2019-2020年高二上學期期中物理理試題 含解析zhangsan.doc

《2019-2020年高二上學期期中物理理試題 含解析zhangsan.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019-2020年高二上學期期中物理理試題 含解析zhangsan.doc（11頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

2019-2020年高二上學期期中物理理試題 含解析zhangsan一單項選擇題（本大題共小題，每小題分，共24分。在每小題列出的四個選項中，只有一項符合題目要求）。1從同一高度落下的玻璃杯掉在水泥地上比掉在泥土地上易碎，是因為掉在水泥地上時，杯子A受到的沖量大 B受到的作用力 C動量的變化量大 D動量大【答案】BACD、杯子從同一高度滑下，故到達地面時的速度一定相等，故著地時動量相等；與地面接觸后速度減小為零，故動量的變化相同，由動量定理可知I=P可知，沖量也相等，故ACD錯誤；B、但由于在泥地上，由于泥地的緩沖使接觸時間變化，由I=Ft可知，杯子受到的作用力較小，故杯子在水泥地上比在泥土地上更易破碎，故B正確。故選B。【考點】動量定理2在相等的時間內動量的變化不相等的運動是A勻速圓周運動 B自由落體運動 C平拋物體運動 D勻減速直線運動【答案】AA、動量變化量是矢量，勻速圓周運動動量變化量方向時刻在變化，在相等時間內動量變化量不相同，故A錯誤；B、根據(jù)動量定理P=Ft，F(xiàn)是合力，自由落體運動物體的合力是重力，恒力，相等時間內其沖量不變，動量變化量相同，故B正確；C、根據(jù)動量定理P=Ft，F(xiàn)是合力，平拋運動物體的合力是重力，恒力，相等時間內其沖量不變，動量變化量相同，故C正確；D、根據(jù)動量定理P=Ft，F(xiàn)是合力，勻減速直線運動物體的合力是恒力，相等時間內其沖量不變，動量變化量相同，故D正確。故選A?！究键c】動量定理3在真空中有A、B兩個點電荷，它們相距為r，它們間的靜電引力為F。若A的電量變?yōu)樵瓉淼?倍，B的電量變?yōu)樵瓉淼?/3，距離變?yōu)?r。則它們之間的靜電引力變?yōu)锳、3F/8 B、F/6 C、8F/3 D、2F/3【答案】B由庫侖定律可得：；變化后。故選B?！究键c】庫侖定律4用絲綢摩擦過的玻璃棒接觸已帶電的驗電器，發(fā)現(xiàn)驗電器的金屬箔片合攏后又重新張開，表明A驗電器原來帶正電，且電量大于玻璃棒所帶的電量B驗電器原來帶正電，且電量小于玻璃棒所帶的電量C驗電器原來帶負電，且電量大于玻璃棒所帶的電量D驗電器原來帶負電，且電量小于玻璃棒所帶的電量【答案】D絲綢摩擦過的玻璃棒帶正電，接觸后發(fā)現(xiàn)驗電器的金屬箔片合攏，說明驗電器原來帶的電荷被中和，即驗電器原來帶負電，且電量小于等于玻璃棒的帶電量；后來又重新張開，說明驗電器電量小于玻璃棒的帶電量。故選D?！究键c】驗電器的原理及使用5點電荷A的電量為Q，在其電場中的P點放置另一電量為q的試探電荷B，下面關于P點電場強度的判斷不正確的是A若將A的電量加倍，則P點的場強加倍B若將B的電量加倍，則P點的場強不變C若改變A的電性，則P點的場強反向D若改變B的電性，則P點的場強反向【答案】D根據(jù)電場強度定義得r處的場強大小為，根據(jù)點電荷的場強公式得，Q為場源電荷的電量，A、若將A的電量加倍，則P點的場強加倍，故A正確；B、若將B的電量加倍，則P點的場強仍不變，故B正確；C、若改變A的電性，則P點的場強反向，故C正確；D、若改變B的電性，則P點的場強方向不變，但電荷B受到的電場力相反，故D錯誤。故選D。【考點】電場強度6關于電場線的說法，正確的是A電場線的方向，就是電荷受力的方向B正電荷只在電場力作用下一定沿電場線運動C電場線越密的地方，同一電荷所受電場力越大D靜電場的電場線可能是閉合的【答案】CA、電場線的方向，是正電荷所受電場力的方向，與負電荷所受電場力相反，故A錯誤；B、正電荷如果沿電場線運動必須滿足的條件：電場線是直線；合外力沿電場線方向；所以正電荷只在電場力的作用下不一定沿電場線運動，故B錯誤；C、電場線越密，場強越大，則電荷所受的電場力越大，故C正確；D、電場線從正電荷出發(fā)到負電荷或無窮遠終止，是不閉合的，故D錯誤。故選C。【考點】電場線7一顆手榴彈以0=10ms的速度在空中水平飛出，設它炸裂成兩塊后，質量為0.4kg的大塊速度為250ms，其方向與原來方向相反，若取0方向為正，則質量為0.2kg的小塊速度為A.-470msB.530msC.470msD.800ms【答案】B以向右為正方向，由動量守恒定律得，Mv0=m1v1+（M-m1）v2，解得v2=530m/s。故選B?！究键c】動量守恒定律8如圖所示，當滑動變阻器滑動觸頭向左移時，燈泡L1、L2、L3的亮度將A都變亮 B都變暗CL1、L2變亮，L3變暗 DL1、L3變亮，L2變暗【答案】C當滑動變阻器的滑動觸頭P向左移動時，變阻器有效電阻變小，故整個電路的總電阻變小，根據(jù)歐姆定律可知干路電流增大，故燈泡L1變亮；并聯(lián)電路的電壓，故并聯(lián)電路電壓變小，燈泡L3變暗；干路電流變大，而通過燈泡L3的電流變小，故通過燈泡L2的電流增大，燈泡L2變亮，故C正確。故選C?！究键c】閉合電路的歐姆定律二雙項選擇題(本大題共6小題，每小題分，共24分。在每小題列出的四個選項中，有兩項符合題目要求，選對一個得2分，錯選或多選不給分）。9.下列說法正確的是A電容器的電容與它是否帶電無關B平行板電容器充電后，它的帶電量等于兩極板帶電量絕對值之和C由公式C=Q/U可知，電容器的電容隨所帶電量的增大而增大D平行板電容器充電后與電源斷開，使兩極板距離增大，板間場強不變【答案】ADAC、電容的決定式是：，故A正確C錯誤；B、平行板電容器充電后，它的帶電量等于一個極板的帶電量，故B錯誤；D、由、得，可知與d無關，故D正確。故選AD?！究键c】電容與電容器10. 如圖是點電荷電場中的一條電場線，下面說法正確的是 AA點場強一定大于B點場強B在B點靜止釋放一個電子，將一定向A點運動C正電荷從A點運動到B點，其電勢能一定減小D正電荷運動中通過A點時，其運動方向一定沿AB方向【答案】BCA、電場線密的地方電場的強度大，電場線疏的地方電場的強度小，由于只有一條電場線，不能判斷電場線的疏密情況，所以不能判斷場強的大小，故A錯誤；B、由圖可以知道的電場的方向向右，所以當由靜止釋放一個電子時，電子的受力的方向向左，所以電子將一定向A點運動，故B正確；C、正電荷從A點運動到B點，電場力做正功，動能增加，電勢能減小，故C正確；D、正電荷運動中通過A點，此時受到的電場力的方向一定是沿AB方向的，但是電荷的運動的方向不一定沿著AB方向，電荷完全可以做曲線運動，故D錯誤故選BC?！究键c】電場線；電場強度11如圖所示，光滑水平面上停放著質量不同的A、B兩車，其間夾有一壓縮彈簧，用手抓住小車使它們處于靜止狀態(tài)，則下列說法中正確的是A若兩手同時放開A、B兩車，則系統(tǒng)的動量守恒，且總為零B若兩手同時放開A、B兩車，兩車在彈簧恢復原長前速度總是等大反向C若先放開右邊的B車，后放開左邊的A車，則從放開A車后，系統(tǒng)的動量守恒，總動量等于零D若先放開右邊的B車，后放開左邊的A車，在此運動過程中系統(tǒng)動量不守恒，但機械守恒【答案】ADA、在兩手同時放開后，水平方向無外力作用，只有彈簧的彈力（內力），故動量守恒，即系統(tǒng)的總動量始終為零，故A正確；B、根據(jù)動量守恒定律，兩手同時放開A、B兩車，兩車在彈簧恢復原長前動量等大方向，但是兩者的質量不同，速度大小則不相同，故B錯誤；C、若先放開右邊的B車，后放開左邊的A車，放開A車時，B車已經(jīng)有速度，系統(tǒng)的初動量不為零，故C錯誤；D、先放開右邊的B車時系統(tǒng)還受到手對A的作用力，系統(tǒng)合外力不為零，動量不守恒，但手對A的作用力對系統(tǒng)不做功，機械能守恒，故D正確故選AD?！究键c】動量定理；動量守恒定律12某學生在研究串聯(lián)電路電壓特點的實驗時，連接成如圖所示的電路，接通S后，他將大內阻的電壓表并聯(lián)在A、C兩點間，電壓表讀數(shù)為U，當并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)也為U，當并聯(lián)在B、C兩點間時，電壓表的讀數(shù)為零，則出現(xiàn)此種情況的原因可能是(R1、R2的阻值相差不大) AAB段斷路 BBC段斷路CAB段短路 DBC段短路【答案】ADA、接通S后，將電壓表并聯(lián)在A、C兩點間的電壓表讀數(shù)為U，說明電源沒有故障當并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)也為U，當并聯(lián)在B、C兩點間時，電壓表的讀數(shù)為零，說明AB間有斷路，因為電路中沒有電流，B、C間為定值電阻，根據(jù)歐姆定律U=IR可知，B、C間電壓就應為零，這時，A點電勢與電源的正極相等，B點電勢與電源的負極電勢相等，故A正確；B、若B、C間斷路，電壓表并聯(lián)在B、C兩點間時，讀數(shù)應為U，故B錯誤；C、若A、B短路，電壓表并聯(lián)在A、B兩點間時，電壓表讀數(shù)應為零，故C錯誤；D、由題，電壓表并聯(lián)在B、C兩點間時，讀數(shù)為零，可能B、C間短路，故D正確。故選AD?！究键c】閉合電路的歐姆定律13.A、B是一條電場線上的兩點，若在A點釋放一初速為零的電子，電子僅受電場力作用，并沿電場線從A運動到B，其速度隨時間變化的規(guī)律如圖所示設A、B兩點的電場強度分別為EA、EB，電勢分別為UA、UB，則AEA = EB BEAEB CUA = UB DUAUB 【答案】AD由圖可知：電子做初速度為零的勻加速直線運動勻加速運動說明所受電場力恒定，因此為勻強電場，即EA=EB，電子由靜止從A運動到B，所以電場力由A指向B，因此電場線方向從B指向A，沿電場線電勢降低，即有AB，故AD正確。故選AD?！究键c】電場線；電場強度；電勢14如圖所示，在x軸相距為L的兩點固定兩個等量異種點電荷+Q、-Q，虛線是以+Q所在點為圓心、L/2為半徑的圓，a、b、c、d是圓上的四個點，其中a、c兩點在x軸上，b、d兩點關于x軸對稱。下列判斷正確的是Ab、d兩點處的電勢相同B四點中c點處的電勢最高Cb、d兩點處的電場強度相同D將一試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，+q的電勢能減小【答案】ADA、該電場中的電勢關于X軸對稱，所以bd兩點的電勢相等，故A正確；B、c點在兩個電荷連線的中點上，也是在兩個電荷連線的中垂線上，所以它的電勢和無窮遠處的電勢相等而正電荷周圍的電場的電勢都比它高，即C點的電勢在四個點中是最低的，故B錯誤；C、該電場中的電場強度關于X軸對稱，所以bd兩點場強大小相等，方向是對稱的，不相同的，故C錯誤；D、c點的電勢低于a點的電勢，試探電荷+q沿圓周由a點移至c點，電場力做正功，+q的電勢能減小，故D正確。故選AD。【考點】電勢；電勢能第二卷(非選擇題共52分)二、計算題（本題共4小題，共52分。解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15. （10分）如圖所示電路中，R1R22，R31。當K接通時，電壓表的讀數(shù)為1V；K斷開時，電壓表的讀數(shù)為0.75V。求電源電動勢和內阻?！敬鸢浮縀=3V r=1設電源電動勢為E，內阻為r，則當S接通，R1、R2并聯(lián)再與R3串聯(lián)，電壓表測R3兩端的電壓，所以，即：當S斷開，R2、R3串聯(lián)，電壓表測R3兩端的電壓，則：，即：得：E=3V，r=1【考點】串并聯(lián)電路；歐姆定律16.（12分）如圖10214所示的勻強電場中，有a、b、c三點，ab4 cm，bc10 cm，其中ab沿電場方向，bc和電場方向成60角，一個電荷量q4108 C的正電荷從a移到b電場力做功W11.2107 J，求：(1)勻強電場的場強E；(2)電荷從b移到c，電場力做的功W2；(3)a、c兩點的電勢差Uac.【答案】 (1)設a、b兩點間距離為d，有、得；(2)設b、c兩點沿場強方向距離為d1，有、得；(3)由，得?！究键c】帶電粒子在勻強電場中的運動17.（14分）一顆質量為50g，速度為200m/s的子彈豎直向上射穿質量為500g的木塊后繼續(xù)上升，子彈從射穿木塊到再回到原木塊處所經(jīng)過的時間為20s，那么當子彈射出木塊后，木塊上升的最大高度為多少？(g取10m/s2)【答案】h=5m子彈與木塊的重力遠小于子彈對木塊的沖擊力，所以總動量守恒。得：上拋運動過程：、解得：h=5m【考點】動量守恒定律18.（16分）ABCD是豎直放在E=103v/m的水平勻強電場中絕緣光滑軌道，BCD是直徑為20cm的半圓環(huán)，AB=15cm，一質量m=10g，帶電荷量q=10-4 C的小球由靜止在電場力作用下自A點沿軌道運動，求： 它運動到C點速度多大？此時對軌道的壓力多大？ 要使小球運動到D點，小球開始運動的位置A至少離B點多遠？【答案】（1）小球從A經(jīng)B到C的過程中，電場力做功，克服重力做功，根據(jù)動能定理得：代入數(shù)據(jù)，解得根據(jù)牛頓第二定律：則根據(jù)牛頓第三定律小球對軌邊C點的壓力為O.4N；（2）小球能通過最高點的最小速度vD，這時軌道對小球的壓力為零，由牛頓第二定律得解得由動能定理得：解得：?！究键c】動能定理；牛頓第二定律；電勢能xx學年第一學期惠州市東江高級中學高二物理期中考試答案（理科）一、選擇題題號1234567891011121314答案BABDDCBC ADBCADADADAD15（10分）設電源電動勢為E，內阻為r，則當S接通，R1、R2并聯(lián)再與R3串聯(lián)，電壓表測R3兩端的電壓，所以，即：當S斷開，R2、R3串聯(lián)，電壓表測R3兩端的電壓，則：，即：得：E=3V，r=116（12分） (1)設a、b兩點間距離為d，有W1qUabE由兩式得E75 V/m.(2)設b、c兩點沿場強方向距離為d1，有UbcEd1d1bccos60W2qUbc由式得W21.5107 J.(3) 由W1W2qUac得Uac6.75 V. 17.（12分）解：該題中，子彈與木塊的重力遠小于子彈對木塊的沖擊力，所以總動量守恒。得：mv0=Mv1+mv2v2=gT/2v12=2gh解得：h=5m18. （16分）（1）小球從A經(jīng)B到C的過程中，電場力做功，克服重力做功，根據(jù)動能定理得：代入數(shù)據(jù)，解得根據(jù)牛頓第二定律：則根據(jù)牛頓第三定律小球對軌邊C點的壓力為O.4N；（2）小球能通過最高點的最小速度vD，這時軌道對小球的壓力為零，由牛頓第二定律得解得由動能定理得：解得：。