2019-2020年高三上學(xué)期第三次模擬考試物理試卷 含解析zhangsan.doc
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2019-2020年高三上學(xué)期第三次模擬考試物理試卷 含解析zhangsan一、單項(xiàng)選擇題(每題只有一個(gè)選項(xiàng)正確;每題4分,共16分)13下列說(shuō)法正確的有( )A足夠小的電荷就是點(diǎn)電荷B若放在電場(chǎng)中某點(diǎn)的試探電荷量減半,則該點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)減半C由于電場(chǎng)是看不見(jiàn)的,所以電場(chǎng)是虛構(gòu)的D電場(chǎng)中某兩點(diǎn)的電勢(shì)差與試探電荷無(wú)關(guān)【答案】DA、電荷的形狀、體積和電荷量對(duì)分析的問(wèn)題的影響可以忽略時(shí),就可以看成是點(diǎn)電荷,并不是足夠小的電荷就是點(diǎn)電荷,故A錯(cuò)誤;B、電場(chǎng)強(qiáng)度是反映電場(chǎng)本身性質(zhì)的物理量,與試探電荷無(wú)關(guān),電場(chǎng)中同一點(diǎn),不管放什么電荷,放不放電荷,該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小和方向都是一定的,故B錯(cuò)誤;C、電場(chǎng)是客觀(guān)存在的,電場(chǎng)線(xiàn)是為了描述電場(chǎng)虛擬的,故C錯(cuò)誤;D、電場(chǎng)中某兩點(diǎn)的電勢(shì)差由電場(chǎng)和兩點(diǎn)的位置決定的,與試探電荷無(wú)關(guān),故D正確。故選D?!究键c(diǎn)】元電荷、點(diǎn)電荷;電場(chǎng)強(qiáng)度;電勢(shì)差14如圖所示,一個(gè)重為20N的物體,放在傾角為=30的斜面上靜止不動(dòng)。若用豎直向上的力F=5N提物體,物體仍靜止,下述結(jié)論正確的是( )A物體受到合外力減小5N B物體受到摩擦力減小5NC斜面受到的壓力減小5N D物體對(duì)斜面的作用力減小5N【答案】DA、物體在有無(wú)拉力時(shí),都處于靜止?fàn)顟B(tài),合力都為零,故A錯(cuò)誤;BC、無(wú)拉力時(shí)對(duì)物體受力分析,受重力、支持力和靜摩擦力,如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有f=mgsin、N=mgcos有拉力F作用后,再次對(duì)物體受力分析,受到拉力、重力、支持力和靜摩擦力,如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有f1=(mg-F)sin、N1=(mg-F)cos,故f-f1=Fsin30=2.5N、;物體對(duì)斜面體的摩擦等于斜面體對(duì)物體的摩擦,減小2.5N,物體對(duì)斜面體的壓力等于斜面體對(duì)物體的支持力,減小了,故BC錯(cuò)誤;D、物體對(duì)斜面的作用力為壓力和摩擦力的合力,壓力和摩擦力的合力方向豎直向下,知作用力減小5N,故D正確。故選D?!究键c(diǎn)】共點(diǎn)力平衡;力的合成與分解15某帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn),電場(chǎng)線(xiàn)、帶電粒子在A(yíng)點(diǎn)的初速度及運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,可以判斷( )A粒子在A(yíng)點(diǎn)的加速度大于它在B點(diǎn)的加速度B粒子在A(yíng)點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能C粒子在A(yíng)點(diǎn)的電勢(shì)能小于它在B點(diǎn)的電勢(shì)能D粒子在A(yíng)點(diǎn)的電勢(shì)低于B點(diǎn)的電勢(shì)【答案】BA、由電場(chǎng)線(xiàn)可知,B點(diǎn)的電場(chǎng)線(xiàn)密,所以B點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大,粒子受的電場(chǎng)力大,加速度也就大,即A點(diǎn)的加速度小于它在B點(diǎn)的加速度,故A錯(cuò)誤;BC、粒子受到的電場(chǎng)力指向曲線(xiàn)彎曲的內(nèi)側(cè),所以受到的電場(chǎng)力的方向是沿電場(chǎng)線(xiàn)向上的,所以粒子從A到B的過(guò)程中,電場(chǎng)力做正功,電荷的電勢(shì)能減小,動(dòng)能增加,所以粒子在A(yíng)點(diǎn)的動(dòng)能小于它在B點(diǎn)的動(dòng)能,故B正確C錯(cuò)誤;D、沿電場(chǎng)線(xiàn)的方向,電勢(shì)降低,所以A點(diǎn)的電勢(shì)大于B點(diǎn)的電勢(shì),故D錯(cuò)誤。故選B?!究键c(diǎn)】電場(chǎng)線(xiàn);電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系16如圖,在光滑絕緣水平面上有兩個(gè)帶電量分別為q、2q的小球,由靜止開(kāi)始釋放兩球,則兩球相互靠近的過(guò)程中,對(duì)兩球組成的系統(tǒng)( )A合外力逐漸增大 B總動(dòng)量逐漸增大 C機(jī)械能逐漸增大 D電勢(shì)能逐漸增大【答案】CA、兩球組成的系統(tǒng)受到重力和水平桌面的支持力共兩個(gè)外力,系統(tǒng)豎直方向上沒(méi)有位移,兩個(gè)力的合力為零,故A錯(cuò)誤;B、系統(tǒng)所受合外力為零,總動(dòng)量守恒,原來(lái)總動(dòng)量為零,釋放兩球后總動(dòng)量保持為零,故B錯(cuò)誤;CD、由靜止開(kāi)始釋放兩球后,小球間由于存在庫(kù)侖引力,兩球間距離減小,電場(chǎng)力做正功,電勢(shì)能減小,機(jī)械能增加,故C正確D錯(cuò)誤。故選C。【考點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律二、雙項(xiàng)選擇題(本題包括5小題,每小題6分,共30分)17如圖,“神舟八號(hào)”與“天宮一號(hào)”在離地面三百多公里的同一軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)( )A運(yùn)行周期相同 B都處于平衡狀態(tài)C向心力相同 D環(huán)繞速度都小于第一宇宙速度【答案】ADA、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí),由地球的萬(wàn)有引力提供向心力,有,得:,則知軌道半徑相等,周期必定相同,故A正確;B、“神舟八號(hào)”與“天宮一號(hào)”都繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),速度時(shí)刻在變化,合力不為零,所以都處于非平衡狀態(tài),故B錯(cuò)誤;C、向心力等于萬(wàn)有引力,由公式,可知:由于“神舟八號(hào)”與“天宮一號(hào)”的質(zhì)量關(guān)系未知,不能比較向心力的大小,故C錯(cuò)誤;D、根據(jù),解得:;軌道半徑越小,線(xiàn)速度越大,第一宇宙速度對(duì)應(yīng)衛(wèi)星軌道半徑等于地球的半徑,則知神舟八號(hào)和天宮一號(hào)的飛行速度小于第一宇宙速度,故D正確。故選AD?!究键c(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系18如圖,x軸在水平地面內(nèi),y軸沿豎直方向。圖中畫(huà)出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個(gè)小球a、b和c的運(yùn)動(dòng)軌跡,其中b和c是從同一點(diǎn)拋出的,不計(jì)空氣阻力,則( )Aa的飛行時(shí)間比b的長(zhǎng) Bb和c的飛行時(shí)間相同Ca的水平速度比b的小 Db的初速度比c的大 【答案】BDAB、由圖象可以看出,bc兩個(gè)小球的拋出高度相同,a的拋出高度最小,根據(jù)可知,a的運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短,bc運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等,故A錯(cuò)誤B正確;CD、由圖象可以看出,abc三個(gè)小球的水平位移關(guān)系為a最大,c最小,根據(jù)可知,所以a的初速度最大,c的初速度最小,故C錯(cuò)誤D正確。故選BD?!究键c(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)19小鐵塊置于長(zhǎng)木板右端,木板放在光滑的水平地面上,t=0時(shí)使二者獲得等大反向的初速度開(kāi)始運(yùn)動(dòng),經(jīng)過(guò)時(shí)間t1鐵塊在木板上停止滑動(dòng),二者相對(duì)靜止,此時(shí)與開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的位置相比較,下圖中能夠反映可能發(fā)生的是( )【答案】AC開(kāi)始時(shí)兩者具有等大反向的速度,根據(jù)動(dòng)量守恒,當(dāng)兩物體相對(duì)靜止時(shí)的共同速度與動(dòng)量大的物體運(yùn)動(dòng)方向一致即與質(zhì)量大的方向一致,所以質(zhì)量小的物體運(yùn)動(dòng)方向要反向,且最終共同速度將小于開(kāi)始時(shí)的物體運(yùn)動(dòng)速度,故動(dòng)量小的物體運(yùn)動(dòng)位移仍與原運(yùn)動(dòng)方向一致;A、若鐵塊質(zhì)量大于長(zhǎng)木板時(shí),兩者共同速度將沿鐵塊運(yùn)動(dòng)方向,長(zhǎng)木板的位移方向與原運(yùn)動(dòng)方向一致,故A正確;B、當(dāng)長(zhǎng)木板的質(zhì)量大于鐵塊質(zhì)量時(shí),可以滿(mǎn)足共同速度方向與長(zhǎng)木板的方向一致,但長(zhǎng)木板的位移與運(yùn)動(dòng)方向相反,故B錯(cuò)誤;C、當(dāng)長(zhǎng)木板的質(zhì)量大于鐵塊質(zhì)量時(shí),可以滿(mǎn)足共同速度方向與長(zhǎng)木板的方向一致,鐵塊位移方向與原運(yùn)動(dòng)方向相同,故C正確;D、當(dāng)鐵塊質(zhì)量大于長(zhǎng)木板的質(zhì)量時(shí),可以滿(mǎn)足共同速度方向與鐵塊的方向一致,但長(zhǎng)木板的位移方向與開(kāi)始時(shí)運(yùn)動(dòng)方向相反,故D錯(cuò)誤。故選AC?!究键c(diǎn)】動(dòng)量守恒定律;勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系;牛頓第二定律20如圖所示,絕緣細(xì)線(xiàn)下掛著一帶電小球,它的質(zhì)量為m,整個(gè)裝置處于水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。小球平衡時(shí),細(xì)線(xiàn)與豎直方向的夾角為,重力加速度為g,則( )A小球一定是帶正電B小球所受的電場(chǎng)力等于mgC若剪斷懸線(xiàn),則小球做曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)D若剪斷懸線(xiàn),則小球做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)【答案】ADA、由電場(chǎng)線(xiàn)與電場(chǎng)力可知,小球帶正電,故A正確;B、小球平衡,細(xì)線(xiàn)與豎直方向的夾角為,若=45則電場(chǎng)力等于重力,所以小球受到電場(chǎng)力可能等于重力,故B錯(cuò)誤;CD、若剪斷懸線(xiàn),則小球?qū)⒀刂?xì)線(xiàn)的反方向做勻加速直線(xiàn),故C錯(cuò)誤D正確。故選AD?!究键c(diǎn)】電場(chǎng)強(qiáng)度;牛頓第二定律21瀑雨前,有一云層(相當(dāng)于帶電體)正慢慢靠近地面,某野外地面附近有一質(zhì)量較小的帶電體被吸上天空,以下說(shuō)法正確的是( )A帶電體在上升中電勢(shì)能越來(lái)越大B帶電體在上升中跟云層間的電勢(shì)差越來(lái)越大C帶電體在上升中所處環(huán)境的電場(chǎng)強(qiáng)度是越來(lái)越大D帶電體的加速度越來(lái)越大【答案】CDA、帶電體在上升的過(guò)程中,電場(chǎng)力做正功,電場(chǎng)力減小,故A錯(cuò)誤;B、帶電體上升的過(guò)程中,與場(chǎng)源間的距離減小,則與云層間的電勢(shì)差越來(lái)越小,故B錯(cuò)誤;C、因?yàn)樵娇拷鼒?chǎng)源,場(chǎng)強(qiáng)越大,所以帶電體在上升中所處環(huán)境的電場(chǎng)強(qiáng)度是越來(lái)越大,故C正確;D、根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度越來(lái)越大,則電場(chǎng)力越來(lái)越大,合力越來(lái)越大,根據(jù)牛頓第二定律知,加速度越來(lái)越大,故D正確。故選CD。【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系;電勢(shì)能;牛頓第二定律三、實(shí)驗(yàn)題(本題共2小題,共12分)34A如圖341為驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖(1)實(shí)驗(yàn)時(shí),需要測(cè)量物體由靜止開(kāi)始自由下落到某點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度v和下落高度h。某班同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)得到的紙帶,設(shè)計(jì)了以下四種測(cè)量方案A用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h,并測(cè)出下落時(shí)間t,通過(guò)vgt計(jì)算出瞬時(shí)速度B用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h,并通過(guò)v計(jì)算出瞬時(shí)速度C根據(jù)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度,等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度,測(cè)算出瞬時(shí)速度v,并通過(guò)h計(jì)算出高度h。D用刻度尺測(cè)出物體下落的高度h,根據(jù)做勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度,等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度,測(cè)算出瞬時(shí)速度v。以上方案中只有一種正確,正確的是_(填入相應(yīng)的字母)(2)某同學(xué)按照正確操作選的紙帶如圖342所示,其中O是起始點(diǎn),A、B、C、D、E是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下的5個(gè)點(diǎn),打點(diǎn)頻率為50 Hz,該同學(xué)用毫米刻度尺測(cè)量O到A、B、C、D、E各點(diǎn)的距離,并記錄在圖中(單位:cm),重物的質(zhì)量為m0.1 kg,重力加速度g9.80 m/s2。根據(jù)以上數(shù)據(jù)當(dāng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打到D點(diǎn)時(shí),重物重力勢(shì)能的減少量為_(kāi)J,動(dòng)能的增加量為_(kāi)J。(要求計(jì)算數(shù)值保留三位有效數(shù)字)(3)實(shí)驗(yàn)中誤差產(chǎn)生的原因_(寫(xiě)出兩個(gè)原因)(4)通過(guò)作圖象的方法可以剔除偶然誤差較大的數(shù)據(jù),提高實(shí)驗(yàn)的準(zhǔn)確程度從紙帶上選取多個(gè)點(diǎn),測(cè)量從第一點(diǎn)到其余各點(diǎn)的下落高度h,并計(jì)算各點(diǎn)速度的平方v2,然后以_為縱軸,以_為橫軸,根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出圖線(xiàn)若在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi),圖線(xiàn)是一條過(guò)原點(diǎn)且斜率為g的直線(xiàn),則驗(yàn)證了機(jī)械能守恒定律(5)該裝置也可用于精度要求不是很高的重力加速度g的測(cè)量,依據(jù)第(2)問(wèn)中選取的紙帶可計(jì)得重力加速度g_m/s2?!敬鸢浮浚?)D (2)0.190 0.186 (3)下落過(guò)程中存在阻力;長(zhǎng)度的測(cè)量時(shí)存在誤差(4) h (5)9.69(1)該實(shí)驗(yàn)是驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn),因?yàn)槲覀冎雷杂陕潴w運(yùn)動(dòng)只受重力,機(jī)械能就守恒,如果把重物看成自由落體運(yùn)動(dòng),再運(yùn)用自由落體的規(guī)律求解速度,那么就不需要驗(yàn)證;其中ABC三項(xiàng)都是運(yùn)用了自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律求解的,故ABC錯(cuò)誤;故選D;(2)所以力勢(shì)能的減少量;動(dòng)能的增加量為;(3)下落過(guò)程中存在阻力作用;長(zhǎng)度的測(cè)量時(shí)存在誤差;(4)重力勢(shì)能減少量是mgh,增加的動(dòng)能是,v可由紙帶上求出,由,可知,所以圖線(xiàn)的斜率為g;(5)根據(jù)得:?!究键c(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律34B(8分)某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”,彈簧測(cè)力計(jì)A掛于固定點(diǎn)P,下端用細(xì)線(xiàn)掛一重物M,彈簧測(cè)力計(jì)B的一端用細(xì)線(xiàn)系于O點(diǎn),手持另一端向左拉,使結(jié)點(diǎn)O靜止在某位置分別讀出彈簧測(cè)力計(jì)A和B的示數(shù),并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點(diǎn)的位置和拉線(xiàn)的方向。(1)本實(shí)驗(yàn)用的彈簧測(cè)力計(jì)示數(shù)的單位為N,圖中A的示數(shù)為_(kāi)N;(2)下列不必要的實(shí)驗(yàn)要求是_(請(qǐng)?zhí)顚?xiě)選項(xiàng)前對(duì)應(yīng)的字母)A應(yīng)測(cè)量重物M所受的重力B彈簧測(cè)力計(jì)應(yīng)在使用前校零C拉線(xiàn)方向應(yīng)與木板平面平行D改變拉力,進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn),每次都要使O點(diǎn)靜止在同一位置(3)某次實(shí)驗(yàn)中,該同學(xué)發(fā)現(xiàn)彈簧測(cè)力計(jì)A的指針稍稍超出量程,請(qǐng)您提出兩個(gè)解決辦法_、 _ ?!敬鸢浮浚?)3.6 (2)D (3)減小彈簧測(cè)力計(jì)B的拉力;減小重物M的質(zhì)量(或?qū)更換成較大量程的彈簧測(cè)力計(jì)、改變彈簧測(cè)力計(jì)B拉力的方向等)(1)彈簧測(cè)力計(jì)讀數(shù),每1N被分成5格,則1格就等于0.2N圖指針落在3N到4N的第3格處,所以3.60N;(2)A、實(shí)驗(yàn)通過(guò)作出三個(gè)力的圖示,來(lái)驗(yàn)證“力的平行四邊形定則”,因此重物的重力必須要知道,故A正確;B、彈簧測(cè)力計(jì)是測(cè)出力的大小,所以要準(zhǔn)確必須在測(cè)之前校零,故B正確;C、拉線(xiàn)方向必須與木板平面平行,這樣才確保力的大小準(zhǔn)確性,故C正確;D、當(dāng)結(jié)點(diǎn)O位置確定時(shí),彈簧測(cè)力計(jì)A的示數(shù)也確定,由于重物的重力已確定,兩力大小與方向均一定,因此彈簧測(cè)力計(jì)B的大小與方向也一定,所以不需要改變拉力多次實(shí)驗(yàn),故D錯(cuò)誤;故選D;(3)當(dāng)彈簧測(cè)力計(jì)A超出其量程,則說(shuō)明彈簧測(cè)力計(jì)B與重物這兩根細(xì)線(xiàn)的力的合力已偏大,又由于掛重物的細(xì)線(xiàn)力的方向已確定,所以要么減小重物的重量,要么改變測(cè)力計(jì)B拉細(xì)線(xiàn)的方向,從而使測(cè)力計(jì)A不超出量程?!究键c(diǎn)】驗(yàn)證力的平行四邊形定則35(18分)如圖所示,質(zhì)量為m的小球A穿在絕緣桿上,細(xì)桿的傾角為,小球A帶正電,電荷量為q。在桿上B點(diǎn)處固定一個(gè)電荷量為Q的正電荷。將A由距B豎直高度為H處無(wú)初速釋放,小球A下滑過(guò)程中電荷量不變,不計(jì)A與細(xì)桿間的摩擦,整個(gè)裝置處于真空中,已知靜電力常量k和重力加速度g,求:(1)A球剛釋放時(shí)的加速度是多大?(2)當(dāng)A球的動(dòng)能最大時(shí),A球與B點(diǎn)的距離?(3)若小球到達(dá)C點(diǎn)速度最大為v,求A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAC?(4)若小球到達(dá)D點(diǎn)的速度為0時(shí),A、D兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U0,則小球沿桿滑行的位移大???【答案】(1) (2)(3) (4)(1)A球剛釋放時(shí),根據(jù)牛頓第二定律得:得:(2)到達(dá)平衡位置時(shí),速度最大,根據(jù)平衡條件,有:得:(3)從A到C過(guò)程,只有重力和電場(chǎng)力做功,根據(jù)動(dòng)能定理,有:將x代入,解得:(4)從A到D過(guò)程,只有重力和電場(chǎng)力做功,設(shè)小球沿桿滑行的位移大小為x1,根據(jù)動(dòng)能定理,有:得【考點(diǎn)】動(dòng)能定理;牛頓第二定律;共點(diǎn)力平衡36(18分)如圖所示,質(zhì)量為m1=lkg的小物塊由靜止輕輕放在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上,從A點(diǎn)隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到水平部分的最右端B點(diǎn),經(jīng)半圓軌道C點(diǎn)沿圓弧切線(xiàn)進(jìn)入豎直光滑的半圓軌道,恰能做圓周運(yùn)動(dòng)。C點(diǎn)在B點(diǎn)的正上方,D點(diǎn)為軌道的最低點(diǎn)。小物塊m1到達(dá)D點(diǎn)后與靜止在D點(diǎn)的質(zhì)量為m2=0.5kg小物塊發(fā)生碰撞,碰撞后,兩者均做平拋運(yùn)動(dòng),m2恰好垂直于傾斜擋板打在擋板跟水平面相交的E點(diǎn),m1落在F點(diǎn),已知半圓軌道的半徑R=0.5m,D點(diǎn)距水平面的高度h =0.45m,傾斜擋板與水平面之間的夾角=53,不考慮空氣阻力,試求:(1)摩擦力對(duì)小物塊m1做的功;(2)水平面上EG間的距離;(3)小物塊m1碰撞m2后經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力的大小。(題目中可能要用到的數(shù)據(jù):g=10 m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8)【答案】 (1)設(shè)小物體m1經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為v1,因?yàn)榻?jīng)過(guò)C點(diǎn)恰能做圓周運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得: 解得: 小物體m1由A到B過(guò)程中,設(shè)摩擦力對(duì)小物體做的功為Wf,由動(dòng)能定理得: 解得:(2)小物體m2離開(kāi)D點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t打在E點(diǎn),由 得:t=0.3s設(shè)小物體m2打在E點(diǎn)時(shí)速度的水平、豎直分量分別為、,由幾何關(guān)系可得,速度跟豎直方向的夾角為,則:、解得:、(3)設(shè)小物體m1經(jīng)過(guò)D時(shí)的速度大小為v2,對(duì)C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程,由機(jī)械能守恒定律得: 小物體m1經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí),與m2發(fā)生碰撞,由動(dòng)量守恒定律可得設(shè)軌道對(duì)m1的支持力大小為FN,由牛頓第二定律得:代入數(shù)據(jù),聯(lián)立解得:FN=28N,由牛頓第三定律可知,小物體m1對(duì)軌道的壓力大小為: 【考點(diǎn)】牛頓第二定律;動(dòng)能定理;動(dòng)量守恒定律第三次模擬考試物理科試卷參考答案題號(hào)131415161718192021答案DDBCADBDACADCD34A(1)D (2)0.1900.186(0.187也可)(3)下落過(guò)程中存在阻力;長(zhǎng)度的測(cè)量(4)h (5)9.69(9.509.75之間均可)注:此問(wèn)有效數(shù)字不作要求34B(1)3.6 (2)D (3)減小彈簧測(cè)力計(jì)B的拉力;減小重物M的質(zhì)量(或?qū)更換成較大量程的彈簧測(cè)力計(jì)、改變彈簧測(cè)力計(jì)B拉力的方向等)35(18分)解:(1)A球剛釋放時(shí),受到重力、沿細(xì)桿向上的庫(kù)侖力和細(xì)桿的支持力,根據(jù)牛頓第二定律得: 得: (5分)(2)到達(dá)平衡位置時(shí),速度最大,根據(jù)平衡條件,有:得: (4分)(3)從A到C過(guò)程,只有重力和電場(chǎng)力做功,根據(jù)動(dòng)能定理,有:mgsinx+qUAC=將x代入,解得: (5分)(4)從A到D過(guò)程,只有重力和電場(chǎng)力做功,設(shè)小球沿桿滑行的位移大小為x1,根據(jù)動(dòng)能定理,有:mgsinx1qU0=0 (4分)36(18分)解:(1)設(shè)小物體m1經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度大小為v1,因?yàn)榻?jīng)過(guò)C點(diǎn)恰能做圓周運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律得: (1分) 解得:v1=m/s (1分)小物體m1由A到B過(guò)程中,設(shè)摩擦力對(duì)小物體做的功為Wf,由動(dòng)能定理得: (1分) 解得:Wf=2.5J (1分)(2)小物體m2離開(kāi)D點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t打在E點(diǎn),由 (1分) 得:t=0.3s (1分)設(shè)小物體m2打在E點(diǎn)時(shí)速度的水平、豎直分量分別為、,由幾何關(guān)系可得,速度跟豎直方向的夾角為,則:、 (2分)解得: (2分)(3)設(shè)小物體m1經(jīng)過(guò)D時(shí)的速度大小為v2,對(duì)C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程,由機(jī)械能守恒定律得: (2分)小物體m1經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí),與m2發(fā)生碰撞,由動(dòng)量守恒定律可得, (2分)設(shè)軌道對(duì)m1的支持力大小為FN,由牛頓第二定律得: (2分)代入數(shù)據(jù),聯(lián)立解得:FN=28N,(1分)由牛頓第三定律可知,小物體m1對(duì)軌道的壓力大小為: (1分)- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
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