2019高考物理一輪復(fù)習(xí) 微專題系列之熱點(diǎn)專題突破 專題42 帶電粒子在電場(chǎng)中的直線運(yùn)動(dòng)學(xué)案.doc

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突破42帶電粒子在電場(chǎng)中的直線運(yùn)動(dòng)1做直線運(yùn)動(dòng)的條件(1)粒子所受合外力F合0，粒子初速度不為零，做勻速直線運(yùn)動(dòng)。(2)粒子所受合外力F合0，且與初速度方向在同一條直線上，帶電粒子將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)或勻減速直線運(yùn)動(dòng)。2用動(dòng)力學(xué)觀點(diǎn)分析a，E，v2v022ad。3用功能觀點(diǎn)分析勻強(qiáng)電場(chǎng)中：WEqdqUmv2mv02；非勻強(qiáng)電場(chǎng)中：WqUEk2Ek1?！镜淅?】如圖所示，在等勢(shì)面沿豎直方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，一帶負(fù)電的微粒以一定初速度射入電場(chǎng)，并沿直線AB運(yùn)動(dòng)，由此可知() A電場(chǎng)中A點(diǎn)的電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì) B微粒在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能大于在B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，在A點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能小于在B點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能C微粒在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能小于在B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能，在A點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大于在B點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能D微粒在A點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和等于在B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能與電勢(shì)能之和【答案】AB【解析】一帶負(fù)電的微粒以一定初速度射入電場(chǎng)，并沿直線AB運(yùn)動(dòng)，其受到的電場(chǎng)力F只能垂直于等勢(shì)面水平向左，則電場(chǎng)方向水平向右，如圖所示，【典例2】一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d，極板分別與電池兩極相連，上極板中心有一小孔(小孔對(duì)電場(chǎng)的影響可忽略不計(jì))小孔正上方處的P點(diǎn)有一帶電粒子，該粒子從靜止開始下落，經(jīng)過小孔進(jìn)入電容器，并在下極板處(未與極板接觸)返回若將下極板向上平移，則從P點(diǎn)開始下落的相同粒子將()A打到下極板上B在下極板處返回C在距上極板處返回D在距上極板d處返回【答案】D【跟蹤短訓(xùn)】1. 如圖所示，M、N是在真空中豎直放置的兩塊平行金屬板，板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，以初速度v0由小孔進(jìn)入電場(chǎng)，當(dāng)M、N間電壓為U時(shí)，粒子剛好能到達(dá)N板，如果要使這個(gè)帶電粒子能到達(dá)M、N兩板間距的處返回，則下述措施能滿足要求的是()A使初速度減為原來的B使M、N間電壓提高到原來的2倍C使M、N間電壓提高到原來的4倍D使初速度和M、N間電壓都減為原來的【答案】BD【解析】在粒子剛好到達(dá)N板的過程中，由動(dòng)能定理得qEd0mv，所以d，令帶電粒子離開M板的最遠(yuǎn)距離為x，則使初速度減為原來的，x；使M、N間電壓提高到原來的2倍，電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，x；使M、N間電壓提高到原來的4倍，電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼?倍，x；使初速度和M、N間電壓都減為原來的，電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑇.2如圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一個(gè)質(zhì)量為m0.2 kg，帶電荷量為q2.0106 C的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.1.從t0時(shí)刻開始，空間加上一個(gè)如圖乙所示的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向呈周期性變化的電場(chǎng)(取水平向右的方向?yàn)檎较?，g10 m/s2)，求： (1)23 s內(nèi)小物塊的位移大小(2)23 s內(nèi)電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功【答案】(1)47 m(2)9.8 J位移x2x14 m,4 s末小物塊的速度為v40因此小物塊做周期為4 s的勻加速和勻減速運(yùn)動(dòng)第22 s末的速度為v224 m/s，第23 s末的速度v23v22a2t2 m/s(t1 s)所求位移為xx1t47 m.(2)23 s內(nèi)，設(shè)電場(chǎng)力對(duì)小物塊所做的功為W，由動(dòng)能定理得Wmgxmv解得W9.8 J.課后作業(yè)1. 如圖所示，電子由靜止開始從A板向B板運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B板的速度為v，保持兩板間電壓不變，則()A當(dāng)減小兩板間的距離時(shí)，速度v增大B當(dāng)減小兩板間的距離時(shí)，速度v減小C當(dāng)減小兩板間的距離時(shí)，速度v不變D當(dāng)減小兩板間的距離時(shí)，電子在兩板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變長【答案】C【解析】由動(dòng)能定理得eUmv2，當(dāng)改變兩極板間的距離時(shí)，U不變，v就不變，故選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤，C正確粒子在極板間做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，即t，當(dāng)d減小時(shí)，v不變，電子在兩極板間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間變短，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤2. 如圖所示，平行板電容器的兩個(gè)極板與水平地面成一角度，兩極板與一穩(wěn)壓電源(未畫出)相連，若一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器，則在此過程中該粒子()A所受重力與電場(chǎng)力平衡 B電勢(shì)能逐漸增加C機(jī)械能逐漸減小 D做勻變速直線運(yùn)動(dòng)【答案】D3如圖所示、兩極板水平放置的平行板電容器間形成勻強(qiáng)電場(chǎng).兩極板間相距為d. 帶負(fù)電的微粒從上極板M的邊緣以初速度射入，沿直線從下極板的邊緣射出.已知微粒的電量為q、質(zhì)量為m。下列說法正確的是A. 微粒運(yùn)動(dòng)的加速度為0B. 微粒的電勢(shì)能減小了 mgdC. 兩極板間的電勢(shì)差為D. N極板的電勢(shì)髙于M板的電勢(shì)【答案】AC4如圖所示,空間有一水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng),一帶電微粒以一定初速度從A點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)微粒除受到電場(chǎng)力和重力外,不再受其它力,則此過程微粒( )A. 電勢(shì)能增加 B. 重力勢(shì)能減少C. 動(dòng)能增加 D. 電勢(shì)能和動(dòng)能之和不變【答案】A【解析】小球做直線運(yùn)動(dòng)，所以合力必須與速度方向共線，而小球只受重力和電場(chǎng)力，所以電場(chǎng)力方向只能為如圖所示方向，從A到B過程中電場(chǎng)力做負(fù)功，所以電勢(shì)能增大，重力做負(fù)功，重力勢(shì)能減小，兩力都做負(fù)功，所以動(dòng)能減小，BC錯(cuò)誤；過程中只有電場(chǎng)力和重力做功，所以電勢(shì)能與機(jī)械能之和保持不變，D錯(cuò)誤5如圖所示，沿水平方向放置的平行金屬板a和b分別與電源的正負(fù)極相連，a、b板的中央沿豎直方向各有一個(gè)小孔，閉合開關(guān)S后，帶正電的液滴從小孔正上方的P點(diǎn)由靜止自由落下，當(dāng)液滴穿過b板小孔到達(dá)a板小孔時(shí)速度為v1.現(xiàn)使a板不動(dòng)，在開關(guān)S仍閉合或斷開的情況下，b板向上或向下平移一小段距離，相同的液滴仍從P點(diǎn)自由落下，此時(shí)液滴到達(dá)a板小孔時(shí)速度為v2，下列說法中正確的是()A若開關(guān)S保持閉合，向下移動(dòng)b板，則v2v1B若開關(guān)S閉合一段時(shí)間后再斷開，向下移動(dòng)b板，則v2v1C若開關(guān)S保持閉合，則無論向上或向下移動(dòng)b板，都有v2v1D若開關(guān)S閉合一段時(shí)間后再斷開，則無論向上或向下移動(dòng)b板，都有v2v1【答案】BC【解析】若開關(guān)S始終閉合，電容器兩板間的電壓保持不變，令P到a板的距離為h，由動(dòng)能定理得mghqUmv2，所以無論向上或向下移動(dòng)b板均有v2v1，A錯(cuò)、C對(duì)；若開關(guān)S閉合一段時(shí)間后再斷開，則電荷量保持不變，由動(dòng)能定理mghqUmv2及C和QCU可知，下移b板時(shí)液滴速度增大，反之液滴速度減小，B對(duì)、D錯(cuò)6. 如圖所示，三塊平行放置的帶電金屬薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分別位于O、M、P點(diǎn)。由O點(diǎn)靜止釋放的電子恰好能運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)?，F(xiàn)將C板向右平移到P點(diǎn)，則由O點(diǎn)靜止釋放的電子()A運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)返回B運(yùn)動(dòng)到P和P點(diǎn)之間返回C運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)返回D穿過P點(diǎn)【答案】A7如圖示，K為燈絲，通電加熱后可發(fā)射電子，A為有中心小孔O1的金屬板，A、K間加有電壓U1，可使電子加速，C、D為相互平行的金屬板，MN為熒光屏，當(dāng)C、D間不加電壓時(shí)，電子束打在熒光屏的O2點(diǎn)；當(dāng)C、D之間加有電壓U2時(shí)，電子束打在熒光屏上另外一點(diǎn)P，欲使P點(diǎn)距O2再近一點(diǎn)，以下哪些措施是可行的（ ）A. 增大A、K之間距離B. 增大電壓U1C. 增大C、D之間距離D. 增大電壓U2【答案】BC8在足夠長的光滑絕緣的水平臺(tái)面上，存在有平行于水平面向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E。水平臺(tái)面上放置兩個(gè)靜止的小球A和B(均可看作質(zhì)點(diǎn))，兩小球質(zhì)量均為m，帶正電的A球電荷量為Q，B球不帶電，A、B連線與電場(chǎng)線平行。開始時(shí)兩球相距L，在電場(chǎng)力作用下，A球開始運(yùn)動(dòng)(此時(shí)為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，即t=0)，后與B球發(fā)生正碰，碰撞過程中A、B兩球總動(dòng)能無損失。若在各次碰撞過程中，A、B兩球間均無電荷量轉(zhuǎn)移，且不考慮兩球碰撞時(shí)間及兩球間的萬有引力，則( )A. 第一次碰撞結(jié)束瞬間B球的速度大小為2QELmB. 第一次碰撞到第二次碰撞B小球向右運(yùn)動(dòng)了2LC. 第二次碰撞結(jié)束瞬間A球的速度大小為22QELmD. 相鄰兩次碰撞時(shí)間間隔總為22mLQE【答案】AD【解析】A、A球的加速度a=QEm，碰前A的速度vA1=2aL=2QELm，碰前B的速度vB1=0，由于A與B球發(fā)生正碰，碰撞過程中A、B兩球總動(dòng)能無損失，所以A、B碰撞后交換速度，設(shè)碰后A、B球速第二次碰后瞬間，A、B兩球速度分別為vA2和vB2，經(jīng)t3-t2時(shí)間A、B兩球發(fā)生第三次碰撞，并設(shè)碰前瞬間A、B兩球速度分別為vA3和vB3，則vA2=vB2=2QELm，vB2=vA2=22QELm，故C錯(cuò)誤；B、第一次碰撞到第二次碰撞B小球向右運(yùn)動(dòng)了xB1=vB1(t2-t1)=2QELm22mLQE=4L，故B錯(cuò)誤；D、依此內(nèi)推可得相鄰兩次碰撞時(shí)間間隔總為t2-t1=2t1=22mLQE，故D正確；故選AD。9如圖所示,一個(gè)質(zhì)子以初速度v0=5106m/s射入一個(gè)由兩塊帶電的平行金屬板組成的區(qū)域.兩板距離為20cm,金屬板之間是勻強(qiáng)電場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度為3105V/m.質(zhì)子質(zhì)量為m=1.6710-27kg,電荷量為q=1.6010-19C.試求（1）質(zhì)子由板上小孔射出時(shí)的速度大小；（2）質(zhì)子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；【答案】（1）6106m/s（2）3.610-8s【解析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理得eEd=12mv2-12mv02，代入數(shù)據(jù)v=6106m/s；（2）質(zhì)子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t=Lv0+v2=2010-25+61062=3.610-8s10當(dāng)金屬的溫度升高到一定程度時(shí)就會(huì)向四周發(fā)射電子，這種電子叫熱電子，通常情況下，熱電子的初始速度可以忽略不計(jì)。如圖所示，相距為L的兩塊平行金屬板M、N接在輸出電壓恒為U的高壓電源E2上，M、N之間的電場(chǎng)近似為勻強(qiáng)電場(chǎng)，a、b、c、d是勻強(qiáng)電場(chǎng)中四個(gè)均勻分布的等勢(shì)面，K是與M板距離很近的燈絲，電源E1給K加熱從而產(chǎn)生熱電子。電源接通后，電流表的示數(shù)穩(wěn)定為I，已知電子的質(zhì)量為m、電量為e。求：（1）電子達(dá)到N板瞬間的速度；（2）電路穩(wěn)定的某時(shí)刻，M、N之間運(yùn)動(dòng)的熱電子的總動(dòng)能；（3）電路穩(wěn)定的某時(shí)刻，c、d兩個(gè)等勢(shì)面之間具有的電子數(shù)。【答案】（1）（2）Ek總=IL（3）【解析】（1）電子達(dá)到N板的過程中，由動(dòng)能定理得： 解得： （2）電子從燈絲K出發(fā)達(dá)到N板的過程中，在電場(chǎng)力的作用下加速，由牛頓定律有： ，解得： 由Lat2得： c、d兩個(gè)等勢(shì)面之間的電子數(shù)n= ，將時(shí)間td和tc代入，求出：