2022年高考化學(xué)復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練3 物質(zhì)的量濃度及其溶液的配制與分析 蘇教版

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1、2022年高考化學(xué)復(fù)習(xí) 課時(shí)規(guī)范練3 物質(zhì)的量濃度及其溶液的配制與分析 蘇教版一、選擇題(本題共8小題,每小題6分,共48分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求)1.下列有關(guān)操作或判斷正確的是()A.配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液時(shí),定容時(shí)仰視刻度線(xiàn)會(huì)導(dǎo)致所配溶液濃度偏高B.用托盤(pán)天平稱(chēng)取25.20 g NaClC.用100 mL的量筒量取5.2 mL的鹽酸D.用濃鹽酸配制一定物質(zhì)的量濃度的稀鹽酸,量取濃鹽酸時(shí)仰視量筒的刻度線(xiàn)會(huì)導(dǎo)致所配溶液濃度偏高2.(2019陜西咸陽(yáng)月考)實(shí)驗(yàn)室需配制480 mL 1 molL-1的NaOH溶液,下列敘述正確的是()A.應(yīng)稱(chēng)量NaOH固體的質(zhì)量為19.2 gB.如果

2、容量瓶?jī)?nèi)有少量蒸餾水,必須先對(duì)容量瓶進(jìn)行烘干C.將所需的氫氧化鈉固體倒入到容量瓶中溶解D.定容時(shí)若俯視刻度線(xiàn),會(huì)使所配制的NaOH溶液的濃度偏高3.用等體積的0.1 molL-1的BaCl2溶液,可使相同體積的Fe2(SO4)3、Na2SO4、KAl(SO4)2三種溶液中的S恰好完全沉淀,則三種硫酸鹽的物質(zhì)的量濃度之比為()A.323B.312C.263D.1114.下列關(guān)于物質(zhì)的量濃度的表述正確的是()A.0.3 molL-1的Na2SO4溶液中含有的Na+和S的總物質(zhì)的量為0.9 molB.當(dāng)1 L水吸收22.4 L氨氣時(shí)所得氨水的濃度不是1 molL-1,只有當(dāng)22.4 L氨氣溶于水制得

3、1 L氨水時(shí),其濃度才是1 molL-1C.在K2SO4和NaCl的中性混合水溶液中,如果Na+和S的物質(zhì)的量相等,則K+和Cl-的物質(zhì)的量濃度一定相同D.10 時(shí),0.35 molL-1的KCl飽和溶液100 mL蒸發(fā)掉5 g水,冷卻到10 時(shí),其體積小于100 mL,它的物質(zhì)的量濃度仍為0.35 molL-15.(2019湖北武漢重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考)把200 mL NH4HCO3和Na2CO3的混合溶液分成兩等份,取一份加入含a mol NaOH的溶液恰好反應(yīng)完全;取另一份加入含b mol HCl的鹽酸恰好反應(yīng)完全。該混合溶液中c(Na+)為()A.(10b-5a) molL-1B.(2b-a)

4、 molL-1C.() molL-1D.(5b-) molL-16.下列說(shuō)法正確的是()A.1 L水中溶解了58.5 g NaCl,該溶液的物質(zhì)的量濃度為1 molL-1B.V L Fe2(SO4)3溶液中含a g S,取此溶液 L用水稀釋成2V L,則稀釋后溶液的c(Fe3+)為 molL-1C.已知某NaCl溶液的密度是1.17 gcm-3,可求出此溶液的物質(zhì)的量濃度D.把100 mL 20%的NaOH溶液跟100 mL 10%的NaOH混合后,可判斷NaOH混合溶液的質(zhì)量分?jǐn)?shù)等于15%7.(2019河北正定高三調(diào)研)20 時(shí),飽和NaCl溶液的密度為 gcm-3,物質(zhì)的量濃度為c mol

5、L-1,則下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是()A.溫度低于20 時(shí),飽和NaCl溶液的濃度小于c molL-1B.20 時(shí),飽和NaCl溶液的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為100%C.20 時(shí),密度小于 gcm-3的NaCl溶液是不飽和溶液D.20 時(shí),飽和NaCl溶液的溶解度S= g8.在標(biāo)準(zhǔn)狀況下,將a L NH3完全溶于水得到V mL氨水,溶液的密度為 gcm-3,溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為w,溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度為c molL-1。下列敘述中正確的是()若上述溶液中再加入等體積的水,所得溶液的質(zhì)量分?jǐn)?shù)大于0.5wc=w=100%若上述溶液中再加入0.5V mL同濃度稀鹽酸,充分反應(yīng)后,溶液中離子濃度大小關(guān)系為c(N)c(Cl-)c

6、(OH-)c(H+)A.B.C.D.二、非選擇題(本題共4小題,共52分)9.(2019江西上饒?jiān)驴?(15分)已知某“84消毒液”瓶體部分標(biāo)簽如圖所示,該“84消毒液”通常稀釋到100倍(體積之比)后使用。請(qǐng)回答下列問(wèn)題:(1)該“84消毒液”的物質(zhì)的量濃度約為 molL-1。84消毒液有效成分NaClO規(guī)格1 000 mL質(zhì)量分?jǐn)?shù)25%密度1.19 gcm-3(2)某同學(xué)取100 mL該“84消毒液”,稀釋后用于消毒,稀釋后的溶液中c(Na+)= molL-1。(3)該同學(xué)參閱該“84消毒液”的配方,欲用NaClO固體配制480 mL含NaClO質(zhì)量分?jǐn)?shù)為25%的消毒液。下列說(shuō)法正確的是(

7、填字母)。A.如圖所示的儀器中,有三種是不需要的,還需要一種玻璃儀器B.容量瓶用蒸餾水洗凈后,應(yīng)烘干后才能用于配制溶液C.配制過(guò)程中,未用蒸餾水洗滌燒杯和玻璃棒可能導(dǎo)致結(jié)果偏低D.需要稱(chēng)量NaClO固體的質(zhì)量為143.0 g(4)“84消毒液”與稀硫酸混合使用可增強(qiáng)消毒能力,某消毒小組人員用98%(密度為1.84 gcm-3)的濃硫酸配制2 L 2.3 molL-1的稀硫酸用于增強(qiáng)“84消毒液”的消毒能力。所配制的稀硫酸中,H+的物質(zhì)的量濃度為 molL-1。需用濃硫酸的體積為 mL。10.(17分)實(shí)驗(yàn)需要0.80 molL-1 NaOH溶液475 mL和0.40 molL-1硫酸溶液500

8、 mL。根據(jù)這兩種溶液的配制情況回答下列問(wèn)題:(1)如圖所示的儀器中配制溶液肯定不需要的是(填序號(hào)),配制上述溶液還需用到的玻璃儀器是(填儀器名稱(chēng))。(2)下列操作中,不能用容量瓶實(shí)現(xiàn)的有(填序號(hào))。A.配制一定體積準(zhǔn)確濃度的標(biāo)準(zhǔn)溶液B.量取一定體積的液體C.測(cè)量容量瓶規(guī)格以下的任意液體的體積D.貯存溶液E.用來(lái)加熱溶解固體溶質(zhì)(3)根據(jù)計(jì)算,用托盤(pán)天平稱(chēng)取NaOH的質(zhì)量為 g。在實(shí)驗(yàn)中其他操作均正確,若定容時(shí)俯視刻度線(xiàn),則所得溶液濃度(填“大于”“等于”或“小于”,下同)0.8 molL-1。若定容時(shí),有少許蒸餾水灑落在容量瓶外,則所得溶液濃度0.8 molL-1。(4)根據(jù)計(jì)算得知,配制稀

9、硫酸所需質(zhì)量分?jǐn)?shù)為98%、密度為1.84 gcm-3的濃硫酸的體積為 mL(計(jì)算結(jié)果保留一位小數(shù))。如果實(shí)驗(yàn)室有10 mL、15 mL、20 mL、50 mL四種規(guī)格的量筒,則應(yīng)選用mL的量筒。11.(2019內(nèi)蒙古赤峰一中月考)(8分)奶粉中蛋白質(zhì)含量的測(cè)定往往采用“凱氏定氮法”,其原理是食品與硫酸和催化劑一同加熱,使蛋白質(zhì)分解,分解的氨與硫酸結(jié)合生成硫酸銨。然后堿化蒸餾使氨游離,用硼酸吸收后再以硫酸或鹽酸標(biāo)準(zhǔn)溶液滴定,根據(jù)酸的消耗量乘以換算系數(shù),即為蛋白質(zhì)含量。操作步驟:樣品處理:準(zhǔn)確稱(chēng)取一定量的奶粉樣品,移入干燥的燒杯中,經(jīng)過(guò)一系列的處理,待冷卻后移入一定體積的容量瓶中。NH3的蒸餾和吸

10、收:把制得的溶液(取一定量)通過(guò)定氮裝置,經(jīng)過(guò)一系列的反應(yīng),使氨變成硫酸銨,再經(jīng)過(guò)堿化蒸餾后,氨即成為游離態(tài),游離氨經(jīng)硼酸吸收。氨的滴定:用標(biāo)準(zhǔn)鹽酸滴定所生成的硼酸銨,由消耗的鹽酸標(biāo)準(zhǔn)液計(jì)算出總氮量,再折算為蛋白質(zhì)含量。試回答下列問(wèn)題:(1)在配制過(guò)程中,下列哪項(xiàng)操作可能使配制的溶液的濃度偏大(填字母)。A.燒杯中溶液轉(zhuǎn)移到容量瓶中時(shí),未洗滌燒杯B.定容時(shí),俯視刻度線(xiàn)C.定容時(shí),仰視刻度線(xiàn)D.移液時(shí),有少量液體濺出(2)若稱(chēng)取樣品的質(zhì)量為1.5 g,共配制100 mL的溶液,取出其中的20 mL,經(jīng)過(guò)一系列處理后,使N轉(zhuǎn)變?yōu)榕鹚徜@后用0.1 molL-1鹽酸標(biāo)準(zhǔn)液滴定,其用去鹽酸標(biāo)準(zhǔn)液的體積為

11、23.0 mL,則該樣品中N的含量為(保留兩位小數(shù))。已知:滴定過(guò)程中涉及反應(yīng)的化學(xué)方程式為(NH4)2B4O7+2HCl+5H2O2NH4Cl+4H3BO312.(2019遼寧大連調(diào)研測(cè)試)(12分)FeCl3是一種很重要的鐵鹽,主要用于污水處理,具有效果好、價(jià)格便宜等優(yōu)點(diǎn)。工業(yè)上可將鐵屑溶于鹽酸中,先生成FeCl2,再通入Cl2氧化來(lái)制備FeCl3溶液。(1)將標(biāo)準(zhǔn)狀況下的a L氯化氫氣體溶于100 g水中,得到鹽酸的密度為b gmL-1,則該鹽酸的物質(zhì)的量濃度是。(2)向100 mL的FeBr2溶液中通入標(biāo)準(zhǔn)狀況下3.36 L Cl2,反應(yīng)后的溶液中Cl-和Br-的物質(zhì)的量濃度相等,則原

12、FeBr2溶液的物質(zhì)的量濃度為。(3)FeCl3溶液可以用來(lái)凈水,其凈水的原理為(用離子方程式表示)。用100 mL 2 molL-1的FeCl3溶液凈水時(shí),生成具有凈水作用的微粒數(shù)(填“大于”“等于”或“小于”)0.2NA。課時(shí)規(guī)范練3物質(zhì)的量濃度及其溶液的配制與分析1.D定容時(shí)仰視刻度線(xiàn),導(dǎo)致所配溶液的體積偏大,使所配溶液的濃度偏低,A項(xiàng)錯(cuò)誤;托盤(pán)天平的精確度是0.1 g,無(wú)法稱(chēng)取25.20 g NaCl,B項(xiàng)錯(cuò)誤;應(yīng)用10 mL量筒量取5.2 mL的鹽酸,C項(xiàng)錯(cuò)誤;量取濃鹽酸時(shí)仰視量筒的刻度線(xiàn),所取的濃鹽酸比應(yīng)取的量多,溶質(zhì)的物質(zhì)的量偏大,會(huì)導(dǎo)致所配溶液的濃度偏高,D項(xiàng)正確。2.D配制4

13、80 mL 1 molL-1 NaOH溶液應(yīng)該用500 mL容量瓶,稱(chēng)量NaOH固體的質(zhì)量為20.0 g,A項(xiàng)錯(cuò)誤;如果容量瓶?jī)?nèi)有少量蒸餾水,對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果沒(méi)有影響,不需要烘干,B項(xiàng)錯(cuò)誤;配制溶液時(shí)應(yīng)將所需的氫氧化鈉固體倒入到燒杯中溶解(容量瓶只用于配制溶液,不用于溶解、稀釋或者盛裝溶液),C項(xiàng)錯(cuò)誤;定容時(shí)若俯視刻度線(xiàn)觀察液面,會(huì)使溶液的體積變小,因此所配制的NaOH溶液的濃度偏高,D項(xiàng)正確。3.C等體積的0.1 molL-1的BaCl2溶液,可使相同體積的Fe2(SO4)3、Na2SO4、KAl(SO4)2三種溶液中的S完全沉淀,則Fe2(SO4)3、Na2SO4、KAl(SO4)2三種溶液中的

14、S數(shù)目相同,根據(jù)硫酸根守恒可知,nFe2(SO4)3= n(S),n(Na2SO4)=n(S),nKAl(SO4)2= n(S),三種溶液的體積相同,則物質(zhì)的量濃度之比等于溶質(zhì)物質(zhì)的量之比,所以三種硫酸鹽的物質(zhì)的量濃度之比cFe2(SO4)3c(Na2SO4)cKAl(SO4)2= n(S)n(S)n(S)=263。4.D由于不知道溶液的體積,無(wú)法計(jì)算物質(zhì)的量,不能計(jì)算微粒的物質(zhì)的量,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;22.4 L氨氣所處溫度和壓強(qiáng)不知,物質(zhì)的量不一定為1 mol,故B項(xiàng)錯(cuò)誤;K2SO4和NaCl的中性混合水溶液中,c(H+)=c(OH-),根據(jù)電荷守恒可得c(K+)+c(Na+)=c(Cl-)+2

15、c(S),K+物質(zhì)的量為S的二倍,若Na+和S的物質(zhì)的量相等,則K+的濃度必定大于Cl-的濃度,故C項(xiàng)錯(cuò)誤;同一物質(zhì)在同一溫度下的溶解度一定,飽和溶液的物質(zhì)的量濃度恒定,10 時(shí),0.35 molL-1的KCl飽和溶液100 mL蒸發(fā)掉5 g水,冷卻到10 時(shí),其體積小于100 mL,但它的物質(zhì)的量濃度仍為0.35 molL-1,故D項(xiàng)正確。5.ANH4HCO3和a mol NaOH恰好完全反應(yīng),則NH4HCO3的物質(zhì)的量為0.5a mol,取另一份加入含b mol HCl的鹽酸恰好反應(yīng)完全,由NH4HCO3反應(yīng)掉的HCl為0.5a mol,則由Na2CO3反應(yīng)掉的HCl為b mol-0.5a

16、 mol,則Na2CO3的物質(zhì)的量為(b-0.5a)0.5 mol,則c(Na+)=(b-0.5a) mol0.1 L=(10b-5a) molL-1。6.B溶液的體積未知,無(wú)法求出溶液中溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度,故A項(xiàng)錯(cuò)誤;a g S的物質(zhì)的量為 mol,V L溶液中n(Fe3+)=n(S)= mol,則 L溶液中n(Fe3+)= mol mol,則稀釋后溶液中Fe3+的物質(zhì)的量濃度為 molL-1,故B項(xiàng)正確;溶液中NaCl質(zhì)量分?jǐn)?shù)未知,無(wú)法求溶液的物質(zhì)的量濃度,故C項(xiàng)錯(cuò)誤;同一溶質(zhì)不同濃度的NaOH溶液等體積混合后,溶液的質(zhì)量分?jǐn)?shù)應(yīng)大于兩溶液質(zhì)量分?jǐn)?shù)之和的,故D項(xiàng)錯(cuò)誤。7.D溫度低于20 時(shí),

17、氯化鈉的溶解度減小,所以飽和NaCl溶液的濃度小于c molL-1,A項(xiàng)正確;1 L該溫度下的飽和氯化鈉溶液中,溶液質(zhì)量為:1 000 g,氯化鈉的物質(zhì)的量為c mol,所以氯化鈉的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為:(58.5c g1 000 g)100%=100%,B項(xiàng)正確;20 時(shí),一定體積的飽和溶液中含有氯化鈉的物質(zhì)的量達(dá)到最大,所以密度小于 gcm-3的NaCl溶液是不飽和溶液,C項(xiàng)正確;20 時(shí),1 L飽和NaCl溶液中溶解的氯化鈉的質(zhì)量為58.5c g,溶液質(zhì)量為1 000 g,則該溫度下氯化鈉的溶解度S=100 g= g,D項(xiàng)錯(cuò)誤。8.D由于氨水的密度小于水的密度,即小于1 gcm-3,因此氨水與水等

18、體積混合后所得溶液的質(zhì)量分?jǐn)?shù)小于0.5w,錯(cuò)誤;c= molL-1,正確;氨氣溶于水,主要以NH3H2O形式存在,但仍然以NH3作為溶質(zhì),w=100%=100%,錯(cuò)誤;若在題給溶液中再加入0.5V mL同濃度稀鹽酸,充分反應(yīng)后,氨水過(guò)量,溶液顯堿性,則溶液中離子濃度大小關(guān)系為c(N)c(Cl-)c(OH-)c(H+),正確。9.答案 (1)4.0(2)0.04(3)C(4)4.6250解析 (1)由c=得,c(NaClO)= molL-14.0 molL-1。(2)稀釋前后溶液中NaClO的物質(zhì)的量不變,則有:100 mL10-3 LmL-14.0 molL-1=100 mL10010-3 L

19、mL-1c(NaClO),解得稀釋后c(NaClO)=0.04 molL-1,c(Na+)=c(NaClO)=0.04 molL-1。(3)選項(xiàng)A,需用托盤(pán)天平稱(chēng)量NaClO固體,需用燒杯來(lái)溶解NaClO,需用玻璃棒進(jìn)行攪拌和引流,需用容量瓶和膠頭滴管來(lái)定容,圖示中的A、B不需要,但還需要玻璃棒和膠頭滴管;選項(xiàng)B,配制過(guò)程中需要加水,所以經(jīng)洗滌干凈的容量瓶不必烘干;選項(xiàng)C,未洗滌燒杯和玻璃棒將導(dǎo)致配制的溶液中溶質(zhì)的物質(zhì)的量減小,結(jié)果偏低;選項(xiàng)D,應(yīng)選取500 mL的容量瓶進(jìn)行配制,然后取出480 mL即可,所以需要NaClO的質(zhì)量為0.5 L4.0 molL-174.5 gmol-1=149.

20、0 g。(4)根據(jù)H2SO4的組成可知,溶液中c(H+)=2c(H2SO4)=4.6 molL-1。2 L 2.3 molL-1的稀硫酸中溶質(zhì)的物質(zhì)的量為2 L2.3 molL-1=4.6 mol,設(shè)需要98%(密度為1.84 gcm-3)的濃硫酸的體積為V mL,則有=4.6 mol,解得V=250。10.答案 (1)AC燒杯、玻璃棒(2)CDE(3)16.0大于等于(4)10.915解析 (1)用容量瓶配制溶液,用不到燒瓶和分液漏斗;還需要用到的儀器有:溶解或稀釋藥品的燒杯、攪拌或引流用的玻璃棒。(2)容量瓶能用來(lái)配制一定體積準(zhǔn)確濃度的溶液,也可量取固定體積的液體。不能配制或測(cè)量容量瓶規(guī)格

21、以下的任意液體體積,不能稀釋濃溶液或溶解藥品,不能加熱。(3)m=cVM=0.8 molL-10.5 L40 gmol-1=16.0 g。若定容時(shí)俯視刻度線(xiàn),溶液的體積偏小,則所得溶液濃度大于0.8 molL-1;若定容時(shí),有少許蒸餾水灑落在容量瓶外,溶質(zhì)的物質(zhì)的量不變,溶液的體積不變,則所得溶液濃度為0.8 molL-1。(4)濃硫酸的濃度c= molL-1=18.4 molL-1,濃硫酸稀釋前后溶質(zhì)的物質(zhì)的量不變,設(shè)濃硫酸的體積為V,則18.4 molL-1V=0.4 molL-10.5 L,V=0.010 9 L=10.9 mL。選取的量筒規(guī)格應(yīng)該等于或略大于量取溶液的體積,故應(yīng)選15

22、mL量筒。11.答案 (1)B(2)10.73%解析 (1)由c=判斷:A、D選項(xiàng)中使n偏小,濃度偏小;B選項(xiàng)中俯視刻度線(xiàn),使V偏小,濃度偏大;C選項(xiàng)中仰視刻度線(xiàn),使V偏大,濃度偏小。(2)n(N)=5n(HCl)=0.011 5 mol,該樣品中N的含量為:w=100%10.73%。12.答案 (1) molL-1(2)2 molL-1(3)Fe3+3H2OFe(OH)3(膠體)+3H+小于解析 (1)注意鹽酸的體積不是100 g水的體積,要用所得鹽酸的質(zhì)量和密度計(jì)算鹽酸的體積,還應(yīng)注意單位換算。(2)根據(jù)氧化還原反應(yīng)的規(guī)律,氯氣先氧化Fe2+,反應(yīng)后溶液中Cl-和Br-的物質(zhì)的量濃度相等,表明溶液中無(wú)Fe2+,有FeBr3、FeCl3,n(Cl-)=2=0.3 mol=n(Br-),根據(jù)電荷守恒及原子守恒知,n(Fe3+)=n(Fe2+)=0.2 mol,則c(FeBr2)=2 molL-1。(3)Fe3+在水中發(fā)生水解:Fe3+3H2OFe(OH)3(膠體)+3H+,生成的Fe(OH)3膠體具有吸附作用,可吸附溶液中的雜質(zhì)離子。Fe(OH)3膠體中的膠體粒子是由多個(gè)Fe(OH)3“分子”組成的集合體,所以生成的Fe(OH)3膠體粒子數(shù)目小于0.2NA。