（京津瓊）2022高考物理總復(fù)習(xí) 專用優(yōu)編提分練：考前綜合練（二）

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1、（京津瓊）2022高考物理總復(fù)習(xí) 專用優(yōu)編提分練：考前綜合練（二） 一、單項選擇題 1．以下關(guān)于α、β和γ射線的說法中正確的是(　　) A．原子序數(shù)大于83的原子核都具有放射性 B．α射線本質(zhì)是質(zhì)子流，其電離能力最強 C．β射線是核外電子電離產(chǎn)生的 D．γ射線是中子流，其貫穿能力最強 答案　A 解析　原子序數(shù)大于83的原子核都具有放射性，選項A正確；α射線本質(zhì)是氦核，選項B錯誤；β射線是核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時產(chǎn)生的高速電子，選項C錯誤；γ射線是光子，選項D錯誤． 2．如圖所示，矩形線框在磁場內(nèi)做的各種運動中，能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是(　　) 答案　B 解析　A圖中線框

2、在勻強磁場中運動的過程中，面積不變、磁感應(yīng)強度不變，穿過線框的磁通量不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯誤；B圖在線框繞OO′軸轉(zhuǎn)動過程中，穿過閉合線框的磁通量發(fā)生變化，能產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；C圖中線框與磁場平行，線框在運動過程中，穿過線框的磁通量始終為零，不發(fā)生變化，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故C錯誤；D圖中線框與磁場平行，線框在運動過程中，穿過線框的磁通量始終為零，不發(fā)生變化，沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生，故D錯誤． 3.如圖1所示，帶有孔的小球A套在粗糙的傾斜直桿上，與正下方的小球B通過輕繩連接，處于靜止狀態(tài)．給小球B施加水平力F使其緩慢上升，直到小球A剛要滑動，在此過程中(　　) 圖1 A．水平力F

3、的大小不變 B．桿對小球A的支持力不變 C．輕繩對小球B的拉力先變大后變小 D．桿對小球A的摩擦力先變小后變大 答案　D 解析　對球B受力分析，受拉力F、重力mg和輕繩的拉力FT，合力為零，如圖甲所示： 由此可知，隨著α的增加，拉力F和輕繩張力FT均增加，故A、C錯誤；再對A、B球整體受力分析，受重力、拉力F、支持力FN和靜摩擦力Ff，如圖乙所示： 設(shè)桿與水平方向的夾角為θ，根據(jù)平衡條件， 在垂直于桿方向有FN＝(M＋m)gcos θ＋Fsin θ， 隨著F的增加，支持力FN增加； 在平行于桿方向，有：Fcos θ＋Ff＝(M＋m)gsin θ， 可得：Ff＝(M

4、＋m)gsin θ－Fcos θ， 可知隨著F的增加，靜摩擦力逐漸減小， 當(dāng)(M＋m)gsin θ＝Fcos θ時，靜摩擦力為零，此后靜摩擦力反向增加，故B錯誤，D正確． 4．汽車由靜止開始在平直的公路上行駛，0～60 s內(nèi)汽車的加速度隨時間變化的圖象如圖2所示．則該汽車在0～60 s內(nèi)的速度－時間圖象為(　　) 圖2 答案　B 解析　0～10 s內(nèi)汽車做加速度為2 m/s2的加速運動，根據(jù)v＝at，可知10 s時速度達到20 m/s，接下來10～40 s做勻速運動，速度始終為20 m/s,40～60 s內(nèi)，加速度反向，汽車做減速運動，加速度為－1 m/s2，經(jīng)20 s

5、速度恰好減小到零． 5．某發(fā)電廠的發(fā)電機組輸出的電壓恒為400 V，將其通過升壓變壓器升壓后加在輸電線上向距離較遠的用戶端變電站供電，輸電線總電阻為5 Ω，當(dāng)輸送的電功率恒為200 kW時，發(fā)電廠提供的電能與用戶端消耗的電能不相等，二者在一個小時內(nèi)相差50度電，變壓器均為理想變壓器，則下列說法正確的是(　　) A．輸電線上損失的功率為50 W B．供電端升壓變壓器的匝數(shù)比為1：5 C．輸電線上損失的電壓為50 V D．若輸電功率增大，則輸電線上損失的功率將會減小 答案　B 解析　輸電線上損失的功率 ΔP＝＝＝50 kW， 選項A錯誤； ΔP＝2R，解得U＝2 000 V，

6、 升壓變壓器的匝數(shù)比為：400∶2 000＝1∶5，選項B正確； 根據(jù)ΔP＝，解得ΔU＝500 V，選項C錯誤； 輸電電壓不變，若輸電功率變大，則輸電電流變大，輸電線上損失的功率ΔP′＝I2R變大，選項D錯誤． 二、多項選擇題 6．如圖3所示，飛船先沿橢圓軌道1飛行，然后在遠地點P處變軌后沿圓軌道2運行，在軌道2上周期約為90分鐘．則下列判斷正確的是(　　) 圖3 A．飛船沿橢圓軌道1經(jīng)過P點時的速度與沿圓軌道經(jīng)過P點時的速度相等 B．飛船在圓軌道2上時航天員出艙前后都處于失重狀態(tài) C．飛船在圓軌道2的角速度大于同步衛(wèi)星運行的角速度 D．飛船從橢圓軌道1的Q點運動到P點過

7、程中萬有引力做正功 答案　BC 解析　飛船沿橢圓軌道1經(jīng)過P點時有>m， 飛船沿橢圓軌道2經(jīng)過P點時有＝m， v1P＜v2P，A錯誤； 在圓軌道2上時，萬有引力提供向心力，航天員處于完全失重狀態(tài)，B正確； 因軌道2上周期約為90分鐘，小于同步衛(wèi)星的周期，又由ω＝，可得飛船在圓軌道2的角速度大于同步衛(wèi)星運行的角速度，C錯誤；飛船從橢圓軌道1的Q點運動到P點過程中萬有引力做負功，D錯誤． 7．某靜電場的電場線分布如圖4所示，P、Q為該電場中的兩點，下列說法正確的是(　　) 圖4 A．P點場強大于Q點場強 B．P點電勢低于Q點電勢 C．將電子從P點移動到Q點，電場力做正功

8、 D．將電子從P點移動到Q點，其電勢能增大 答案　AD 解析　電場線密的地方電場強度大，所以P點場強一定大于Q點場強，A正確；根據(jù)沿電場線方向電勢降低可以知道，P點電勢高于Q點電勢，B錯誤；P點電勢高于Q點電勢，即φP>φQ，電勢能Ep＝qφ中，因為是電子，所以q<0，所以電子在P點的電勢能小于在Q點的電勢能，將電子從P點移動到Q點，其電勢能增大，所以電場力做負功，C錯誤，D正確． 8.如圖5所示，木板1、2固定在墻角，一個可視為質(zhì)點的物塊分別從木板的頂端靜止釋放，并沿斜面下滑到底端，物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)均為μ.對這兩個過程，下列說法正確的是(　　) 圖5 A．沿著1和

9、2下滑到底端時，物塊的速度大小相等 B．沿著1和2下滑到底端時，物塊的速度大小不相等 C．物塊沿著1下滑到底端的過程，產(chǎn)生的熱量更多 D．物塊沿著2下滑到底端的過程，產(chǎn)生的熱量更多 答案　BC 解析　物塊從高為h的斜面上由靜止滑到底端時， 根據(jù)動能定理有：mgh－Wf＝mv2① 其中Wf為物塊克服摩擦力做的功， 因滑動摩擦力為：Ff＝μFN＝μmgcos θ， 所以物塊克服摩擦力做的功為： Wf＝FfL＝μmgcos θ·L＝μmgLcos θ② 由題圖可知，Lcos θ為斜面底邊長，可見物塊從斜面頂端下滑到底端時，克服摩擦力做的功與斜面底端長度L底成正比．沿著1和2下滑

10、到底端時，重力做功相同，而沿2下滑到底端過程物塊克服摩擦力做功小于沿1下滑到底端過程克服摩擦力做功，則由①式得，沿著2下滑到底端時物塊的速度大于沿1下滑到底端時物塊的速度，故A錯誤，B正確；沿1時克服摩擦力做的功多，物塊的機械能損失大，產(chǎn)生的熱量多，故C正確，D錯誤． 三、非選擇題 9．某同學(xué)在測定小車加速度的實驗中，得到圖6甲所示的一條紙帶，他在紙帶上共取了A、B、C、D、E、F、G七個計數(shù)點，相鄰的兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出．已知打點計時器的打點周期為0.02 s．該同學(xué)從每個計數(shù)點處將紙帶剪開分成六條(分別標記為a、b、c、d、e、f)，再將這六條紙帶由短到長緊靠但不重疊地粘在x

11、Oy坐標系中，得到圖乙所示的圖形，最后將各紙帶上端中心連起來，于是得到表示v－t關(guān)系的圖象，圖中x軸對應(yīng)的物理量是時間t，y軸對應(yīng)的物理量是速度v. 圖6 (1)圖中t3＝________ s，若測得紙條c的長度為4.02 cm，則v3＝________ m/s(保留兩位有效數(shù)字)． (2)若測得紙條a的長度為1.98 cm，紙條f的長度為7.02 cm，則可求出加速度的大小為________ m/s2(保留兩位有效數(shù)字)． 答案　(1)0.25　0.40　(2)1.0 解析　(1)因為每相鄰的兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出，所以相鄰的兩個計數(shù)點的時間間隔T＝0.1 s，題圖

12、中t3＝2×0.1 s＋0.05 s＝0.25 s，根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度， 則v3≈ m/s＝0.40 m/s； (2)根據(jù)Δx＝aT2得，可知xf－xa＝5aT2， 則加速度的大小a≈ m/s2＝1.0 m/s2. 10．為了測定電阻的阻值，實驗室提供下列器材： 待測電阻R(阻值約100 Ω)、滑動變阻器R1(0～100 Ω)、滑動變阻器R2(0～10 Ω)、電阻箱R0(0～9 999.9 Ω)、理想電流表A(量程50 mA)、直流電源E(3 V，內(nèi)阻忽略)、導(dǎo)線若干、開關(guān)若干． 圖7 (1)甲同學(xué)設(shè)計如圖7(a)所示的電路進行實驗．

13、 ①請在圖(b)中用筆畫線代替導(dǎo)線，完成實物電路的連接． ②滑動變阻器應(yīng)選________(填入字母)． ③實驗操作時，先將滑動變阻器的滑動觸頭移到最________(選填“左”或“右”)端，再接通開關(guān)S；保持S2斷開，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動變阻器使電流表指針偏轉(zhuǎn)至某一位置，并記下電流I1. ④斷開S1，保持滑動變阻器阻值不變，調(diào)整電阻箱R0阻值在100 Ω左右，再閉合S2，調(diào)節(jié)R0阻值使得電流表讀數(shù)為________時，R0的讀數(shù)即為電阻的阻值． (2)乙同學(xué)利用電路(c)進行實驗，改變電阻箱R0的值，讀出電流表相應(yīng)的電流I，由測得的數(shù)據(jù)作出－R0圖線如圖(d)所示，圖線縱軸截距為m，

14、斜率為k，則電阻的阻值為________． (3)若電源內(nèi)阻是不可忽略的，則上述電路(a)和(c)，哪種方案測電阻更好________？為什么？__________________________________________________. 答案　(1)①如圖所示 ②R2?、圩蟆、躀1 (2)　(3)(a)　此方案不受電源內(nèi)阻的影響 解析　(1)①連線圖如圖所示： ②因為滑動變阻器采用分壓式接法時，阻值越小調(diào)節(jié)越方便，所以變阻器應(yīng)選R2； ③實驗操作時，應(yīng)將變阻器的滑動觸頭置于輸出電壓最小的最左端； ④根據(jù)歐姆定律，若兩次保持回路中電流表讀數(shù)不變，則根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可

15、知，回路中總電阻也應(yīng)該相等，結(jié)合回路中的電阻計算，可知R0的讀數(shù)即為電阻的阻值． (2)根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有：E＝I(R＋R0) 解得：＝＋ 結(jié)合數(shù)學(xué)知識可知m＝，k＝ 解得：E＝，R＝Em＝ (3)若電源內(nèi)阻是不可忽略的，則電路(a)好，因為電源內(nèi)阻對電路(a)測電阻沒有影響． 11．如圖8所示，半徑為R的光滑半圓環(huán)軌道豎直固定在一光滑的水平桌面上，桌面距水平地面的高度也為R，在桌面上輕質(zhì)彈簧被a、b兩個小球擠壓(小球與彈簧不拴接)，處于靜止狀態(tài)．同時釋放兩個小球，小球a、b與彈簧在桌面上分離后，a球從B點滑上半圓環(huán)軌道最高點A時速度為vA＝，已知小球a質(zhì)量為m，小球b質(zhì)量為

16、2m，重力加速度為g，不計空氣阻力，求： 圖8 (1)小球a在圓環(huán)軌道最高點對軌道的壓力； (2)釋放后小球b離開彈簧時的速度vb的大小； (3)小球b落地點距桌子右側(cè)的水平距離． 答案　(1)mg，方向豎直向上　(2)　(3)R 解析　(1)設(shè)a球通過最高點時受軌道的彈力為FN，由牛頓第二定律得：mg＋FN＝m 解得：FN＝mg.由牛頓第三定律知，a球?qū)壍赖膲毫閙g，方向豎直向上． (2)設(shè)小球a與彈簧分離時的速度大小為va，取桌面為零勢能面，由機械能守恒定律得：mva2＝mvA2＋mg·2R，解得：va＝，小球a、b從釋放到與彈簧分離過程中，總動量守恒，則有mva＝

17、2mvb，得vb＝ (3)b球從桌面飛出做平拋運動，設(shè)飛出的水平距離為x，則R＝gt2，t＝，x＝vbt 聯(lián)立解得：x＝R. 12．如圖9所示，在坐標系xOy中，第一象限除外的其他象限都充滿勻強磁場Ⅰ，磁感應(yīng)強度都為B1＝0.12 T，方向垂直紙面向內(nèi)．P是y軸上的一點，它到坐標原點O的距離l＝0.4 m．一比荷＝5×107 C/kg的帶正電粒子從P點開始進入勻強磁場中運動，初速度v0＝3×106 m/s，方向與y軸正方向成夾角θ＝53°并與磁場方向垂直，不計粒子的重力．已知sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6，求： 圖9 (1)粒子在磁場中運動的軌道半徑R. (2)

18、在第一象限中與x軸平行的虛線上方的區(qū)域內(nèi)充滿沿x軸負方向的勻強電場(如圖a所示)，粒子在磁場中運動一段時間后進入第一象限，最后恰好從P點沿初速度的方向再次射入磁場．求勻強電場的電場強度E的大小和電場邊界(虛線)與x軸之間的距離d. (3)如果撤去電場，在第一象限加另一勻強磁場Ⅱ，磁場方向垂直于xOy平面．在第(2)問虛線位置放置一塊長度為L＝0.25 m的平板，平板的左邊緣與y軸對齊(如圖b所示)．帶電粒子仍從P點開始運動，欲使帶電粒子第一次進入第一象限運動時不打到板上，求磁場Ⅱ的磁感應(yīng)強度B2的大小和方向應(yīng)滿足什么條件？ 答案　見解析 解析　(1)粒子在磁場區(qū)域內(nèi)運動，洛倫茲力提供向心

19、力，由牛頓第二定律得：qv0B1＝m， 解得，粒子運動的軌道半徑：R1＝＝0.5 m， (2)粒子運動軌跡如圖所示，粒子運動軌跡的圓心A恰好落在x軸上．由幾何關(guān)系可知粒子從C點進入第一象限時的位置坐標為：x＝R1－R1cos θ＝0.2 m 粒子進入勻強電場后做類平拋運動，設(shè)粒子在電場中的運動時間為t，加速度為a，則：l－d＝v0t 由牛頓第二定律得：qE＝ma x＝at2 粒子運動到P點時，水平速度為：vx＝at＝v0tan θ， 代入數(shù)據(jù)解得，電場強度：E＝8×105 N/C， 電場邊界(虛線)與x軸之間的距離：d＝0.1 m； (3)如果第一象限的磁場方向垂直于xO

20、y平面向內(nèi)，則帶電粒子打到平板的臨界條件為軌跡圓與板相切，此時軌跡半徑為R2＝d＝0.1 m 由牛頓第二定律得：qv0B2＝m， 代入數(shù)據(jù)解得：B2＝0.6 T， 如果第一象限的磁場方向垂直于xOy平面向外， 則帶電粒子打到平板的臨界條件為軌跡圓與板右側(cè)邊緣有交點，設(shè)此時軌跡半徑為R3， 由幾何關(guān)系：R32＝d2＋[R3－(L－OC)]2， 代入數(shù)據(jù)解得：R3＝0.125 m， 由牛頓第二定律得：qv0B2＝m， 代入數(shù)據(jù)解得：B2＝0.48 T， 故欲使帶電粒子第一次進入第一象限運動時不打到板上，磁場Ⅱ的磁感應(yīng)強度B2的大小和方向應(yīng)滿足：若磁場方向垂直于xOy平面向內(nèi)，

21、則B2＞0.6 T；若磁場方向垂直于xOy平面向外，則B2＞0.48 T. 13．[選修3－3] (1)(2018·陜西省寶雞市質(zhì)檢二)關(guān)于物體的內(nèi)能，下列說法正確的是________． A．相同質(zhì)量的兩種物質(zhì)，升高相同的溫度，內(nèi)能的增量一定相同 B．物體的內(nèi)能改變時溫度不一定改變 C．內(nèi)能與物體的溫度有關(guān)，所以0 ℃的物體內(nèi)能為零 D．分子數(shù)和溫度相同的物體不一定具有相同的內(nèi)能 E．內(nèi)能小的物體也可能將熱量傳遞給內(nèi)能大的物體 (2)如圖10所示，潛艇采用壓縮空氣排出海水控制浮沉，在海面上，潛艇將壓強為1.0×105 Pa、總體積為600 m3的空氣(包含貯氣筒內(nèi)空氣，視為理想

22、氣體)壓入容積為3 m3的貯氣筒．潛至海面下方190 m水平航行時，為控制姿態(tài)，將貯氣筒內(nèi)一部分壓縮空氣通過節(jié)流閥壓入水艙，使15 m3的水通過排水孔排向與之相通的大海．已知海面處大氣壓p0＝1.0×105 Pa，取海水的密度ρ＝1.0×103 kg/m3，g＝10 m/s2，求： 圖10 ①潛艇下潛前貯氣筒內(nèi)空氣的壓強； ②排出水后貯氣筒內(nèi)剩余空氣的壓強． 答案　(1)BDE　(2)①2.0×107 Pa?、?.0×107 Pa 解析　(1)相同質(zhì)量的同種物質(zhì)，升高相同的溫度，內(nèi)能的增量相同；相同質(zhì)量的不同種物質(zhì)，升高相同的溫度，內(nèi)能的增量不同，故A錯誤；物體內(nèi)能改變時溫度不一

23、定改變，比如零攝氏度的冰融化為零攝氏度的水，內(nèi)能增加，故B正確；分子永不停息地做無規(guī)則運動，可知任何物體在任何狀態(tài)下都有內(nèi)能，故C錯誤；分子數(shù)和溫度相同的物體不一定有相同的內(nèi)能，還看物體的體積，故D正確；發(fā)生熱傳遞的條件是存在溫度差，與內(nèi)能的大小無關(guān)，所以內(nèi)能小的物體也可能將熱量傳遞給內(nèi)能大的物體，故E正確． (2)①設(shè)潛艇下潛前貯氣筒內(nèi)空氣的壓強為p1， p1V1＝p0V0，解得p1＝2.0×107 Pa ②設(shè)水艙中空氣的壓強為p3，貯氣筒內(nèi)剩余空氣的壓強為p2，p3V3＋p2V1＝p0V0， p3＝p0＋ρgh＝2.0×106 Pa，解得：p2＝1.0×107 Pa. 14．[選

24、修3－4] (1)在雙縫干涉實驗中，用波長為630 nm的紅光照射在雙縫上，在縫后的屏幕上顯示出干涉圖樣．已知雙縫到屏幕的距離為1.00 m，測得第1條到第6條亮條紋中心間距為10.5 mm，則雙縫之間的距離為________mm.若要增大干涉圖樣中兩相鄰亮條紋的間距，可選用的一項方法是________． A．增大雙縫間距 B．增大雙縫到屏幕的距離 C．將光源向遠離雙縫的位置移動 D．將光源向靠近雙縫的位置移動 圖11 (2)三棱鏡ABC主截面如圖11所示，其中∠A＝90°，∠B＝30°，AB＝30 cm，將單色光從AB邊上的a點垂直AB射入棱鏡，測得從AC邊上射出的光束與B

25、C面垂直，已知Ba＝21 cm，真空中的光速c＝3.0×108 m/s，不考慮光在AC面的反射，求： ①三棱鏡對該單色光的折射率； ②從a入射到從AC邊出射，單色光在棱鏡中傳播的時間； 答案　(1)0.3　B　(2)①?、?.3×10－9 s 解析　(1)測得第1條到第6條亮條紋中心間距離為10.5 mm， 則相鄰亮條紋之間的距離為Δx＝ mm＝2.1 mm， 由Δx＝λ得d＝λ＝0.3 mm 根據(jù)Δx＝λ可知要增大干涉圖樣中兩相鄰亮條紋的間距，則可采取增大雙縫到屏幕的距離、減小雙縫間距，故A錯，B對；光源到雙縫的距離不會改變條紋間距，故C、D錯． (2)①光路圖如圖， 光在b點發(fā)生反射，光在c點發(fā)生折射． 由幾何關(guān)系可得：∠1＝∠2＝30° ∠3＝30°，∠4＝60° 三棱鏡對該單色光的折射率n＝＝ ②光在棱鏡中的傳播速度v＝，ab＝aBtan 30°， bc＝bC＝ 單色光在棱鏡中的傳播時間t＝＝1.3×10－9 s.