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2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 8-5 橢 圓課時(shí)作業(yè) 文
一、選擇題
1．“－3
0，m＋3>0且5－m≠m＋3，
解之得－30)，根據(jù)勾股定理可知，||2－||2＝||2－||2，得到c＝t，而a＝，則e＝＝，故選C.
答案：C
5．(xx年高考全國(guó)大綱卷)已知橢圓C：＋＝1(a＞b＞0)的左、右焦點(diǎn)為F1，F(xiàn)2，離心率為，過(guò)F2的直線l交C于A，B兩點(diǎn)．若△AF1B的周長(zhǎng)為4，則C的方程為( )
A.＋＝1 B.＋y2＝1
C.＋＝1 D.＋＝1
解析：由橢圓的性質(zhì)知|AF1|＋|AF2|＝2a，|BF1|＋|BF2|＝2a，∴△AF1B的周長(zhǎng)＝|AF1|＋|AF2|＋|BF1|＋|BF2|＝4，∴a＝.又e＝，∴c＝1.∴b2＝a2－c2＝2，∴橢圓的方程為＋＝1，故選A.
答案：A
二、填空題
6．已知橢圓的焦點(diǎn)在x軸上，一個(gè)頂點(diǎn)為A(0，－1)，其右焦點(diǎn)到直線x－y＋2＝0的距離為3，則橢圓的方程為_(kāi)_______．
解析：據(jù)題意可知橢圓方程是標(biāo)準(zhǔn)方程，故b＝1.設(shè)右焦點(diǎn)為(c,0)(c>0)，它到已知直線的距離為＝3，解得c＝，所以a2＝b2＋c2＝3，故橢圓的方程為＋y2＝1.
答案：＋y2＝1
7．橢圓Γ：＋＝1(a>b>0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，焦距為2c，若直線y＝(x＋c)與橢圓Γ的一個(gè)交點(diǎn)M滿足∠MF1F2＝2∠MF2F1，則該橢圓的離心率等于________．
解析：依題意得∠MF1F2＝60，∠MF2F1＝30，∠F1MF2＝90，設(shè)|MF1|＝m，則有|MF2|＝m，|F1F2|＝2m，該橢圓的離心率是e＝＝－1.
答案：－1
8．(xx年高考江西卷)過(guò)點(diǎn)M(1,1)作斜率為－的直線與橢圓C：＋＝1(a>b>0)相交于A，B兩點(diǎn)，若M是線段AB的中點(diǎn)，則橢圓C的離心率等于________．
解析：設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則＋＝1， ①
＋＝1.?、?
①、②兩式相減并整理得＝－.
把已知條件代入上式得，－＝－，
∴＝，故橢圓的離心率e＝ ＝.
答案：
三、解答題
9．(xx年高考新課標(biāo)全國(guó)卷Ⅱ)設(shè)F1，F(xiàn)2分別是橢圓C：＋＝1(a>b>0)的左、右焦點(diǎn)，M是C上一點(diǎn)且MF2與x軸垂直．直線MF1與C的另一個(gè)交點(diǎn)為N.
(1)若直線MN的斜率為，求C的離心率；
(2)若直線MN在y軸上的截距為2，且|MN|＝5|F1N|，求a，b.
解析：(1)根據(jù)c＝ 及題設(shè)知M，2b2＝3ac.
將b2＝a2－c2代入2b2＝3ac，解得＝或＝－2(舍去)．
故C的離心率為.
(2)由題意，得原點(diǎn)O為F1F2的中點(diǎn)，MF2∥y軸，所以直線MF1與y軸的交點(diǎn)D(0,2)是線段MF1的中點(diǎn)，故＝4，即b2＝4a.?、?
由|MN|＝5|F1N|得|DF1|＝2|F1N|.
設(shè)N(x1，y1)，由題意知y1<0，
則即
代入C的方程，得＋＝1. ②
將①及c＝代入②得＋＝1.
解得a＝7，b2＝4a＝28，故a＝7，b＝2.
10．(xx年高考安徽卷)設(shè)F1，F(xiàn)2分別是橢圓E：＋＝1(a>b>0)的左、右焦點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)F1的直線交橢圓E于A，B兩點(diǎn)，|AF1|＝3|F1B|.
(1)若|AB|＝4，△ABF2的周長(zhǎng)為16，求|AF2|；
(2)若cos∠AF2B＝，求橢圓E的離心率．
解析：(1)由|AF1|＝3|F1B|，|AB|＝4，得|AF1|＝3，|F1B|＝1.
因?yàn)椤鰽BF2的周長(zhǎng)為16，所以由橢圓定義可得4a＝16，
|AF1|＋|AF2|＝2a＝8.
故|AF2|＝2a－|AF1|＝8－3＝5.
(2)設(shè)|F1B|＝k，則k>0且|AF1|＝3k，|AB|＝4k.
由橢圓定義可得
|AF2|＝2a－3k，|BF2|＝2a－k.
在△ABF2中，由余弦定理可得
|AB|2＝|AF2|2＋|BF2|2－2|AF2||BF2|cos∠AF2B，
即(4k)2＝(2a－3k)2＋(2a－k)2－(2a－3k)(2a－k)，
化簡(jiǎn)可得(a＋k)(a－3k)＝0.
而a＋k>0，故a＝3k.
于是有|AF2|＝3k＝|AF1|，|BF2|＝5k.
因此|BF2|2＝|F2A|2＋|AB|2，可得F1A⊥F2A，
△AF1F2為等腰直角三角形．
從而c＝a，所以橢圓E的離心率e＝＝.
B組 高考題型專練
1．設(shè)F1，F(xiàn)2是橢圓＋＝1的兩個(gè)焦點(diǎn)，P是橢圓上的點(diǎn)，且|PF1|∶|PF2|＝4∶3，則△PF1F2的面積為( )
A．30 B．25
C．24 D．40
解析：∵|PF1|＋|PF2|＝14，
又|PF1|∶|PF2|＝4∶3，
∴|PF1|＝8，|PF2|＝6.
∵|F1F2|＝10，∴PF1⊥PF2.
∴＝|PF1||PF2|＝86＝24.
答案：C
2．已知橢圓＋＝1以及橢圓內(nèi)一點(diǎn)P(4,2)，則以P為中點(diǎn)的弦所在的直線斜率為( )
A. B．－
C．2 D．－2
解析：設(shè)弦的端點(diǎn)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則x1＋x2＝8，
y1＋y2＝4，
兩式相減，得＋＝0，
∴＝－，∴k＝＝－.
答案：B
3．(xx年海淀模擬)已知橢圓C：＋＝1的左、右焦點(diǎn)分別為F1，F(xiàn)2，橢圓C上點(diǎn)A滿足AF2⊥F1F2.若點(diǎn)P是橢圓C上的動(dòng)點(diǎn)，則的最大值為( )
A. B.
C. D.
解析：設(shè)向量，的夾角為θ.由條件知|AF2|為橢圓通徑的一半，即為|AF2|＝＝，則＝||cos θ，于是要取得最大值，只需在向量上的投影值最大，易知此時(shí)點(diǎn)P在橢圓短軸的上頂點(diǎn)，所以＝||cos θ≤，故選B.
答案：B
4．已知橢圓＋＝1(a>b>0)的左、右焦點(diǎn)分別為F1(－c,0)，F(xiàn)2(c,0)，若橢圓上存在點(diǎn)P使＝，則該橢圓離心率的取值范圍為( )
A．(0，－1) B.
C. D．(－1,1)
解析：根據(jù)正弦定理得＝，所以由＝可得＝，即＝＝e，所以|PF1|＝e|PF2|，又|PF1|＋|PF2|＝e|PF2|＋|PF2|＝|PF2|(e＋1)＝2a，則|PF2|＝，因?yàn)閍－c<|PF2|b>0)的一個(gè)焦點(diǎn)為F1，若橢圓上存在一個(gè)點(diǎn)P，滿足以橢圓短軸為直徑的圓與線段PF1相切于該線段的中點(diǎn)，則橢圓的離心率為_(kāi)_______．
解析：如圖，設(shè)切點(diǎn)為M，由條件知，OM⊥PF1且OM＝b.
∵M(jìn)為PF1的中點(diǎn)，∴PF2＝2b，且PF1⊥PF2，從而PF1＝2a－2b.
∴PF＋PF＝F1F，
即(2a－2b)2＋(2b)2＝(2c)2，
整理得3b＝2a，∴5a2＝9c2，
解得e＝＝.
答案：
6．已知點(diǎn)A(0,2)及橢圓＋y2＝1上任意一點(diǎn)P，則|PA|的最大值為_(kāi)_______．
解析：設(shè)P(x0，y0)，則－2≤x0≤2，－1≤y0≤1，
∴|PA|2＝x＋(y0－2)2.
∵＋y＝1，
∴|PA|2＝4(1－y)＋(y0－2)2
＝－3y－4y0＋8＝－32＋.
∵－1≤y0≤1，而－1<－<1，
∴當(dāng)y0＝－時(shí)，|PA|＝，
即|PA|max＝.
答案：
7．(xx年高考遼寧卷)已知橢圓C：＋＝1，點(diǎn)M與C的焦點(diǎn)不重合．若M關(guān)于C的焦點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)分別為A，B，線段MN的中點(diǎn)在C上，則|AN|＋|BN|＝________.
解析：解法一 由橢圓方程知橢圓C的左焦點(diǎn)為F1(－，0)，右焦點(diǎn)為F2(，0)．則M(m，n)關(guān)于F1的對(duì)稱點(diǎn)為A(－2－m，－n)，關(guān)于F2的對(duì)稱點(diǎn)為B(2－m，－n)，設(shè)MN中點(diǎn)為(x，y)，所以N(2x－m,2y－n)．所以|AN|＋|BN|＝＋
＝2[＋]，
故由橢圓定義可知|AN|＋|BN|＝26＝12.
解法二 根據(jù)已知條件畫(huà)出圖形，如圖．設(shè)MN的中點(diǎn)為P，F(xiàn)1、F2為橢圓C的焦點(diǎn)，連接PF1、PF2.顯然PF1是△MAN的中位線，PF2是△MBN的中位線，∴|AN|＋|BN|＝2|PF1|＋2|PF2|＝2(|PF1|＋|PF2|)＝26＝12.
答案：12
2019-2020年高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 8-5 橢 圓課時(shí)作業(yè) 文.doc
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