn)的現(xiàn)象33如圖所示,相距為d的兩條水平虛線之間是方向水平向里的勻強(qiáng)磁場,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,正方形線圈abcd邊長為L(Ld),質(zhì)量為m ,電阻為R ,將線圈在磁場上方高h(yuǎn)處靜止釋放,cd邊剛進(jìn)入磁場時速度為,cd邊剛離開磁場時速度也為,則從線圈cd邊剛進(jìn)入磁場起一直到ab邊離開磁場的過程中。下列說法不正確的是:()A. 線圈可能是加速進(jìn)入磁場的 B. 感應(yīng)電流所做的功為2mgdC. 線圈的最小速度可能為 D. 線圈的最小速度一定為【答案】 A【解析】A、線圈全部進(jìn)入磁場時沒有感應(yīng)電流,不受安培力,做勻加速運(yùn)動,而cd邊剛離開磁場與剛進(jìn)入磁場時速度相等,所以線圈進(jìn)磁場時要減速,A錯誤;B、根據(jù)能量守恒可知:從cd邊剛進(jìn)入磁場到cd邊剛穿出磁場的過程:線圈動能變化量為0,重力勢能轉(zhuǎn)化為線框產(chǎn)生的熱量Q=mgd,cd邊剛進(jìn)入磁場時速度為v0,cd邊剛離開磁場時速度也為v0,所以線圈穿出磁場與進(jìn)入磁場的過程運(yùn)動情況相同,線框產(chǎn)生的熱量與從cd邊剛進(jìn)入磁場到cd邊剛穿出磁場的過程產(chǎn)生的熱量相等,所以線圈從cd邊進(jìn)入磁場到ab邊離開磁場的過程,產(chǎn)生的熱量Q=2mgd,感應(yīng)電流做的功為2mgd,故B正確;C、線框可能先做減速運(yùn)動,在完全進(jìn)入磁場前做勻速運(yùn)動,因為完全進(jìn)入磁場時的速度最小,則,則線圈下落的最小速度可能為:,故C錯誤;D、設(shè)線圈的最小速度為vm,可知全部進(jìn)入磁場的瞬間速度最小。由動能定理,從cd邊剛進(jìn)入磁場到線框完全進(jìn)入時,則有:,有,綜上可解得線圈的最小速度為,故D正確;本題選擇錯誤答案,故選:A?!久麕燑c睛】線圈由靜止釋放,其下邊緣剛進(jìn)入磁場和剛穿出磁場時刻的速度是相同的,又因為線圈全部進(jìn)入磁場不受安培力,要做勻加速運(yùn)動,可知線圈進(jìn)入磁場先要做減速運(yùn)動;根據(jù)動能定理,分析安培力做的功和最小速度。34用一段橫截面半徑為r、電阻率為、密度為d 的均勻?qū)w材料做成一個半徑為R(rR)的圓環(huán)。圓環(huán)豎直向下落入如圖所示的徑向磁場中,圓環(huán)的圓心始終在N 極的軸線上,圓環(huán)所在位置的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B。圓環(huán)在加速下落過程中某一時刻的速度為v,忽略電感的影響,則A. 此時在圓環(huán)中產(chǎn)生了(俯視)逆時針的感應(yīng)電流B. 此時圓環(huán)受到豎直向下的安培力作用C. 此時圓環(huán)的加速度D. 如果徑向磁場足夠深,則圓環(huán)的最大速度【答案】 D【解析】由題意可知,根據(jù)右手定則,右圖中,環(huán)左端面電流方向垂直紙面向里,右端電流方向向外,則有(俯視)順時針的感應(yīng)電流,故A錯誤;根據(jù)楞次定律可知,環(huán)受到的安培力向上,阻礙環(huán)的運(yùn)動,故B錯誤;圓環(huán)落入磁感應(yīng)強(qiáng)度B的徑向磁場中,產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢E=Blv=B2Rv,圓環(huán)的電阻為:,電流為:,圓環(huán)所受的安培力大小為F=BI2R,由牛頓第二定律得:,其中質(zhì)量為:聯(lián)立以上解得:,故C錯誤;當(dāng)圓環(huán)做勻速運(yùn)動時,安培力與重力相等速度最大,即有mg=F,可得:,解得:,故D正確。所以D正確,ABC錯誤。35如圖所示,長為L=0.5 m、傾角為=37的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強(qiáng)電場中,一帶電荷量為q,質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點),以初速度v0=2m/s恰能沿斜面勻速上滑,g=10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8,則下列說法中正確的是()A. 小球在B點的電勢能大于在A點的電勢能B. 水平勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度為C. 若電場強(qiáng)度加倍,小球運(yùn)動的加速度大小為3m/s2D. 若電場強(qiáng)度減半,小球運(yùn)動到B點時速度為初速度v0的一半【答案】 BD【解析】試題分析:小球由A到B的過程中,重力做負(fù)功,電場力做正功,小球電勢能減少,選項A錯誤;因小球做勻速運(yùn)動,由平衡條件知qEcos=mgsin,所以電場強(qiáng)度,選項B正確;電場強(qiáng)度變?yōu)?倍后,則有q2Ecos mgsinma,所以a6 m/s2,選項C錯誤;電場強(qiáng)度減為一半后,則有:,a13 m/s2,由v02v22a1L代入數(shù)值得v1 m/s,選項D正確;故選BD??键c:帶電粒子在電場中的運(yùn)動;牛頓第二定律;動能定理【名師點睛】由帶電小球受到分析得:重力、支持力與電場力,且三力均不變?nèi)舸嬖诩铀俣龋瑒t帶小球也不可能到達(dá)N點的速度仍不變的,所以三力處于平衡狀態(tài)故帶電小球做的是勻速直線運(yùn)動。36如圖所示,一個菱形的導(dǎo)體線框沿著自己的對角線勻速運(yùn)動,穿過具有一定寬度的勻強(qiáng)磁場區(qū)域,已知對角線AC的長度為磁場寬度的兩倍且與磁場邊界垂直下面對于線框中感應(yīng)電流隨時間變化的圖象(電流以ABCD順序流向為正方向,從C點進(jìn)入磁場開始計時)正確的是()A. B. C. D. 【答案】 B【解析】線圈在進(jìn)磁場的過程中,磁通量增加,根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流的方向為ABCD方向,為正;在出磁場的過程中,磁通量減小,根據(jù)楞次定律知,感應(yīng)電流的方向為ADCBA,為負(fù)在線圈進(jìn)入磁場的前一半的過程中,切割的有效長度均勻增大,感應(yīng)電動勢均勻增大,則感應(yīng)電流均勻增大,在線圈進(jìn)入磁場的后一半過程中,切割的有效長度均勻減小,感應(yīng)電動勢均勻減小,則感應(yīng)電流均勻減?。还蔅正確,ACD錯誤故選:B.視頻37在水平桌面上,一個圓形金屬框置于勻強(qiáng)磁場中,線框平面與磁場垂直,圓形金屬框與一個水平的平行金屬導(dǎo)軌相連接,導(dǎo)軌上放置一根導(dǎo)體棒,導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好,導(dǎo)體棒處于另一均強(qiáng)磁場中,該磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度恒定,方向垂直導(dǎo)軌平面向下,如圖甲所示磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化關(guān)系如圖乙所示內(nèi)磁場方向垂直線框平面向下若導(dǎo)體棒始終保持靜止,并設(shè)向右為靜摩擦力的正方向,則導(dǎo)體棒所受的靜摩擦力隨時間變化的圖象是( )A. B. C. D. 【答案】 D點睛:本題表面上要求靜摩擦力大小與方向,實際上是確定安培力的方向與大小,所以考查了法拉第電磁感應(yīng)定律與楞次定律38如圖所示,矩形導(dǎo)線框abcd與無限長通電直導(dǎo)線MN在同一平面內(nèi),直導(dǎo)線中的電流方向由M到N,導(dǎo)線框的ab邊與直導(dǎo)線平行。若直導(dǎo)線中的電流增大,導(dǎo)線框中將產(chǎn)生感應(yīng)電流,導(dǎo)線框會受到安培力的作用,則以下關(guān)于導(dǎo)線框受到的安培力的判斷正確的是()A. 導(dǎo)線框有兩條邊所受安培力的方向相同B. 導(dǎo)線框有兩條邊所受安培力的大小相同C. 導(dǎo)線框所受的安培力的合力向左D. 導(dǎo)線框所受的安培力的合力向右【答案】 BD【解析】試題分析:若直導(dǎo)線中的電流增大,導(dǎo)線框中將產(chǎn)生感應(yīng)電流,上下兩邊電流方向相反、而所在區(qū)域磁場方向相同,則安培力大小相等、方向相反,同樣左右兩條邊電流方向也相反,所受安培力方向相反,由于所在區(qū)域磁場大小不等,則所受安培力大小不等。則B正確C錯。若直導(dǎo)線中的電流增大,則導(dǎo)線右側(cè)磁場增強(qiáng),線圈中磁通量增大,根據(jù)楞次定律推論線圈將向右移從而阻礙線圈中磁通量增大,所以所受合力向右,則D正確C錯??键c:本題考查安培力與楞次定律。39如圖,平行金屬導(dǎo)軌寬度為d,一部分軌道水平,左端接電阻R,傾斜部分與水平面成角,且置于垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,現(xiàn)將一質(zhì)量為m長度也為d的導(dǎo)體棒從導(dǎo)軌頂端由靜止釋放,直至滑到水平部分(導(dǎo)體棒下滑到水平部分之前已經(jīng)勻速,滑動過程中與導(dǎo)軌保持良好接觸,重力加速度為g,)不計一切摩擦力,導(dǎo)體棒接入回路電阻為r,則整個下滑過程中()A. 導(dǎo)體棒勻速運(yùn)動時速度大小為B. 勻速運(yùn)動時導(dǎo)體棒兩端電壓為C. 導(dǎo)體棒下滑距離為s時,通過R的總電荷量為D. 重力和安培力對導(dǎo)體棒所做的功大于導(dǎo)體棒獲得的動能【答案】 AC考點:考查了電磁感應(yīng)切割類問題【名師點睛】本題是電磁感應(yīng)與電路、力學(xué)相結(jié)合的綜合題,應(yīng)用E=BLv、歐姆定律、安培力公式、動能定理即可正確解題40如圖所示,紫銅做的圓盤水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場中,圓盤圓心處固定一個搖柄,邊緣和圓心處各與一個黃銅電刷緊貼,用導(dǎo)線將電刷與電流表連接起來形成回路。轉(zhuǎn)動搖柄,使圓盤以角速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動,下列說法正確的是()A. 回路中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流B. 回路中會產(chǎn)生電流大小不變、方向變化的感應(yīng)電流C. 回路中電流的大小和方向都周期性變化,周期為D. 回路中電流方向不變,從b導(dǎo)線流進(jìn)電流表【答案】 D【解析】銅盤轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為:E=BL2/2,B、L、不變,E不變,電流:I=E/R=BL2/2R,電流大小恒定不變,由右手定則可知,回路中電流方向不變,從b導(dǎo)線流進(jìn)電流表,故ABC錯誤,D正確;故選:D。【名師點睛】圓盤轉(zhuǎn)動可等效看成無數(shù)軸向?qū)w切割磁感線,有效切割長度為銅盤的半徑L,根據(jù)感應(yīng)電動勢公式分析電動勢情況,由歐姆定律分析電流情況;根據(jù)右手定則分析感應(yīng)電流方向。41如圖所示,一帶負(fù)電的質(zhì)點在固定的正的點電荷作用下繞該正電荷做勻速圓周運(yùn)動,周期為T0,軌道平面位于紙面內(nèi),質(zhì)點的速度方向如圖中箭頭所示,現(xiàn)加一垂直于軌道平面的勻強(qiáng)磁場,已知軌道半徑并不因此而改變,則 ( )A. 若磁場方向指向紙里,質(zhì)點運(yùn)動的周期將大于T0B. 若磁場方向指向紙里,質(zhì)點運(yùn)動的周期將小于T0C. 若磁場方向指向紙外,質(zhì)點運(yùn)動的周期將大于T0D. 若磁場方向指向紙外,質(zhì)點運(yùn)動的周期將小于T0【答案】 AD【解析】若磁場方向指向紙里,根據(jù)左手定則可得,粒子受到的洛倫茲力方向與庫倫力方向相反,即向心力從變?yōu)?,所以向心力減小了,又因為軌道半徑?jīng)]有變化,所以根據(jù)牛頓第二定律可得,半徑不變,向心力減小,所以質(zhì)點的運(yùn)動周期變大,A正確B錯誤,若磁場方向指向紙外,根據(jù)左手定則,粒子受到的洛倫茲力方向和庫倫力方向相同,即向心力從變?yōu)?,向心力變大了,同樣軌道半徑?jīng)]有變化,根據(jù)公式可得周期變小了,故C錯誤D正確,思路分析:根據(jù)洛倫茲力的方向,判斷向心力的變化,然后再根據(jù)公式判斷,在軌道半徑不變的情況下,向心力的變化導(dǎo)致的周期的變化規(guī)律,試題點評:本題考查了粒子在復(fù)合場中的運(yùn)動,關(guān)鍵是根據(jù)題中的信息,運(yùn)用相關(guān)公式進(jìn)行解析,視頻42如圖所示,有一個等腰直角三角形的勻強(qiáng)磁場區(qū)域其直角邊長為L,磁場方向垂直紙面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.邊長為L、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd,從圖示位置開始沿x軸正方向以速度v勻速穿過磁場區(qū)域取沿abcda的感應(yīng)電流為正,則表示線框中電流i隨bc邊的位置坐標(biāo)x變化的圖象正確的是()A. B. C. D. 【答案】C故選C【點評】本題關(guān)鍵確定線框有效切割長度與x的關(guān)系,再結(jié)合數(shù)學(xué)知識選擇圖象43如圖9所示,足夠長且電阻不計的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ豎直放置,間距為L0.5 m ,一勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B0.2 T垂直穿過導(dǎo)軌平面,導(dǎo)軌的上端M與P間連接阻值為R0.40 的電阻,質(zhì)量為m0.01 kg、電阻不計的金屬棒ab垂直緊貼在導(dǎo)軌上?,F(xiàn)使金屬棒ab由靜止開始下滑,經(jīng)過一段時間金屬棒達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài),這段時間內(nèi)通過R的電荷量為0.3 C,則在這一過程中(g10 m/s2)( )A. 安培力最大值為0.05 N B. 這段時間內(nèi)下降的高度1.2 mC. 重力最大功率為0.1 W D. 電阻產(chǎn)生的焦耳熱為0.04 J【答案】 BD【解析】試題分析:安培力的最大值應(yīng)該等于重力0.1N,故A錯誤;由法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律可知,解得x=1.2m,故B正確;當(dāng)安培力等于重力時,速度最大,解得,重力最大功率,故C錯誤;由能量守恒定律,電阻產(chǎn)生的焦耳熱,故D正確??键c:導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢;閉合電路的歐姆定律;電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化44如圖所示,勻強(qiáng)磁場中有兩個導(dǎo)體圓環(huán)a、b,磁場方向與圓環(huán)所在平面垂直。磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間均勻增大。兩圓壞半徑之比為2:1,圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢分別為Ea和Eb,不考慮兩圓環(huán)間的相互影響。下列說法正確的是( )A. Ea:Eb=2:1,感應(yīng)電流均沿逆時針方向B. Ea:Eb=2:1,感應(yīng)電流均沿順時針方向C. Ea:Eb=4:1,感應(yīng)電流均沿逆時針方向D. Ea:Eb=4:1,感應(yīng)電流均沿順時針方向【答案】 D【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律,因ra:rb=2:1,則;由于磁場向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時間均勻增大,根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流均沿順時針方向,故D正確,ABC錯誤;故選D45如圖所示,有一個等腰直角三角形的勻強(qiáng)磁場區(qū)域其直角邊長為L,磁場方向垂直紙面向外,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.邊長為L、總電阻為R的正方形導(dǎo)線框abcd,從圖示位置開始沿x軸正方向以速度v勻速穿過磁場區(qū)域取沿abcda的感應(yīng)電流為正,則表示線框中電流i隨bc邊的位置坐標(biāo)x變化的圖象正確的是()A. B. C. D. 【答案】 C【解析】bc邊的位置坐標(biāo)x在L-2L過程,線框bc邊有效切線長度為l=x-L,感應(yīng)電動勢為E=Blv=B(x-L)v,感應(yīng)電流,根據(jù)楞次定律判斷出來感應(yīng)電流方向沿abcda,為正值x在2L-3L過程,根據(jù)楞次定律判斷出來感應(yīng)電流方向沿adcba,為負(fù)值,線框ad邊有效切線長度為l=x-2L,感應(yīng)電動勢為E=Blv=B(x-2L)v,感應(yīng)電流,根據(jù)數(shù)學(xué)知識知道C正確故選C.46如圖所示的電路中,電感L的自感系數(shù)很大,電阻可忽略,D為理想二極管,則下列說法正確的有()A. 當(dāng)S閉合時,L1立即變亮,L2逐漸變亮B. 當(dāng)S閉合時,L1一直不亮,L2逐漸變亮C. 當(dāng)S斷開時,L2立即熄滅D. 當(dāng)S斷開時,L1突然變亮,然后逐漸變暗至熄滅【答案】 BD【解析】試題分析:當(dāng)S閉合時,因二極管加上了反向電壓,故二極管截止,L1一直不亮;通過線圈的電流增加,感應(yīng)電動勢阻礙電流增加,故使得L2逐漸變亮,選項B正確,A錯誤;當(dāng)S斷開時,由于線圈自感電動勢阻礙電流的減小,故通過L1的電流要在L2-L1-D-L之中形成新的回路,故L1突然變亮,然后逐漸變暗至熄滅,選項C錯誤,D正確;故選BD考點:自感現(xiàn)象【名師點睛】此題是對自感現(xiàn)象的考查;要知道自感線圈的作用是當(dāng)電流增加時,產(chǎn)生的自感電動勢阻礙電流的增加;電流減弱時,感應(yīng)電動勢阻礙電流的減弱,若有回路要重新形成電流;二極管只能導(dǎo)通正向電流47如圖,一均勻金屬圓盤繞通過其圓心且與盤面垂直的軸逆時針勻速轉(zhuǎn)動現(xiàn)施加一垂直穿過圓盤的有界勻強(qiáng)磁場,圓盤開始減速在圓盤減速過程中,以下說法正確的是()A. 處于磁場中的圓盤部分,靠近圓心處電勢高B. 所加磁場越強(qiáng)越易使圓盤停止轉(zhuǎn)動C. 若所加磁場反向,圓盤將加速轉(zhuǎn)動D. 若所加磁場穿過整個圓盤,圓盤將勻速轉(zhuǎn)動【答案】 ABD【解析】試題分析:將金屬圓盤看成由無數(shù)金屬幅條組成,根據(jù)右手定則判斷感應(yīng)電流的方向,從而判斷電勢的高低,形成感應(yīng)電流,再根據(jù)左手定則,即可求解解:A、將金屬圓盤看成由無數(shù)金屬幅條組成,根據(jù)右手定則判斷可知:圓盤上的感應(yīng)電流由邊緣流向圓心,所以靠近圓心處電勢高,所以A正確;B、根據(jù)右手定則可知,產(chǎn)生的電動勢為BLv,所以所加磁場越強(qiáng),產(chǎn)生的電動勢越大,電流越大,受到的安培力越大,越易使圓盤停止轉(zhuǎn)動,所以B正確;C、若所加磁場反向,只是產(chǎn)生的電流反向,根據(jù)楞次定律可知,安培力還是阻礙圓盤的轉(zhuǎn)動,所以圓盤還是減速轉(zhuǎn)動,所以C錯誤;D、若所加磁場穿過整個圓盤時,圓盤在切割磁感線,產(chǎn)生感應(yīng)電動勢,相當(dāng)于電路斷開,則不會產(chǎn)生“感應(yīng)電流,沒有安培力的作用,圓盤將勻速轉(zhuǎn)動,所以D正確;故選:ABD【點評】本題關(guān)鍵要掌握右手定則、安培定則,并能正確用來分析電磁感應(yīng)現(xiàn)象,對于這兩個定則運(yùn)用時,要解決兩個問題:一是什么條件下用;二是怎樣用48如圖所示,紙面內(nèi)有一矩形導(dǎo)體閉合線框abcd,ab邊長大于bc邊長,置于垂直紙面向里、邊界為MN的勻強(qiáng)磁場外,線框兩次勻速地完全進(jìn)入磁場,兩次速度大小相同,方向均垂直于MN.第一次ab邊平行MN進(jìn)入磁場,線框上產(chǎn)生的熱量為Q1,通過線框?qū)w橫截面的電荷量為q1;第二次bc邊平行MN進(jìn)入磁場,線框上產(chǎn)生的熱量為Q2,通過線框?qū)w橫截面的電荷量為q2則()A. Q1Q2,q1q2 B. Q1Q2,q1q2 C. Q1Q2,q1q2 D. Q1Q2,q1q2【答案】 A于電磁感應(yīng)能量問題一般有三種方法求解:利用電路中產(chǎn)生的熱量等于克服安培力做得功;利用動能定理;利用能量守恒;具體哪種方法,要看題目中的已知條件.49如圖甲所示,電阻不計且間距L1m的光滑平行金屬導(dǎo)軌豎直放置,上端接一阻值R2的電阻,虛線OO下方有垂直于導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場現(xiàn)將質(zhì)量m0.1kg、電阻不計的金屬桿ab從OO上方某處由靜止釋放,金屬桿ab在下落的過程中與導(dǎo)軌保持良好接觸且始終水平,已知金屬桿ab進(jìn)入磁場時的速度v01m/s,下落0.3m的過程中加速度a與下落距離h的關(guān)系圖像如圖乙所示,g取10m/s2,則()A. 勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2TB. 金屬桿ab下落0.3m時的速度為1m/sC. 金屬桿ab下落0.3m的過程中R上產(chǎn)生的熱量為0.2JD. 金屬桿ab下落0.3m的過程中通過R的電荷量為0.25C【答案】 D【解析】A、進(jìn)入磁場后,根據(jù)右手定則判斷可知金屬桿ab中電流的方向由a到b由乙圖知,剛進(jìn)入磁場時,金屬桿的加速度大小:,方向豎直向上,由牛頓第二定律得:,設(shè)桿剛進(jìn)入磁場時的速度為v0,則有 :,且代入數(shù)據(jù),解得:,A正確;B、通過ah圖象知:,表明金屬桿受到的重力與安培力平衡有: ,聯(lián)立得:,B正確; C、從開始到下落的過程中,由能的轉(zhuǎn)化和守恒定律有: 代入數(shù)值有:,C錯誤;D、金屬桿自由下落的高度 :,ab下落0.3m的過程中,通過R的電荷量:,D正確;故選ABD。50兩根足夠長的平行光滑導(dǎo)軌豎直固定放置,頂端接一電阻R,導(dǎo)軌所在的平面與勻強(qiáng)磁場垂直;將一金屬棒與下端固定的輕彈簧的上端栓接,金屬棒和導(dǎo)軌接觸良好,重力加速度為g,如圖所示現(xiàn)將金屬棒從彈簧原長位置由靜止釋放,則()A. 金屬棒在最低點的加速度小于gB. 回路中產(chǎn)生的總熱量等于金屬棒重力勢能的減少量C. 當(dāng)彈簧彈力等于金屬棒的重力時,金屬棒下落速度最大D. 金屬棒在以后運(yùn)動過程中的最大高度一定低于靜止釋放時的高度【答案】 AD考點:能量守恒定律;楞次定律【名師點睛】本題運(yùn)用力學(xué)的方法分析金屬棒的運(yùn)動情況和受力情況及功能關(guān)系,金屬棒的運(yùn)動情況:先向下做加速運(yùn)動,后向下做減速運(yùn)動,當(dāng)重力、安培力與彈簧的彈力平衡時,速度最大此題的難點是運(yùn)用簡諧運(yùn)動的對稱性分析金屬棒到達(dá)最低點時的加速度與g的關(guān)系。二、多項選擇題1如圖,正方形閉合導(dǎo)線框在邊界水平的勻強(qiáng)磁場區(qū)域的上方,由不同高度靜止釋放,用、分別表示線框ab邊和cd邊剛進(jìn)入磁場的時刻,用、分別表示線框ab邊和cd邊剛出磁場的時刻。線框下落過程中形狀不變,ab邊始終保持與磁場水平邊界平行,線框平面與磁場方向垂直。設(shè)磁場區(qū)域的寬度大于線框的邊長,不計空氣阻力的影響,則下列反映線框下落過程中速度v隨時間t變化規(guī)律的圖象有可能的是 () A. B. C. D. 【答案】 BCD【解析】A、在0時間內(nèi),線框做自由落體運(yùn)動,時刻以后,線框全- 1.請仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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- 2019-2020年高考物理試題分項版匯編系列 專題12 電磁感應(yīng)含解析 2019 2020 年高 物理試題 分項版 匯編 系列 專題 12 電磁感應(yīng) 解析
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