2018-2019高考物理二輪復習 選擇題提速練6.doc
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選擇題提速練6 1—5為單選,6—8為多選 1.(2018浙江溫州十校聯(lián)考)功率為10 W的發(fā)光二極管(LED燈)的亮度與功率為60 W的白熾燈相當.根據(jù)國家節(jié)能戰(zhàn)略,普通白熾燈應被淘汰.假設每戶家庭有2只60 W的白熾燈,均用10 W的LED燈替代,估算出全國一年節(jié)省的電能最接近( B ) A.8108 kWh B.81010 kWh C.81011 kWh D.81013 kWh 解析:假設每戶每天只亮燈5個小時,每戶每年節(jié)電E=2(60-10)10-35365 kWh=182.5 kWh.假設每戶有3口人,全國有4億戶左右.則年節(jié)電總值為E總=4108182.5 kWh=7.31010 kWh,故B正確. 2.為了探測某星球,載著登陸艙的探測飛船在以該星球中心為圓心,半徑為r1的圓軌道上運動,周期為T1,總質(zhì)量為m1.隨后登陸艙脫離飛船,變軌到離星球更近的半徑為r2的圓軌道上運動,此時登陸艙的質(zhì)量為m2,則( D ) A.該星球的質(zhì)量為M= B.該星球表面的重力加速度為gx= C.登陸艙在r1與r2軌道上運動時的速度大小之比為= D.登陸艙在半徑為r2軌道上做圓周運動的周期為T2=T1 解析:根據(jù)G=m1()2r1,得星球的質(zhì)量為M=,則選項A錯誤;根據(jù)m1a1=m1()2r1,可得載著登陸艙的探測飛船的加速度a1=,該加速度不等于星球的重力加速度,則選項B錯誤;根據(jù)G=m1,可得v1=,同理v2=,故=,則選項C錯誤;根據(jù)開普勒第三定律得=,故T2=T1,則選項D正確. 3.(2018山西檢測)現(xiàn)代技術的發(fā)展促進了人們對原子、原子核的認識.下列說法正確的是( C ) A.α粒子散射實驗結果說明原子內(nèi)部帶正電的那部分物質(zhì)是均勻分布的 B.β衰變說明原子核內(nèi)部存在自由電子 C.太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的氫核聚變反應 D.氡原子核的半衰期為3.8天,4個氡原子核經(jīng)過7.6天一定只剩下1個未發(fā)生衰變 解析:α粒子散射實驗結果說明占原子質(zhì)量絕大部分的帶正電的那部分物質(zhì)集中在很小的空間范圍內(nèi),A錯誤;β衰變是原子核內(nèi)的中子轉化為質(zhì)子同時釋放出電子,不能說明原子核內(nèi)部存在電子,B錯誤;太陽輻射的能量來自于太陽內(nèi)部的氫核聚變反應,C正確;半衰期對大量的原子核的統(tǒng)計規(guī)律適用,對少量的原子核不適用,D錯誤. 4.(2018湖北八校聯(lián)考)如圖M和N是兩個帶有異種電荷的帶電體(M在N的正上方,圖示平面為豎直平面),P和Q是M表面上的兩點,S是N表面上的一點.在M和N之間的電場中畫有三條等勢線.現(xiàn)有一個帶正電的液滴從E點射入電場,它經(jīng)過了F點和W點,已知油滴在F點時的機械能大于在W點的機械能(E、W兩點在同一等勢面上,不計油滴對原電場的影響,不計空氣阻力).則以下說法正確的是( D ) A.P和Q兩點的電勢不相等 B.P點的電勢高于S點的電勢 C.油滴在F點的電勢能高于在E點的電勢能 D.油滴在E、F、W三點的“機械能和電勢能總和”沒有改變 解析:P和Q兩點在帶電體M的表面上,M是處于靜電平衡狀態(tài)的導體,其表面是一個等勢面,故P和Q兩點的電勢相等,選項A錯誤;帶正電的油滴在F點時的機械能大于在W點的機械能,故從F點到W點,機械能減小,電場力做負功,說明電場力向上,故電場線垂直等勢面向上,而沿著電場線方向電勢逐漸降低,故P點的電勢低于S點的電勢,選項B錯誤;由于電場線垂直等勢面向上,故E點的電勢高于F點的電勢,根據(jù)Ep=qφ,油滴在F點的電勢能低于在E點的電勢能,選項C錯誤;油滴在運動過程中只有重力和電場力做功,重力做功導致重力勢能和動能相互轉化,電場力做功導致電勢能和動能相互轉化,故油滴在E、F、W三點的“機械能和電勢能總和”沒有改變.選項D正確. 5.如圖所示,圖線a是線圈在勻強磁場中勻速轉動時產(chǎn)生的正弦交流電的圖象,調(diào)整線圈轉速后,所產(chǎn)生的正弦交流電的圖象如圖線b所示.以下關于這兩個正弦交流電的說法中正確的是( C ) A.線圈先后兩次轉速之比為12 B.交流電a的電壓瞬時值u=10sin0.4πt V C.交流電b的最大值為 V D.在圖中t=0時刻穿過線圈的磁通量為零 解析:由圖象可知Ta=0.4 s,Tb=0.6 s,根據(jù)ω=,得ωa=5π,ωb=10π/3,由ω=2πn,得轉速之比,nanb=32,A錯;圖線a的最大值為Ema=10 V,交流電壓的瞬時值u=Emsinωt=10sin5πt V,B錯;根據(jù)Em=NBSω,得Emb=20/3 V,C對;t=0的時刻感應電動勢為零,故磁通量最大,D錯. 6.如圖,質(zhì)量為m、長為L的直導線用兩絕緣細線懸掛于O、O′,并處于勻強磁場中,當導線中通以沿x正方向的電流I,且導線保持靜止時,懸線與豎直方向夾角為θ.則磁感應強度方向和大小可能為( BC ) A.z正向,tanθ B.y正向, C.z負向,tanθ D.沿懸線向上,sinθ 解析:若B沿z軸正方向,導線無法平衡,A錯誤;若B沿y軸正方向,由左手定則,受力如圖①:mg=BIL,所以B正確;若B沿z軸負方向,受力如圖②,F(xiàn)Tsinθ=BIL,F(xiàn)Tcosθ=mg,所以B=tanθ,C正確;若B沿懸線向上,受力如圖③,導線無法平衡,D錯誤. 7.質(zhì)量為2 kg的物體,放在動摩擦因數(shù)為μ=0.1的水平面上,在水平拉力F的作用下,由靜止開始運動,拉力做的功W和物體發(fā)生的位移x之間的關系如圖所示,g取10 m/s2.下列說法中正確的是( CD ) A.此物體在AB段做勻加速直線運動,且整個過程中拉力的最大功率為15 W B.此物體在AB段做勻速直線運動,且整個過程中拉力的最大功率為6 W C.此物體在AB段做勻速直線運動,且整個過程中拉力的最大功率為15 W D.物體在OA段運動過程中拉力的平均功率大于AB段運動過程中拉力的平均功率 解析:物體受到的滑動摩擦力f=μmg=2 N,由題圖知x1=3 m位移內(nèi)拉力做的功W1=F1x1=15 J,解得F1=5 N,根據(jù)牛頓第二定律F1-f=ma1,解得加速度為a1=1.5 m/s2,所用的時間為t1==2 s,末速度v1=a1t1=3 m/s;由W2=F2x2解得x2=6 m位移內(nèi)拉力F2=2 N,與摩擦力f等大反向,所以物體在AB段做勻速直線運動,運動時間t2==2 s,整個過程中拉力的最大功率為Pm=Fmvm=F1v1=15 W,選項C正確;OA段運動過程中拉力的平均功率P1==7.5 W,AB段拉力的平均功率P2==6 W,選項D正確. 8.某同學設計了一個測定列車加速度的儀器,如圖所示.AB是一段四分之一圓弧形的電阻,O點為其圓心,且在B點正上方,圓弧半徑為r.O點下用一電阻不計的金屬線懸掛著一個金屬球,球的下部恰好與AB接觸良好且無摩擦.A、B之間接有內(nèi)阻不計、電動勢為9 V的電池,電路中接有理想電流表A,O、B間接有一個理想電壓表V.整個裝置在一豎直平面內(nèi),且裝置所在的平面與列車前進的方向平行.下列說法中正確的有( CD ) A.從圖中看到列車一定是向右做加速運動 B.當列車的加速度增大時,電流表A的讀數(shù)增大,電壓表V的讀數(shù)也增大 C.若電壓表示數(shù)為3 V,則列車的加速度為g D.如果根據(jù)電壓表示數(shù)與列車加速度的一一對應關系將電壓表改制成一個加速度表,則加速度表的刻度是不均勻的 解析:對金屬球,由牛頓第二定律,加速度a=gtanθ,方向水平向右,可能向右做加速運動或向左做減速運動,選項A錯誤;電流I=,電流表讀數(shù)一定,當列車的加速度增大時,θ增大,BC弧長變大,電壓表V的讀數(shù)U=IRBC也 增大,選項B錯誤;而R=ρ,則U=,若電壓表示數(shù)為3 V,則θ=,列車的加速度為gtan=g,選項C正確;電壓表示數(shù)U==arctan,U與a不是線性關系,則加速度表的刻度是不均勻的,選項D正確.- 配套講稿:
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