2020高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 分層特訓(xùn)卷 主觀題專練 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)（11） 文

《2020高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 分層特訓(xùn)卷 主觀題專練 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)（11） 文》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 分層特訓(xùn)卷 主觀題專練 函數(shù)與導(dǎo)數(shù)（11） 文（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、函數(shù)與導(dǎo)數(shù)(11)12018北京卷設(shè)函數(shù)f(x)ax2(4a1)x4a3ex.(1)若曲線yf(x)在點(1，f(1)處的切線與x軸平行，求a；(2)若f(x)在x2處取得極小值，求a的取值范圍解析：(1)因為f(x)ax2(4a1)x4a3ex，所以f(x)ax2(2a1)x2ex.所以f(1)(1a)e.由題設(shè)知f(1)0，即(1a)e0，解得a1.此時f(1)3e0.所以a的值為1.(2)由(1)得f(x)ax2(2a1)x2ex(ax1)(x2)ex.若a，則當(dāng)x時，f(x)0.所以f(x)在x2處取得極小值若a，則當(dāng)x(0,2)時，x20，ax1x10.所以2不是f(x)的極小值點綜

2、上可知，a的取值范圍是.22019安徽省安慶市高三模擬已知函數(shù)f(x)eln xax(aR)(1)討論f(x)的單調(diào)性；(2)當(dāng)ae時，證明：xf(x)ex2ex0.解析：解法一(1)f(x)a(x0)，若a0，則f(x)0，f(x)在(0，)上單調(diào)遞增若a0，則當(dāng)0x0；當(dāng)x時，f(x)0，所以只需證f(x)2e，由(1)知，當(dāng)ae時，f(x)在(0,1)上單調(diào)遞增，在(1，)上單調(diào)遞減，所以f(x)maxf(1)e.設(shè)g(x)2e(x0)，則g(x)，所以當(dāng)0x1時，g(x)1時，g(x)0，g(x)單調(diào)遞增，所以g(x)ming(1)e.所以當(dāng)x0時，f(x)g(x)，即f(x)2e，即

3、xf(x)ex2ex0.解法二(1)同解法一(2)證明：由題意知，即證exln xex2ex2ex0(x0)，從而等價于ln xx2.設(shè)函數(shù)g(x)ln xx2，則g(x)1.所以當(dāng)x(0,1)時，g(x)0；當(dāng)x(1，)時，g(x)0，故g(x)在(0,1)上單調(diào)遞增，在(1，)上單調(diào)遞減從而g(x)在(0，)上的最大值為g(1)1.設(shè)函數(shù)h(x)，則h(x).所以當(dāng)x(0,1)時，h(x)0.故h(x)在(0,1)上單調(diào)遞減，在(1，)上單調(diào)遞增從而h(x)在(0，)上的最小值為h(1)1.綜上，當(dāng)x0時，g(x)h(x)，即xf(x)ex2ex0.32019甘肅第二次診斷已知函數(shù)f(x)

4、2x2ax1ln x(aR)(1)若a0，求曲線yf(x)在點(1，f(1)處的切線方程；(2)若a5，求f(x)的單調(diào)區(qū)間；(3)若30，所以f(x)在和(1，)上單調(diào)遞增當(dāng)x時，f(x)0，所以f(x)在上單調(diào)遞減(3)由f(x)2x2ax1ln x得f(x)4xa.設(shè)h(x)4x2ax1，a216，當(dāng)3a4時，0，有h(x)0，即f(x)0，故f(x)在(0，)上單調(diào)遞增又f(1)3a0，所以f(x)在x1，e上有唯一零點42019武漢調(diào)研已知函數(shù)f(x)ln(x1)，其中a為常數(shù)(1)當(dāng)10時，求g(x)xlnln(1x)的最大值解析：(1)函數(shù)f(x)的定義域為(1，)，f(x)，x

5、1.當(dāng)12a30，即1a時，當(dāng)1x0時，f(x)0，f(x)單調(diào)遞增，當(dāng)2a3x0時，f(x)0，即a時，當(dāng)1x2a3時，f(x)0，則f(x)在(1,0)，(2a3，)上單調(diào)遞增，當(dāng)0x2a3時，f(x)0，則f(x)在(0,2a3)上單調(diào)遞減綜上，當(dāng)1a時，f(x)在(1,2a3)，(0，)上單調(diào)遞增，在(2a3,0)上單調(diào)遞減；當(dāng)a時，f(x)在(1，)上單調(diào)遞增；當(dāng)a2時，f(x)在(1,0)，(2a3，)上單調(diào)遞增，在(0,2a3)上單調(diào)遞減(2)g(x)ln(1x)xlnxg，g(x)在(0，)上的最大值等價于g(x)在(0,1上的最大值令h(x)g(x)ln(1x)(lnx1)l

6、n(1x)lnx，則h(x).由(1)可知當(dāng)a2時，f(x)在(0,1上單調(diào)遞減，f(x)f(0)0，h(x)0，從而h(x)在(0,1上單調(diào)遞減，h(x)h(1)0，g(x)在(0,1上單調(diào)遞增，g(x)g(1)2ln2，g(x)的最大值為2ln2.52019湖北省七市教科研協(xié)作高三聯(lián)考已知函數(shù)f(x)(x1)exax2(e是自然對數(shù)的底數(shù)，aR)(1)判斷函數(shù)f(x)極值點的個數(shù)，并說明理由；(2)若xR，f(x)exx3x，求a的取值范圍解析：(1)f(x)的定義域為R，f(x)xex2axx(ex2a)當(dāng)a0時，f(x)在(，0)上單調(diào)遞減，在(0，)上單調(diào)遞增，f(x)有1個極值點；

7、當(dāng)0a時，f(x)在(，0)上單調(diào)遞增，在(0，ln(2a)上單調(diào)遞減，在(ln(2a)，)上單調(diào)遞增，f(x)有2個極值點，綜上所述，當(dāng)a0時，f(x)有1個極值點；當(dāng)a0且a時，f(x)有2個極值點；當(dāng)a時，f(x)沒有極值點(2)由f(x)exx3x，得xexx3ax2x0.當(dāng)x0時，exx2ax10，即a對x0恒成立設(shè)g(x)(x0)，則g(x).設(shè)h(x)exx1(x0)，則h(x)ex1.x0，h(x)0，h(x)在(0，)上單調(diào)遞增，h(x)h(0)0，即exx1，g(x)在(0,1)上單調(diào)遞減，在(1，)上單調(diào)遞增，g(x)g(1)e2，ae2；當(dāng)x0時，原不等式恒成立，aR；

8、當(dāng)x0時，exx2ax10，設(shè)m(x)exx2ax1(x0)，則m(x)ex2xa.設(shè)(x)ex2xa(x0)，則(x)ex2m(0)1a，若a1，則m(x)0，m(x)在(，0)上單調(diào)遞增，m(x)1，m(0)1a0，x00，使得x(x0,0)時，m(x)m(0)0，不符合題意，舍去a1.綜上，a的取值范圍是(，e262019貴陽市普通高中高三年級摸底考試已知函數(shù)f(x)xln xaxa(aR)(1)f(x)在點(1，f(1)處的切線方程為yxt，求a和t的值；(2)對任意的x1，f(x)0恒成立，求a的取值范圍解析：(1)函數(shù)定義域為x(0，)，f(x)ln x1a，由已知f(1)1，則1

9、a1，即a2，所以f(1)0220，將(1,0)代入切線方程有t1，所以a2，t1.(2)對任意x(1，)，f(x)0恒成立，即ln xa0恒成立，令g(x)ln xa，有g(shù)(x)，當(dāng)a1時，g(x)，g(x)隨x的變化情況為x(1，a)a(a，)g(x)0g(x)單調(diào)遞減極小值單調(diào)遞增由表可知g(x)ming(a)ln a1a，又因為在函數(shù)h(x)ln x1x中，h(x)，所以h(x)在(0,1)上單調(diào)遞增，在(1，)上單調(diào)遞減，所以h(x)h(1)0，所以g(x)ming(a)h(a)1不合題意；當(dāng)a1時，g(x)0，則g(x)在1，)上單調(diào)遞增，所以g(x)g(1)0，即對任意x(1，)，ln xa0恒成立，故a1滿足題意，綜上所述，實數(shù)a的取值范圍為(，17