2022年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第一節(jié) 相似三角形的判定及有關(guān)性質(zhì)課時(shí)作業(yè) 理(選修4-1)

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1、2022年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第一節(jié) 相似三角形的判定及有關(guān)性質(zhì)課時(shí)作業(yè) 理(選修4-1) 一、填空題 1.如圖,BD,CE是△ABC的高,BD,CE交于F,寫出圖中所有與△ACE相似的三角形為________. 解析:由Rt△ACE與Rt△FCD和Rt△ABD各共一個(gè)銳角,因而它們均相似,又易知∠BFE=∠A,故Rt△ACE∽R(shí)t△FBE. 答案:△FCD、△FBE、△ABD 2.如圖,在△ABC中,DE∥BC,EF∥AB,AD=5,DB=3,F(xiàn)C=2,則BF=________. 解析:由平行線的性質(zhì)可得===,所以BF=FC=. 答案: 3.在△ABC中,∠AC

2、B=90°,CD⊥AB于D,ADBD=23.則△ACD與△CBD的相似比為________. 解析: 如圖所示,在Rt△ACB中,CD⊥AB,由射影定理得:CD2=AD·BD, 又∵AD:BD=2:3,令A(yù)D=2x, BD=3x(x>0), ∴CD2=6x2,∴CD=x. 又∵∠ADC=∠BDC=90°,∠A=∠BCD. ∴△ACD∽△CBD. 易知△ACD與△CBD的相似比為==. 即相似比為:3. 答案::3 4. 如圖,已知AB∥EF∥CD,若AB=4,CD=12,則EF=__________. 解析:∵AB∥CD∥EF, ∴=,=, ∴=,=,

3、∴4(BC-BF)=12BF, ∴BC=4BF, ∴=4=, ∴EF=3. 答案:3 5.如圖,在梯形ABCD中,AD∥BC,BD與AC相交于O,過(guò)O的直線分別交AB、CD于E、F,且EF∥BC,若AD=12,BC=20,則EF=________. 解析:∵EF∥AD∥BC,∴△OAD∽△OCB, OA:OC=AD:BC=12:20, △OAE∽△CAB,OE:BC=OA:CA=12:32, ∴EF=2××20=15. 答案:15 6.如圖,在圓O中,直徑AB與弦CD垂直,垂足為E,EF⊥DB,垂足為F,若AB=6,AE=1,則DF·DB=________. 解

4、析:連接AD,由射影定理可知ED2=AE·EB=1×5=5,又易知△EBD與△FED相似,得DF·DB=ED2=5. 答案:5 7.如圖,等邊三角形DEF內(nèi)接于△ABC,且DE∥BC,已知AH⊥BC于點(diǎn)H,BC=4,AH=,則△DEF的邊長(zhǎng)為________. 解析:設(shè)DE=x,AH交DE于點(diǎn)M,顯然MH的長(zhǎng)度與等邊三角形DEF的高相等,又DE∥BC,則==,∴==,解得x=. 答案: 8.如圖, 在梯形ABCD中,AB∥CD,且AB=2CD,E、F分別是AB、BC的中點(diǎn),EF與BD相交于點(diǎn)M.若DB=9,則BM=________. 解析:∵E是AB的中點(diǎn), ∴AB=2

5、EB. ∵AB=2CD,∴CD=EB. 又AB∥CD,∴四邊形CBED是平行四邊形. ∴CB∥DE,∴ ∴△EDM∽△FBM.∴=. ∵F是BC的中點(diǎn),∴DE=2BF. ∴DM=2BM. ∴BM=DB=3. 答案:3 9. 如圖,圓O的半徑為1,A,B,C是圓周上的三點(diǎn),滿足∠ABC=30°,過(guò)點(diǎn)A做圓O的切線與OC的延長(zhǎng)線交于點(diǎn)P,則PA=________. 解析:連接AO,AC,因?yàn)椤螦BC=30°,所以∠CAP=30°,∠AOC=60°,△AOC為等邊三角形,則∠ACP=120°,∴∠APC=30°,∴△ACP為等腰三角形,且AC=CP=1,∴PA=2×1×si

6、n60°=. 答案: 二、解答題 10.已知△ABC中,BF⊥AC于點(diǎn)F,CE⊥AB于點(diǎn)E,BF和CE相交于點(diǎn)P,求證: (1)△BPE∽△CPF; (2)△EFP∽△BCP. 證明:(1)∵BF⊥AC于點(diǎn)F,CE⊥AB于點(diǎn)E, ∴∠BFC=∠CEB. 又∵∠CPF=∠BPE,∴△CPF∽△BPE. (2)由(1)得△CPF∽△BPE,∴=. 又∵∠EPF=∠BPC,∴△EFP∽△BCP. 11.如圖,在Rt△ABC中,∠BAC=90°,AD⊥BC于D,DF⊥AC于F,DE⊥AB于E,求證: (1)AB·AC=BC·AD; (2)AD3=BC·CF·BE.

7、證明:(1)在Rt△ABC中,AD⊥BC, ∴S△ABC=AB·AC=BC·AD. ∴AB·AC=BC·AD. (2)Rt△ADB中,DE⊥AB,由射影定理可得 BD2=BE·AB,同理CD2=CF·AC, ∴BD2·CD2=BE·AB·CF·AC. 又在Rt△BAC中,AD⊥BC,∴AD2=BD·DC, ∴AD4=BE·AB·CF·AC, 又AB·AC=BC·AD.即AD3=BC·CF·BE. 1.如圖,在△ABC中,D為BC邊的中點(diǎn),E為AD上的一點(diǎn),延長(zhǎng)BE交AC于點(diǎn)F.若=,求的值. 解: 如圖,過(guò)點(diǎn)A作AG∥BC, 交BF的延長(zhǎng)線于點(diǎn)G. ∵=,

8、∴=. 又∵△AGE∽△DBE, ∴==. ∵D為BC中點(diǎn),BC=2BD, ∴=. ∵△AGF∽△CBF,∴==,∴=. 2.如圖,AB為⊙O的直徑,直線CD與⊙O相切于E,AD垂直CD于D,BC垂直CD于C,EF垂直AB于F,連接AE,BE. 求證:(1)∠FEB=∠CEB; (2)EF2=AD·BC. 證明:(1)由直線CD與⊙O相切, 得∠CEB=∠EAB. 由AB為⊙O的直徑,得AE⊥EB, 從而∠EAB+∠EBF=; 又EF⊥AB,得∠FEB+∠EBF=. 從而∠FEB=∠EAB.故∠FEB=∠CEB. (2)由BC⊥CE,EF⊥AB,∠FEB=∠CEB,BE是公共邊, 得Rt△BCE≌Rt△BFE,所以BC=BF. 同理可證Rt△ADE≌Rt△AFE,得AD=AF. 又在Rt△AEB中,EF⊥AB, 故EF2=AF·BF, 所以EF2=AD·BC.

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