2022年高三數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 8.4直線、平面平行的判定與性質(zhì)教案 理 新人教A版

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1、2022年高三數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 8.4直線、平面平行的判定與性質(zhì)教案 理 新人教A版 xx高考會(huì)這樣考　1.考查空間平行關(guān)系的判定及性質(zhì)有關(guān)命題的判定；2.解答題中證明或探索空間的平行關(guān)系． 復(fù)習(xí)備考要這樣做　1.熟練掌握線面平行、面面平行的判定定理和性質(zhì)，會(huì)把空間問(wèn)題轉(zhuǎn)化為平面問(wèn)題，解答過(guò)程的敘述步驟要完整，避免因條件書(shū)寫(xiě)不全而失分；2.學(xué)會(huì)應(yīng)用“化歸思想”進(jìn)行“線線問(wèn)題、線面問(wèn)題、面面問(wèn)題”的互相轉(zhuǎn)化，牢記解決問(wèn)題的根源在“定理”． 1． 直線與平面平行的判定與性質(zhì) 判定 性質(zhì) 定義 定理 圖形 條件 a∩α＝? a?α，b?α，a∥b

2、a∥α a∥α，a?β，α∩β＝b 結(jié)論 a∥α b∥α a∩α＝? a∥b 2. 面面平行的判定與性質(zhì) 判定 性質(zhì) 定義 定理 圖形 條件 α∩β＝? a?β，b?β，a∩b＝P，a∥α，b∥α α∥β，α∩γ＝a，β∩γ＝b α∥β，a?β 結(jié)論 α∥β α∥β a∥b a∥α [難點(diǎn)正本　疑點(diǎn)清源] 1．證明線面平行是高考中常見(jiàn)的問(wèn)題，常用的方法就是證明這條線與平面內(nèi)的某條直線平行．但一定要說(shuō)明一條直線在平面外，一條直線在平面內(nèi)． 2．在判定和證明直線與平面的位置關(guān)系時(shí)，除熟練運(yùn)用判定定理和性質(zhì)定理外，切不可丟棄定義

3、，因?yàn)槎x既可作判定定理使用，亦可作性質(zhì)定理使用． 3．輔助線(面)是解(證)線面平行的關(guān)鍵．為了能利用線面平行的判定定理及性質(zhì)定理，往往需要作輔助線(面)． 1． 已知不重合的直線a，b和平面α， ①若a∥α，b?α，則a∥b； ②若a∥α，b∥α，則a∥b； ③若a∥b，b?α，則a∥α； ④若a∥b，a∥α，則b∥α或b?α. 上面命題中正確的是________(填序號(hào))． 答案?、? 解析?、偃鬭∥α，b?α，則a，b平行或異面；②若a∥α，b∥α，則a，b平行、相交、異面都有可能；③若a∥b，b?α，則a∥α或a?α. 2． 已知α、β是不同的兩個(gè)平面，直線a?

4、α，直線b?β，命題p：a與b沒(méi)有公共點(diǎn)；命題q：α∥β，則p是q的____________條件． 答案　必要不充分 解析　∵a與b沒(méi)有公共點(diǎn)，不能推出α∥β， 而α∥β時(shí)，a與b一定沒(méi)有公共點(diǎn)， 即pD?/q，q?p，∴p是q的必要不充分條件． 3． 已知平面α∥平面β，直線a?α，有下列命題： ①a與β內(nèi)的所有直線平行；②a與β內(nèi)無(wú)數(shù)條直線平行；③a與β內(nèi)的任意一條直線都不垂直． 其中真命題的序號(hào)是________． 答案　② 解析　因?yàn)棣痢桅?，a?α，所以a∥β，在平面β內(nèi)存在無(wú)數(shù)條直線與直線a平行，但不是所有直線都與直線a平行，故命題②為真命題，命題①為假命題．在平面

5、β內(nèi)存在無(wú)數(shù)條直線與直線a垂直，故命題③為假命題． 4． (xx·浙江)若直線l不平行于平面α，且l?α，則 (　　) A．α內(nèi)的所有直線與l異面 B．α內(nèi)不存在與l平行的直線 C．α內(nèi)存在唯一的直線與l平行 D．α內(nèi)的直線與l都相交 答案　B 解析　由題意知，直線l與平面α相交，則直線l與平面α內(nèi)的直線只有相交和異面兩種位置關(guān)系，因而只有選項(xiàng)B是正確的． 5． (xx·四川)下列命題正確的是 (　　) A．若兩條直線和同一個(gè)平面所成的角相等，則這兩條直線平行 B．若一個(gè)平面內(nèi)有三個(gè)點(diǎn)到另一個(gè)平面的距離相等，則這兩個(gè)平面平行 C．若一條

6、直線平行于兩個(gè)相交平面，則這條直線與這兩個(gè)平面的交線平行 D．若兩個(gè)平面都垂直于第三個(gè)平面，則這兩個(gè)平面平行 答案　C 解析　利用線面位置關(guān)系的判定和性質(zhì)解答． A錯(cuò)誤，如圓錐的任意兩條母線與底面所成的角相等，但兩條母線相交； B錯(cuò)誤，△ABC的三個(gè)頂點(diǎn)中，A、B在α的同側(cè)，而點(diǎn)C在α的另一側(cè)，且AB平行于α，此時(shí)可有A、B、C三點(diǎn)到平面α的距離相等，但兩平面相交； D錯(cuò)誤，如教室中兩個(gè)相鄰墻面都與地面垂直，但這兩個(gè)面相交，故選C. 題型一　直線與平面平行的判定與性質(zhì) 例1　正方形ABCD與正方形ABEF所在平面相交于AB，在AE、BD上各有一點(diǎn)P、Q，且AP＝DQ.求證：

7、PQ∥平面BCE. 思維啟迪：證明直線與平面平行可以利用直線與平面平行的判定定理，也可利用面面平行的性質(zhì)． 證明　方法一　如圖所示． 作PM∥AB交BE于M， 作QN∥AB交BC于N， 連接MN. ∵正方形ABCD和正方形ABEF有公共邊AB，∴AE＝BD. 又AP＝DQ，∴PE＝QB， 又PM∥AB∥QN，∴＝＝＝， ∴＝， ∴PM綊QN，即四邊形PMNQ為平行四邊形， ∴PQ∥MN. 又MN?平面BCE，PQ?平面BCE， ∴PQ∥平面BCE. 方法二　如圖，連接AQ，并延長(zhǎng)交BC延長(zhǎng)線于K，連接EK， ∵AE＝BD，AP＝DQ， ∴PE＝BQ，∴＝， 又

8、AD∥BK，∴＝， ∴＝，∴PQ∥EK. 又PQ?平面BCE，EK?平面BCE， ∴PQ∥平面BCE. 方法三　如圖，在平面ABEF內(nèi)，過(guò)點(diǎn)P作PM∥BE，交AB于點(diǎn)M， 連接QM. ∴PM∥平面BCE， 又∵平面ABEF∩平面BCE＝BE， ∴PM∥BE，∴＝， 又AE＝BD，AP＝DQ，∴PE＝BQ， ∴＝，∴＝， ∴MQ∥AD，又AD∥BC， ∴MQ∥BC，∴MQ∥平面BCE， 又PM∩MQ＝M，BE∩BC＝B， ∴平面PMQ∥平面BCE，又PQ?平面PMQ. ∴PQ∥平面BCE. 探究提高　判斷或證明線面平行的常用方法：(1)利用線面平行的定義(無(wú)公共點(diǎn)

9、)；(2)利用線面平行的判定定理(a?α，b?α，a∥b?a∥α)；(3)利用面面平行的性質(zhì)定理(α∥β，a?α?a∥β)；(4)利用面面平行的性質(zhì)(α∥β，a?β，a∥α?a∥β)． 如圖，在四棱錐P—ABCD中，底面ABCD是菱形，∠BAD＝60°，AB＝2，PA＝1，PA⊥平面ABCD，E是PC的中點(diǎn)，F(xiàn)是AB的中點(diǎn)．求證：BE∥平面PDF. 證明　取PD中點(diǎn)為M，連接ME，MF， ∵E是PC的中點(diǎn)， ∴ME是△PCD的中位線， ∴ME綊CD. ∵F是AB的中點(diǎn)且四邊形ABCD是菱形，AB綊CD， ∴ME綊FB，∴四邊形MEBF是平行四邊形，∴BE∥MF. ∵BE?平面

10、PDF，MF?平面PDF，∴BE∥平面PDF. 題型二　平面與平面平行的判定與性質(zhì) 例2　如圖，在三棱柱ABC—A1B1C1中，E，F(xiàn)，G，H分別是AB，AC， A1B1，A1C1的中點(diǎn)，求證： (1)B，C，H，G四點(diǎn)共面； (2)平面EFA1∥平面BCHG. 思維啟迪：要證四點(diǎn)共面，只需證GH∥BC；要證面面平行，可證一個(gè) 平面內(nèi)的兩條相交直線和另一個(gè)平面平行． 證明　(1)∵GH是△A1B1C1的中位線，∴GH∥B1C1. 又∵B1C1∥BC，∴GH∥BC， ∴B，C，H，G四點(diǎn)共面． (2)∵E、F分別為AB、AC的中點(diǎn)，∴EF∥BC， ∵EF?平面BCHG，BC

11、?平面BCHG， ∴EF∥平面BCHG. ∵A1G綊EB， ∴四邊形A1EBG是平行四邊形，∴A1E∥GB. ∵A1E?平面BCHG，GB?平面BCHG. ∴A1E∥平面BCHG. ∵A1E∩EF＝E，∴平面EFA1∥平面BCHG. 探究提高　證明面面平行的方法： (1)面面平行的定義； (2)面面平行的判定定理：如果一個(gè)平面內(nèi)有兩條相交直線都平行于另一個(gè)平面，那么這兩個(gè)平面平行； (3)利用垂直于同一條直線的兩個(gè)平面平行； (4)兩個(gè)平面同時(shí)平行于第三個(gè)平面，那么這兩個(gè)平面平行； (5)利用“線線平行”、“線面平行”、“面面平行”的相互轉(zhuǎn)化． 證明：若一條直線與

12、兩個(gè)相交平面都平行，則這條直線平行于兩個(gè)平面的交線． 解　已知：直線a∥平面α，直線a∥平面β，α∩β＝b. 求證：a∥b. 證明：如圖所示，過(guò)直線a作平面γ，δ分別交平面α，β于直線m，n(m，n不同于交線b)，由直線與平面平行的性質(zhì)定理，得a∥m，a∥n，由平行線的傳遞性，得m∥n，由于n?α，m?α，故n∥平面α.又n?β，α∩β＝b，故n∥b.又a∥n，故a∥b. 題型三　平行關(guān)系的綜合應(yīng)用 例3　如圖所示，在四面體ABCD中，截面EFGH平行于對(duì)棱AB和CD， 試問(wèn)截面在什么位置時(shí)其截面面積最大？ 思維啟迪：利用線面平行的性質(zhì)可以得到線線平行，可以先確定截面形狀，再建立

13、目標(biāo)函數(shù)求最值． 解　∵AB∥平面EFGH， 平面EFGH與平面ABC和平面ABD分別交于FG、EH. ∴AB∥FG，AB∥EH， ∴FG∥EH，同理可證EF∥GH， ∴截面EFGH是平行四邊形． 設(shè)AB＝a，CD＝b，∠FGH＝α (α即為異面直線AB和CD所成的角或其補(bǔ)角)． 又設(shè)FG＝x，GH＝y(tǒng)，則由平面幾何知識(shí)可得＝，＝，兩式相加得＋＝1，即y＝(a－x)， ∴S?EFGH＝FG·GH·sin α ＝x··(a－x)·sin α＝x(a－x)． ∵x>0，a－x>0且x＋(a－x)＝a為定值， ∴當(dāng)且僅當(dāng)x＝a－x時(shí)，x(a－x)＝，此時(shí)x＝，y＝. 即當(dāng)截面

14、EFGH的頂點(diǎn)E、F、G、H為棱AD、AC、BC、BD的中點(diǎn)時(shí)截面面積最大． 探究提高　利用線面平行的性質(zhì)，可以實(shí)現(xiàn)與線線平行的轉(zhuǎn)化，尤其在截面圖的畫(huà)法中，常用來(lái)確定交線的位置，對(duì)于最值問(wèn)題，常用函數(shù)思想來(lái)解決． 如圖，在正方體ABCD—A1B1C1D1中，O為底面ABCD的中心，P是DD1的中點(diǎn)，設(shè)Q是CC1上的點(diǎn)，問(wèn)：當(dāng)點(diǎn)Q在什么位置時(shí)，平面D1BQ∥平面PAO? 解　當(dāng)Q為CC1的中點(diǎn)時(shí)，平面D1BQ∥平面PAO.證明如下： ∵Q為CC1的中點(diǎn)，P為DD1的中點(diǎn)， ∴QB∥PA. ∵P、O分別為DD1、DB的中點(diǎn)，∴D1B∥PO. 又∵D1B?平面PAO，PO?平面PAO

15、， QB?平面PAO，PA?平面PAO， ∴D1B∥平面PAO，QB∥平面PAO， 又D1B∩QB＝B，D1B、QB?平面D1BQ， ∴平面D1BQ∥平面PAO. 立體幾何中的探索性問(wèn)題 典例：(12分)如圖所示，在正方體ABCD—A1B1C1D1中，E是棱DD1的 中點(diǎn)． (1)求直線BE和平面ABB1A1所成的角的正弦值； (2)在棱C1D1上是否存在一點(diǎn)F，使B1F∥平面A1BE？證明你的結(jié)論． 審題視角　(1)可過(guò)E作平面ABB1A1的垂線、作線面角；(2)先探求出點(diǎn)F，再進(jìn)行證明B1F∥平面A1BE.注意解題的方向性． 規(guī)范解答 解　(1)如圖(a

16、)所示，取AA1的中點(diǎn)M，連接EM，BM.因?yàn)镋是DD1的中點(diǎn)，四邊形ADD1A1為正方形，所以EM∥AD.[2分] 又在正方體ABCD—A1B1C1D1中，AD⊥平面ABB1A1， 所以EM⊥平面ABB1A1，從而B(niǎo)M為直線BE在平面ABB1A1上的射影，∠EBM為BE和平面ABB1A1所成的角．[4分] 圖(a) 設(shè)正方體的棱長(zhǎng)為2， 則EM＝AD＝2，BE＝＝3. 于是，在Rt△BEM中，sin∠EBM＝＝，[5分] 即直線BE和平面ABB1A1所成的角的正弦值為.[6分] (2)在棱C1D1上存在點(diǎn)F，使B1F∥平面A1BE. 事實(shí)上，如圖(b)所示，分

17、別取C1D1和CD的中點(diǎn)F，G，連接B1F，EG，BG，CD1，F(xiàn)G. 因A1D1∥B1C1∥BC，且A1D1＝BC，所以四邊形A1BCD1是平行四邊形，因此D1C∥A1B. 又E，G分別為D1D，CD的中點(diǎn)， 圖(b) 所以EG∥D1C，從而EG∥A1B. 這說(shuō)明A1，B，G，E四點(diǎn)共面．所以BG?平面A1BE.[8分] 因四邊形C1CDD1與B1BCC1皆為正方形，F(xiàn)，G分別為C1D1和CD的中點(diǎn)， 所以FG∥C1C∥B1B，且FG＝C1C＝B1B， 因此四邊形B1BGF是平行四邊形， 所以B1F∥BG，[10分] 而B(niǎo)1F?平面A1BE，BG?平面A

18、1BE， 故B1F∥平面A1BE.[12分] 答題模板 對(duì)于探索類問(wèn)題，書(shū)寫(xiě)步驟的格式有兩種：一種：第一步：探求出點(diǎn)的位置． 第二步：證明符合要求． 第三步：給出明確答案． 第四步：反思回顧．查看關(guān)鍵點(diǎn)，易錯(cuò)點(diǎn)和答題規(guī)范． 另一種：從結(jié)論出發(fā)，“要使什么成立”，“只需使什么成立”，尋求使結(jié)論成立的充分條件，類似于分析法． 溫馨提醒　(1)本題屬立體幾何中的綜合題，重點(diǎn)考查推理能力和計(jì)算能力．(2)第(1)問(wèn)常見(jiàn)錯(cuò)誤是無(wú)法作出平面ABB1A1的垂線，以致無(wú)法確定線面角．(3)第(2)問(wèn)為探索性問(wèn)題，找不到解決問(wèn)題的切入口，入手較難．(4)書(shū)寫(xiě)格式混亂，不條理，思路不清晰．

19、方法與技巧 1． 平行問(wèn)題的轉(zhuǎn)化關(guān)系 2． 直線與平面平行的主要判定方法 (1)定義法；(2)判定定理；(3)面與面平行的性質(zhì)． 3． 平面與平面平行的主要判定方法 (1)定義法；(2)判定定理；(3)推論；(4)a⊥α，a⊥β?α∥β. 失誤與防范 1．在推證線面平行時(shí)，一定要強(qiáng)調(diào)直線不在平面內(nèi)，否則，會(huì)出現(xiàn)錯(cuò)誤． 2．在解決線面、面面平行的判定時(shí)，一般遵循從“低維”到“高維”的轉(zhuǎn)化，即從“線線平行”到“線面平行”，再到“面面平行”；而在應(yīng)用性質(zhì)定理時(shí)，其順序恰好相反，但也要注意，轉(zhuǎn)化的方向總是由題目的具體條件而定，決不可過(guò)于“模式化”． 3．解題中注意符號(hào)語(yǔ)言的規(guī)范應(yīng)

20、用． A組　專項(xiàng)基礎(chǔ)訓(xùn)練 (時(shí)間：35分鐘，滿分：57分) 一、選擇題(每小題5分，共20分) 1． 若直線m?平面α，則條件甲：“直線l∥α”是條件乙：“l(fā)∥m”的 (　　) A．充分不必要條件 B．必要不充分條件 C．充要條件 D．既不充分也不必要條件 答案　D 2． 已知直線a，b，c及平面α，β，下列條件中，能使a∥b成立的是 (　　) A．a(chǎn)∥α，b?α B．a(chǎn)∥α，b∥α C．a(chǎn)∥c，b∥c D．a(chǎn)∥α，α∩β＝b 答案　C 解析　由平行公理知C正確，A中a與b可能異面．B中a，b可能相交或異面，

21、D中a，b可能異面． 3． 在梯形ABCD中，AB∥CD，AB?平面α，CD?平面α，則直線CD與平面α內(nèi)的直線的位置關(guān)系只能是 (　　) A．平行 B．平行和異面 C．平行和相交 D．異面和相交 答案　B 解析　∵?CD∥α， ∴CD和平面α內(nèi)的直線沒(méi)有公共點(diǎn)． 4． 設(shè)m、n表示不同直線，α、β表示不同平面，則下列結(jié)論中正確的是 (　　) A．若m∥α，m∥n，則n∥α B．若m?α，n?β，m∥β，n∥α，則α∥β C．若α∥β，m∥α，m∥n，則n∥β D．若α∥β，m∥α，n∥m，n?β，則n∥β 答

22、案　D 解析　D中，易知m∥β或m?β， 若m?β，又n∥m，n?β，∴n∥β， 若m∥β，過(guò)m作平面γ交平面β于直線p，則m∥p，又n∥m，∴n∥p，又n?β，p?β，∴n∥β. 二、填空題(每小題5分，共15分) 5． 過(guò)三棱柱ABC—A1B1C1的任意兩條棱的中點(diǎn)作直線，其中與平面ABB1A1平行的直線共有________條． 答案　6 解析　過(guò)三棱柱ABC—A1B1C1的任意兩條棱的中點(diǎn)作直線，記AC，BC，A1C1，B1C1的中點(diǎn)分別為E，F(xiàn)，E1，F(xiàn)1，則直線EF，E1F1，EE1，F(xiàn)F1，E1F，EF1均與平面ABB1A1平行，故符合題意的直線共6條． 6. 如

23、圖所示，ABCD—A1B1C1D1是棱長(zhǎng)為a的正方體，M、N分別是下 底面的棱A1B1、B1C1的中點(diǎn)，P是上底面的棱AD上的一點(diǎn)，AP＝， 過(guò)P、M、N的平面交上底面于PQ，Q在CD上，則PQ＝________. 答案　a 解析　∵平面ABCD∥平面A1B1C1D1， ∴MN∥PQ.∵M(jìn)、N分別是A1B1、B1C1的中點(diǎn)，AP＝， ∴CQ＝，從而DP＝DQ＝，∴PQ＝a. 7. 如圖所示，在正四棱柱ABCD—A1B1C1D1中，E、F、G、H分別是 棱CC1、C1D1、D1D、DC的中點(diǎn)，N是BC的中點(diǎn)，點(diǎn)M在四邊 形EFGH及其內(nèi)部運(yùn)動(dòng)，則M滿足條件__________

24、____時(shí)，有 MN∥平面B1BDD1. 答案　M∈線段HF 解析　由題意，得HN∥面B1BDD1，F(xiàn)H∥面B1BDD1. ∵HN∩FH＝H，∴面NHF∥面B1BDD1. ∴當(dāng)M在線段HF上運(yùn)動(dòng)時(shí)，有MN∥面B1BDD1. 三、解答題(共22分) 8． (10分)如圖，四邊形ABCD是平行四邊形，點(diǎn)P是平面ABCD外一點(diǎn)， M是PC的中點(diǎn)，在DM上取一點(diǎn)G，過(guò)G和AP作平面，交平面BDM 于GH. 求證：PA∥GH. 證明　如圖，連接AC交BD于點(diǎn)O，連接MO， ∵四邊形ABCD是平行四邊形， ∴O是AC的中點(diǎn)，又M是PC的中點(diǎn)， ∴AP∥OM. 則有PA∥平面B

25、MD. ∵平面PAHG∩平面BMD＝GH， ∴PA∥GH. 9. (12分)如圖，已知平行四邊形ABCD中，BC＝6，正方形ADEF所在 平面與平面ABCD垂直，G，H分別是DF，BE的中點(diǎn)． (1)求證：GH∥平面CDE； (2)若CD＝2，DB＝4，求四棱錐F—ABCD的體積． (1)證明　方法一　∵EF∥AD，AD∥BC，∴EF∥BC. 又EF＝AD＝BC，∴四邊形EFBC是平行四邊形， ∴H為FC的中點(diǎn)． 又∵G是FD的中點(diǎn)，∴HG∥CD. ∵HG?平面CDE，CD?平面CDE， ∴GH∥平面CDE. 方法二　連接EA，∵ADEF是正方形，∴G是AE的中點(diǎn)．

26、 ∴在△EAB中，GH∥AB. 又∵AB∥CD，∴GH∥CD. ∵HG?平面CDE，CD?平面CDE， ∴GH∥平面CDE. (2)解　∵平面ADEF⊥平面ABCD，交線為AD， 且FA⊥AD，∴FA⊥平面ABCD. ∵AD＝BC＝6，∴FA＝AD＝6. 又∵CD＝2，DB＝4，CD2＋DB2＝BC2，∴BD⊥CD. ∵S?ABCD＝CD·BD＝8， ∴VF—ABCD＝S?ABCD·FA＝×8×6＝16. B組　專項(xiàng)能力提升 (時(shí)間：25分鐘，滿分：43分) 一、選擇題(每小題5分，共15分) 1． 設(shè)m，n是平面α內(nèi)的兩條不同直線；l1，l2是平面β內(nèi)的兩條相交直

27、線，則α∥β的一個(gè)充分而不必要條件是 (　　) A．m∥β且l1∥α B．m∥l1且n∥l2 C．m∥β且n∥β D．m∥β且n∥l2 答案　B 解析　對(duì)于選項(xiàng)A，不合題意；對(duì)于選項(xiàng)B，由于l1與l2是相交直線，而且由l1∥m可得l1∥α，同理可得l2∥α，故可得α∥β，充分性成立，而由α∥β不一定能得到l1∥m，它們也可以異面，故必要性不成立，故選B；對(duì)于選項(xiàng)C，由于m，n不一定相交，故是必要非充分條件；對(duì)于選項(xiàng)D，由于n∥l2可轉(zhuǎn)化為n∥β，同選項(xiàng)C，故不符合題意．綜上選B. 2． 下面四個(gè)正方體圖形中，A，B為正方體的兩個(gè)頂點(diǎn)，M，N，

28、P分別為其所在棱的中點(diǎn)，能得出AB∥平面MNP的圖形是 (　　) A．①② B．①④ C．②③ D．③④ 答案　A 解析　由線面平行的判定定理知圖①②可得出AB∥平面MNP. 3． 給出下列關(guān)于互不相同的直線l、m、n和平面α、β、γ的三個(gè)命題： ①若l與m為異面直線，l?α，m?β，則α∥β； ②若α∥β，l?α，m?β，則l∥m； ③若α∩β＝l，β∩γ＝m，γ∩α＝n，l∥γ，則m∥n. 其中真命題的個(gè)數(shù)為 (　　) A．3 B．2 C．1 D．0 答案　C 解析　

29、①中當(dāng)α與β不平行時(shí)，也能存在符合題意的l、m. ②中l(wèi)與m也可能異面． ③中?l∥m，同理l∥n，則m∥n，正確． 二、填空題(每小題5分，共15分) 4． 已知平面α∥平面β，P是α、β外一點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)P的直線m與α、β分別交于A、C，過(guò)點(diǎn)P的直線n與α、β分別交于B、D且PA＝6，AC＝9，PD＝8，則BD的長(zhǎng)為_(kāi)_______． 答案　24或 解析　根據(jù)題意可得到以下如圖兩種情況： 可求出BD的長(zhǎng)分別為或24. 5. 一個(gè)正方體的展開(kāi)圖如圖所示，B、C、D為原正方體的頂點(diǎn)，A為 原正方體一條棱的中點(diǎn)．在原來(lái)的正方體中，CD與AB所成角的 余弦值為_(kāi)_______．

30、 答案　 解析　還原為正方體如圖所示，BE∥CD，則∠EBA就是異面直線CD與AB所成的角或所成角的補(bǔ)角． 設(shè)正方體棱長(zhǎng)為2，則BE＝2， BA＝，AE＝3. 所以在△ABE中，由余弦定理得 cos ∠EBA＝＝. 6． 已知正方體ABCD－A1B1C1D1，下列結(jié)論中，正確的結(jié)論是________(只填序號(hào))． ①AD1∥BC1；②平面AB1D1∥平面BDC1； ③AD1∥DC1；④AD1∥平面BDC1. 答案?、佗冖? 三、解答題 7． (13分)如圖，四棱錐P—ABCD中，PD⊥平面ABCD，底面ABCD為 矩形，PD＝DC＝4，AD＝2，E為PC的中點(diǎn)． (1

31、)求三棱錐A—PDE的體積； (2)AC邊上是否存在一點(diǎn)M，使得PA∥平面EDM？若存在，求出AM 的長(zhǎng)；若不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由． 解　(1)因?yàn)镻D⊥平面ABCD，所以PD⊥AD. 又因ABCD是矩形，所以AD⊥CD. 因PD∩CD＝D，所以AD⊥平面PCD， 所以AD是三棱錐A—PDE的高． 因?yàn)镋為PC的中點(diǎn)，且PD＝DC＝4， 所以S△PDE＝S△PDC＝×＝4. 又AD＝2，所以VA—PDE＝AD·S△PDE＝×2×4＝. (2)取AC中點(diǎn)M，連接EM，DM，因?yàn)镋為PC的中點(diǎn)，M是AC的中點(diǎn)，所以EM∥PA. 又因?yàn)镋M?平面EDM，PA?平面EDM， 所以PA∥平面EDM. 所以AM＝AC＝. 即在AC邊上存在一點(diǎn)M，使得PA∥平面EDM，AM的長(zhǎng)為.