2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 課時(shí)作業(yè)10 電磁感應(yīng)規(guī)律及其應(yīng)用.doc
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課時(shí)作業(yè)10電磁感應(yīng)規(guī)律及其應(yīng)用一、選擇題(15題為單項(xiàng)選擇題,6、7題為多項(xiàng)選擇題)1.如圖所示,一導(dǎo)體圓環(huán)位于紙面內(nèi),O為圓心環(huán)內(nèi)兩個(gè)圓心角為90的扇形區(qū)域內(nèi)分別有勻強(qiáng)磁場,兩磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小相等,方向相反且均與紙面垂直導(dǎo)體桿OM可繞O轉(zhuǎn)動(dòng),M端通過滑動(dòng)觸點(diǎn)與圓環(huán)接觸良好在圓心和圓環(huán)間連有電阻R.桿OM以勻角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng),t0時(shí)恰好在圖示位置規(guī)定從a到b流經(jīng)電阻R的電流方向?yàn)檎?,圓環(huán)和導(dǎo)體桿的電阻忽略不計(jì),則桿從t0開始轉(zhuǎn)動(dòng)一周的過程中,電流隨t變化的圖象是()解析:根據(jù)EBl2和I可知,導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電流的大小是恒定的根據(jù)右手定則,可知C正確答案:C22018浙江五校5月聯(lián)考如圖1所示的是工業(yè)上探測物件表面層內(nèi)部是否存在缺陷的渦流探傷技術(shù)其原理是用電流線圈使物件內(nèi)產(chǎn)生渦電流,借助探測線圈測定渦電流的改變,從而獲得構(gòu)件內(nèi)部是否斷裂及位置的信息如圖2所示的是一個(gè)帶鐵芯的線圈L、開關(guān)S和電源用導(dǎo)線連接起來的跳環(huán)實(shí)驗(yàn)裝置,將一個(gè)套環(huán)置于線圈L上且使鐵芯穿過其中,閉合開關(guān)S的瞬間,套環(huán)將立刻跳起關(guān)于對以上兩個(gè)運(yùn)用實(shí)例理解正確的是()A渦流探傷技術(shù)運(yùn)用了互感原理,跳環(huán)實(shí)驗(yàn)演示了自感現(xiàn)象B能被探測的物件和實(shí)驗(yàn)所用的套環(huán)必須是導(dǎo)電材料C以上兩個(gè)案例中的線圈所連接電源都必須是變化的交流電源D以上兩個(gè)案例中的線圈所連接電源也可以都是穩(wěn)恒電源解析:渦流探傷技術(shù)運(yùn)用了互感原理,跳環(huán)實(shí)驗(yàn)演示了互感現(xiàn)象,A項(xiàng)錯(cuò)誤;能被探測的物件和實(shí)驗(yàn)所用的套環(huán)必須是導(dǎo)電材料,才能在套環(huán)中形成感應(yīng)電流,B項(xiàng)正確;以上兩個(gè)案例中渦流探傷技術(shù)的線圈必須用交流電源,而跳環(huán)實(shí)驗(yàn)演示所連接電源是直流電源,C、D項(xiàng)錯(cuò)誤故選B.答案:B3.如圖所示,用一條橫截面積為S的硬導(dǎo)線做成一個(gè)邊長為L的正方形,把正方形的一半固定在均勻增大的勻強(qiáng)磁場中,磁場方向垂直紙面向里,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的變化率k(k0),虛線ab與正方形的一條對角線重合,導(dǎo)線的電阻率為.則下列說法正確的是()A線框中產(chǎn)生順時(shí)針方向的感應(yīng)電流B線框具有擴(kuò)張的趨勢C若某時(shí)刻的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,則線框受到的安培力為D線框中a、b兩點(diǎn)間的電勢差大小為解析:根據(jù)楞次定律,線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向,故A錯(cuò)誤;B增大,穿過線框的磁通量增大,根據(jù)楞次定律,感應(yīng)電流的磁場為了阻礙磁通量的增加,線框有收縮的趨勢,故B錯(cuò)誤;由法拉第電磁感應(yīng)定律得:ESL2kL2,因線框電阻R,那么感應(yīng)電流大小為I,則線框受到的安培力為:FBIL,故C正確;由上分析,可知,ab兩點(diǎn)間的電勢差大小UEkL2,故D錯(cuò)誤答案:C4如圖所示的直流電路中,當(dāng)開關(guān)S1、S2都閉合時(shí),三個(gè)燈泡L1、L2、L3的亮度關(guān)系是L1L2L3.電感L的電阻可忽略,D為理想二極管現(xiàn)斷開開關(guān)S2,電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí),再斷開開關(guān)S1,則斷開開關(guān)S1的瞬間,下列判斷正確的是()AL1逐漸變暗,L2、L3均先變亮然后逐漸變暗BL2立即熄滅,L1、L3均逐漸變暗CL1、L2、L3均先變亮然后逐漸變暗DL1逐漸變暗,L2立即熄滅,L3先變亮然后逐漸變暗解析:當(dāng)開關(guān)S1、S2都閉合時(shí),三個(gè)燈泡L1、L2、L3的亮度關(guān)系是L1L2L3,對應(yīng)的實(shí)際功率的關(guān)系有P1P2P3,根據(jù)P有R1R2mg,聯(lián)立解得h,選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案:BC二、非選擇題8如圖甲所示,MN、PQ兩條平行的光滑金屬軌道與水平面成37角固定,M、P之間接電阻箱R,導(dǎo)軌所在空間存在勻強(qiáng)磁場,磁場方向垂直于軌道平面向上,磁感應(yīng)強(qiáng)度B1 T質(zhì)量為m的金屬桿ab水平放置在軌道上,其接入電路的電阻值為r.現(xiàn)從靜止釋放桿ab,測得最大速度為vm.改變電阻箱的阻值R,得到vm與R的關(guān)系如圖乙所示已知導(dǎo)軌間距L2 m,重力加速度g取10 m/s2,軌道足夠長且電阻不計(jì)(1)桿ab下滑過程中,判斷感應(yīng)電流的方向(2)求R0時(shí),閉合電路中的感應(yīng)電動(dòng)勢E的最大值(3)求金屬桿的質(zhì)量m和阻值r.解析:(1)由右手定則可知,電流方向?yàn)閎a(或aMPba)(2)由題圖可知,當(dāng)R0時(shí),桿的速度穩(wěn)定后,它以2 m/s的速度勻速下滑,此時(shí)電路中的感應(yīng)電動(dòng)勢最大,最大值EBLv4 V.(3)金屬桿下滑的最大速度即為vm.桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值EBLvm由閉合電路的歐姆定律得I桿達(dá)到最大速度時(shí),滿足條件mgsinBIL0解得vm(Rr)結(jié)合圖象可得k,k1 m/(s)r2 m/s解得m kg,r2 .答案:(1)ba(2)4 V(3) kg2 9如圖所示,兩根質(zhì)量均為m2 kg的金屬棒垂直放在光滑的水平導(dǎo)軌上,左右兩部分導(dǎo)軌間距之比為1:2,導(dǎo)軌間有大小相等但左、右兩部分方向相反的勻強(qiáng)磁場,兩棒電阻與棒長成正比,不計(jì)導(dǎo)軌電阻現(xiàn)用250 N的水平拉力F向右拉CD棒,CD棒運(yùn)動(dòng)x0.5 m時(shí)其上產(chǎn)生的焦耳熱為Q230 J,此時(shí)兩棒速率之比為vA:vC1:2,現(xiàn)立即撤去拉力F,設(shè)導(dǎo)軌足夠長且兩棒始終在不同磁場中運(yùn)動(dòng),求:(1)在CD棒運(yùn)動(dòng)0.5 m的過程中,AB棒上產(chǎn)生的焦耳熱;(2)撤去拉力F瞬間,兩棒的速度大小vA和vC;(3)撤去拉力F后,兩棒最終勻速運(yùn)動(dòng)的速度大小vA和vC.解析:(1)設(shè)兩棒的長度分別為l和2l,所以電阻分別為R和2R,由于電路中任何時(shí)刻電流均相等,根據(jù)焦耳定律QI2Rt可知AB棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q115 J.(2)根據(jù)能量守恒定律,有FxmvmvQ1Q2又vA:vC1:2,聯(lián)立以上兩式并代入數(shù)據(jù)得vA4 m/s,vC8 m/s.(3)撤去拉力F后,AB棒繼續(xù)向左做加速運(yùn)動(dòng),而CD棒向右做減速運(yùn)動(dòng),兩棒最終勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)電路中電流為零,即兩棒切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢大小相等,此時(shí)兩棒的速度滿足BLvAB2LvC即vA2vC(不對過程進(jìn)行分析,認(rèn)為系統(tǒng)動(dòng)量守恒是常見錯(cuò)誤)對兩棒分別應(yīng)用動(dòng)量定理,規(guī)定水平向左為正方向,有FAtmvAmvA,F(xiàn)CtmvCmvC.因?yàn)镕C2FA,故有聯(lián)立以上各式解得vA6.4 m/s,vC3.2 m/s.答案:(1)15 J(2)4 m/s8 m/s(3)6.4 m/s3.2 m/s- 1.請仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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